【文档说明】2024届四川省成都市第七中学高三下学期5月模拟考试理科综合试题-高中物理 Word版含解析.docx，共(19)页，959.833 KB，由小赞的店铺上传

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都七中（林荫校区）高2021级高三下期理科综合试题（5月25日）第Ⅰ卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分

，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.用中子轰击静止的锂核63Li，得到氚核、频率为的光子和原子核X；已知锂核的结合能为1E，氚核的结合能为2E，X的结合能为3E，普朗克常量为h，真空中的光速为c，下列说法正确的是（）A.X的电离作用弱B.光子的动量

为hC.该核反应的质量亏损为hcD.该核反应释放的核能为231EEE+−【答案】D【解析】【详解】A．根据核反应的核电荷数和质量数守恒可知，X是粒子，其电离作用强，穿透能力弱，A错误；B．光子的动量应为hhvc=，B错误；C．光子的

能量是核能的一部分，核反应的质量亏损为2ΔΔEmc=，C错误；D．根据结合能的定义可知，该核反应释放的核能为核反应后的结合能与核反应前的结合能之差即231EEE+−，D正确；故选D。2.如图甲所示，光滑绝缘水平面上固定一长直导线，

导线右侧锁定一正方形导线框，左右两边与导线平行，导线中的电流按图乙所示规律变化，线框始终在导线右侧。已知长直导线在附近某点外产生的磁感应强度与电流成正比，与该点到直导线的距离成反比，则（）A.若10st=时解除锁定，则1

024s内线框向右做加速运动B.若一直锁定，则0~8s内线框所受安培力为定值C若4st=时解除锁定，则24st=前线框可能停止D.若24st=时解除锁定，则线框向右运动，在32st=前不可能停止【答案】C【解析】【详解】A．10s时解除锁定，由于10~24s直导线中电流不变，所以穿

过线框的磁通量不变，无感应电流产生，所以线框不受安培力作用，线框处于静止状态，故A错误；B．若一直锁定，则0~8s内直导线中电流均匀增大，所以穿过线框的磁通量均匀增大，根据楞次定律可得线框中产生逆时针方向的感应电流，且电流大小不变，根据左手定则可知，线框所受

安培力向右，由于磁场增大，所以安培力不断增大，故B错误；C．若4s时解除锁定，线框受到向右的安培力，线框向右加速，8s前不可能停下，8s后线框向右运动，穿过线框的磁通量减小，所受安培力向左，线框减速，24s前线框可能停止，故C正确；D．若24s时解除锁定，线框

向左加速，32s前不会停止，故D错误。故选C。3.2024年3月20日，鹊桥二号中继星由长征八号遥三运载火箭在中国文昌航天发射升空，星箭分离后，卫星进入近地点高度200公里，远地点高度42万公里的预定地月转移轨道，发射任务圆满成功。鹊桥二号中继星作为探月工程的“关键一环”，将架设地月新“鹊桥”，

为嫦娥四号、六号等任务提供地月中继通信。已知地球同步卫星离地的高度约为3万6千公里，地球半径约为6400公里，忽略稀薄空气的影响，下列说法错误．．的是（）A.鹊桥二号由近地点向远地点运动的过程中，机械能增加B.鹊桥二号在地月转移轨道上运行的周期大于1天C.鹊桥二号在近地点的速度大小约为远地点的

65倍D.鹊桥二号在远地点的速度大小小于地球同步卫星的速度大小【答案】A【解析】.【详解】A．卫星进入近地点高度200公里，远地点高度42万公里的预定地月转移轨道，说明这是椭圆轨道，只有万有引力做功，机械能守恒，故A错误；B．根据开普勒第三定律有32rkT=则有338641

rTTr==桥桥同同故B正确；C．根据开普勒第二定律可知()()12vRhvRh+=+远近求得()()2165RhvvRh+=+近远故C正确；D．假设鹊桥卫星在远地点所在位置的圆形轨道上根据22MmvGmrr=可得此时鹊桥二号速

度大小小于地球同步卫星的速度大小，根据变轨知识，鹊桥二号在远地点的速度大小小于鹊桥卫星在远地点所在位置的圆形轨道上的速度，所以鹊桥二号在远地点的速度大小小于地球同步卫星的速度大小，故D正确。本题选错误的，故选A。4.学校升旗仪式上，国旗护卫队的要将一面质

量为1.5kg的国旗升至旗杆顶端。其过程假设为：国旗在轻绳的牵引下沿竖直方向从静止开始匀加速达到最大速度0.4m/s，再匀速一段时间后匀减速运动，到达杆顶时速度恰好为0，整个过程用时46s，上升高度为

16m，且匀加速和匀减速的时间相同，不考虑空气作用力。g取210ms/。则（）A.国旗匀速运动的时间是40sB.国旗匀速运动过程，其重力的冲量大小是510N•sC.轻绳对国旗作用力最大功率为6WD.加速和减速阶段，轻绳对国旗作用力大小之比1∶1【答案】B【解析】【详

解】A．设匀速的时间为t0，则00222mmvttvth−+=解得t0=34s选项A错误；B．国旗匀速运动过程，其重力的冲量大小是IG=mgt0=510N•s选项B正确；C．加速时的加速度2210.41m/sm/s615mvat===轻绳对国旗作用力的最大

功率为()6.04WmmPFvmgmav==+=选项C错误；D．加速时1Tmgma=+减速时2Tmgma=−加速和减速阶段，轻绳对国旗作用力大小之比不等于1∶1，选项D错误。故选B。5.如图甲所示，粗糙、绝缘的水平地面上，一质量1kgm=的带负电小

滑块（可视为质点）在1mx=处以02m/sv=的初速度沿x轴正方向运动，滑块与地面间的动摩擦因数0.05=。在0x=及5mx=处有两个电性未知，电荷量分别为12QQ、的点电荷场源。取无限远处的电势能为零，滑块在不同位

置所具有的电势能Ep如图乙所示，P点是图线最低点，虚线AB是图像在x=1m处的切线，210m/sg=，下列说法的正确的是（）A.滑块在3mx=处时，静电力为零，速度最大B.两场源电荷均带正电，且12QQC.滑块向右运动过程中，速度始终减小D.

滑块在经过4mx=处的位置，其动能为0.5J【答案】D【解析】【详解】A．Ep-x图像斜率的绝对值表示滑块所受电场力的大小，滑块在x=3m处所受电场力为0，所受合外力为0.5Nfμmg==滑块在运动过程中，当电场力与摩擦力相等时，即合外力

为零时，速度最大，故A错误；B．在x=3m处电场力为0，电场强度为0，即122212QQkkrr=由于123m2mrr==所以12QQ滑块在x=3m处电势能最低，因为滑块带负电，所以x=3m处的电势最高

，两场源电荷均带负电，故B错误；C．滑块在x=1m处所受电场力大小为p21N1N21EFx−===−所以在x=1m处，滑块所受电场力与滑动摩擦力方向相反，电场力大于摩擦力，则滑块加速运动，故C错误；D．滑块在x=1m处的电势能与在x=4m处的电

势能相等，根据能量守恒定律，若滑块能够经过x=4m处，则应满足2012mvfx由2201112J2J0.5(41)J1.5J22mvfx===−=所以滑块一定可以经过x=4m处的位置，且达到x=4m处的位置时动能为2k010.5J2Emvfx=−=故D正确。故选D6.如图所示

，是简化的某种旋转磁极式发电机原理图。定子是仅匝数n不同的两线圈，12nn，二者轴线在同一平面内且相互垂直，两线圈到其轴线交点O的距离相等，且均连接阻值为R的电阻，转子是中心在O点的条形磁铁，绕O点在该平面内匀速转动时，两线

圈输出正弦式交变电流。不计线圈电阻、自感及两线圈间的相互影响，下列说法正确的是（）A.通过两线圈的磁通量的最大值相同B.两线圈产生的电动势的有效值相同C.两线圈产生的交变电流频率相同D.两电阻消耗的电功率相同【答案】AC【

解析】【详解】A．当磁感线垂直穿过螺线管时，两线圈的磁通量最大，且磁通量与匝数无关，所以两线圈的磁通量的最大值相同，故A正确；B．根据法拉第电磁感应定律可得，两线圈中磁通量的变化率相等，但是匝数不等，则产生的感应电动势。最大值不相等，有效值也不相等，故B错误；C．因两线圈放在同一个

旋转磁铁的旁边，则两线圈产生的交流电的频率相等，故C正确；D．根据2UPR=可知，R两端的电压不相等，则两电阻的电功率也不相等，故D错误。故选AC。7.北方冬天的雪景十分壮观，如图（a）所示，质量为30kgM=的甲坐在质量为2kgm=的爬犁上，乙拉着轻质

细绳右端A使爬犁在水平雪地上向前做匀速运动。简图如图（b）所示，已知拴接在爬犁两侧的细绳所在的平面与水平面的夹角53=，两侧细绳等长且细绳间的夹角74=，爬犁与雪地的动摩擦因数0.5=，重力加速度210m/s,sin530.8g==。（）A.乙的拉力大小为150NB.两侧细绳上

的拉力大小均为100NC.爬犁所受的摩擦力大小为90ND.逐渐减小，两侧细绳上的拉力先减小后增大【答案】BD【解析】【详解】A．由平衡可知()cossinFMmgF=+−解得F=160N选项A错误；B．根据2cos37TF=解得T=100N选项B

正确；C．爬犁所受的摩擦力大小为cos96NFf==选项C错误；D．根据()cossinFMmgF=+−可得()1601601cossin5cossinsin()22MmgF+

===+++其中tan2=（63）逐渐减小，则sin()+先增加后减小，则F先减小后增加，则根据2cos37TF=可知，两侧细绳上的拉力先减小后增大，选项D正确。故选BD。8.如图所示，在PQ之间有水平向右的匀强电场，在QM之间的两个半径为R的圆形内（

不包含边界）存在方向相反的圆形磁场，两个圆形磁场相切且与边界Q也相切，磁感应强度均为B，在两个圆形磁场右边并与圆形磁场相切有一个足够大的挡板。在下边圆形磁场的最低点A处有一个粒子源可以在平面内向磁场内各个方向发射速率为qBRm，电量为

+q，质量为m的粒子，PQ之间的距离为2R，电场强度为22qBRm，不计粒子的重力和粒子间的相互作用力，粒子不发生碰撞，下列说法正确的是（）A.粒子水平向左进入匀强电场B.粒子速度减到零时刚好运动到电场左边界PC.粒子无法都垂直打在挡板上D.粒子在下边

的圆形磁场中运动的时间均为mqB【答案】AD【解析】【详解】A．根据洛伦兹力提供向心力200vqvBmr=0qBRvm=解得rR=满足磁聚焦的条件，粒子出磁场后水平向左进入匀强电场，故A正确；B．设粒子在匀强电场中减速到零时的位移为x，根据动能定理可得2

201022qBRqxmvm−=−解得xR=而PQ之间的距离为2R，即粒子运动到PQ中间速度减到零，故B错误；C．根据磁聚焦知识粒子在上边的圆形磁场中射出后均能垂直打在挡板上，故C错误；D．作出轨迹图，如图所示根据磁聚

焦可以得出粒子在下边的圆形磁场中运动的两段圆弧圆心角之和是π，所以时间是半个周期，即mtqB=故D正确。故选AD。第Ⅱ卷（非选择题，共174分）三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第22题～第32题为必考题，每个试题考生都必须做答。第33题～第38题为选考题，考生根据要求做答。9.某物

理兴趣小组设计如下实验验证牛顿第二定律。（1）将手机固定在滑块上，弹簧测力计的一端固定，另一端用水平细线与滑块相连，用外力F将置于水平桌面上的长木板向左水平拉出，弹簧测力计示数稳定后如图甲所示，则滑块受到的滑动摩擦力大小f=_______N；（2）

如图乙所示，在长木板右侧固定一轻滑轮：轻绳跨过滑轮，一端与滑块相连，另一端悬挂钩码，调节滑轮使细线水平。打开手机测量加速度的APP，静止释放钩码，测得手机与滑块在木板上运动的加速度为a。若测得钩码的质量为m，手机和滑块的总质量

为M，当地的重力加速度大小为g。在误差允许范围内，如果表达式=a______（用a、m、M、f、g表示）成立，则牛顿第二定律得到验证；（3）某兴趣小组在研究手机相机功能时看到了一个概念—帧率：相机在一秒钟内能够连续拍摄

或显示的图像数量。帧率通常以“fps”（FramesPerSecond）为单位表示。他们还发现手机可以按照30fps和60fps来拍摄或播放视频。他们将手机相机调节到30fps的模式，对图乙中滑块的运动进行拍摄，并以60fps的模式播放，那么视频中滑块的加速度将是真实值的_____

__倍。【答案】（1）4.0（2）mgfMm−+（3）4【解析】【小问1详解】如图，弹簧测力计的分度值为0.2N，滑动摩擦力大小为4.0N。【小问2详解】根据()mgfmMa−=+牛顿第二定律得到验证，需

满足mgfaMm−=+【小问3详解】根据2xat=以60fps的模式播放时，相同位移内时间间隔增大为拍摄时的12，则视频中滑块的加速度将是真实值的4倍。10.在新冠肺炎疫情防控期间，测体温已成为一种必要的防控手段。某学校科技小组欲利

用热敏电阻制作一个简单的“体温计”。（1）甲同学用多用电表欧姆挡粗测常温下该热敏电阻的阻值，以下说法正确的是________。A．用“×100”挡发现指针偏角过大，为了准确地进行测量，应换到“×1k”挡B．换挡后需要将两表笔短接重

新进行欧姆调零后再进行测量C．使用多用电表测电阻时，应该把被测电阻接入闭合电路中进行测量D．使用多用电表测电阻时，若双手接触两表笔的金属杆，则测量值偏大（2）甲同学用多用电表欧姆挡粗测常温下该热敏电阻的阻值时，将选择开关拨到“×10”挡，按正确步骤操作，示数如图甲中的实

线所示，则热敏电阻的阻值为__________；（3）乙同学用伏安法测量该热敏电阻在不同温度下的阻值，若提供的器材有：A．电源：电动势3V，内阻不计B．电流表：量程0~30mA，内阻约为10C．电压表：量程0~3V，内阻约为2kD．滑动变阻器

：最大阻值为10E．热敏电阻TRF．开关、导线若干以下四种测量TR的实验电路图中最合理的是________。A.B.C.D.（4）该实验小组用伏安法测热敏电阻在不同温度下的电阻时，得到如图乙所示的电阻阻值T

R与温度t的关系图像。将热敏电阻TR与电源（电动势E为3V，内阻不计）、电流表A（量程为9mA，内阻为15）、保护电阻0400R=，连成图丙所示电路，用热敏电阻TR做测温探头，把电流表的表盘刻度改为相应的温度刻度，就得

到了一个简单的热敏电阻“体温计”，表盘上5mA刻度处应标为_______℃（结果保留三位有效数字）。根据原理可得，表盘上的温度刻度是_____（选填“均匀”或“不均匀”）的。【答案】①.B②.240##2.

4×102③.B④.37.1（37.0~37.3）⑤.不均匀【解析】【详解】（1）[1]A．用“×100”挡发现指针偏角过大，说明接入电阻阻值较小，为了准确地进行测量，应更换到更小的挡位，A错误；B．欧姆表在每次换挡后都需要将两表笔短接重新调零，B正确；C

．多用电表测量电阻时，由于欧姆挡内部自带电源，通过欧姆表内部回路对电阻进行测量，如果将电阻接入到闭合电路中，欧姆表的测量结果无意义且可能会损坏欧姆表，C错误；D．若双手捏住两表笔金属杆,测量时人和待测电阻并联，测得的为

并联值，会使测量结果偏小，D错误。故选B。（2）[2]根据欧姆表的读数方法，热敏电阻阻值为2410Ω240Ω=（3）[3]由于TVA240Ω102000ΩRRR==所以热敏电阻属于大电阻，采用内接法误差较小，而为了获得更大的电压调节范围，滑动变阻器常常采用分压接法，A

CD错误，B正确。故选B。（4）[4]由0TA+EIRRR=+可知，当5ImA=时T185ΩR=由图像可知，此时温度为37.1℃。（4）[5]由0TA+EIRRR=+可知电流I与热敏电阻TR不成线性关系，故电流I与温度t不成线性关系，温度

t的刻度不均匀。11.半导体有着广泛的应用，人们通过离子注入的方式优化半导体以满足不同的需求。离子注入系统的原理简化如图所示。质量为m、电荷量为q的正离子经电场加速后从1EE中点P垂直OE射入四分之一环形匀强磁场，环

形磁场圆心为O，内环半径11OEOGR==外环半径3OEOGR==，磁场方向垂直纸面向里。当磁感应强度为0B时，离子恰好垂直边界从1GG中点Q射出。不考虑离子重力以及离子间的相互作用。求：（1）加速电场M、N两板间的电压；哪板电势高？（2）为使离子能

够到达1GG面，环形区域内磁场的磁感应强度的最大值1B。【答案】（1）2202qBRm，M板；（2）085B【解析】【详解】（1）当磁感应强度为0B时，离子恰好垂直边界从PQ→射出，根据几何关系可知，周运动半径2rR=由洛伦兹力提供向心力得2

vqvBmr=解得02qBRvm=电场中，由动能定理得212qUmv=解得2202qBRUm=因离子带正电，则M板的电势高；（2）根据2vqvBmr=可得mvBqr=要使B最大，则轨迹半径r最小，所以粒子恰好能打在1G位置时，磁感应强度为最大值，设此时轨迹半径为1r，根据几何关系得

()222112RrRr−+=解得154rR=又211vqvBmr=解得1085BB=12.如图，传送带右端与细管道最高点B等高相切，长木板上表面与光滑平台CD、细管道最低端C等高相切。滑块P以某一初速度通过逆时针转动的水平传送带和两个竖直的四分之一圆周光滑细管道，与静止在光滑平台上的Q滑块发

生弹性碰撞，P碰后恰好能返回到细管道最高点B处，Q滑块碰后滑上左端与D位置接触的长木板，与右端固定挡板发生弹性碰撞后最终停在长木板上。已知管道半径均为R，滑块P、Q、长木板质量分别为m、3m、6m，传送带长度为4R，滑块P与传送带间的动摩擦因数为μ=0.5，和长木板上表面间的动摩

擦因数为10.4=，长木板下表面与地面间的动摩擦因数为20.2=，重力加速度为g。求：（1）滑块P碰后返回通过管道最低端C时受到的支持力大小；（2）滑块P的初速度大小；（3）长木板的最小长度。【答案】（1）N5Fmg=；（2）04vgR=；（3）2013RL=【解析】【

详解】（1）设P于Q碰撞前的速度大小为1v，碰撞后P的速度大小为2v，Q的速度大小为3v，P从C到B过程根据动能定理可得221202mgRmv−=−在C位置有22NmvFmgR−=得22vgR=，N5Fmg=（2）根据动量守恒和机械能守恒可得1233mvmv

mv=−+2221231113222mvmvmv=+得14vgR=P从A位置的初速度根据动能定理可得221011222mgsmgRmvmv−+=−得04vgR=（3）由（2）得Q碰后速度为32gR=v进入长木板上表面，先判长木板是否移

动，Q对长木板摩擦力向右2131.2fmgmg==地面对长木板摩擦力向左()2361.8fmmgmg=+=地故长木板先不动，Q做匀减速运动，设长木板的长度为L，可得221431133322mgLmvmv−=−

得440.8vgRgL=−Q以4v与长木板弹性碰撞，可得456336mvmvmv=−+222456111336222mvmvmv=+得碰撞后Q的速度大小为5413vv=−长木板的速度大小为6423vv=Q向左减速210.4agg=

=长木板向右减速123390.56mgmgagm+==Q向左做减速运动直至减速到零后在向右做加速运动直到二者共速，再一起做减速运动，所做v-t图像如图可得4423233vvvatat=−+=−共相对位移

4421233vvxt=+得40.9vtg=，241.8vxg=代入前述4v，可得2013Rx=即长木板最小长度为2013RL=【物理－选修3-4】（15分）13.下列说法正确的是（）A.频率

越高，振荡电路向外辐射电磁波的本来越大B.高级照相机镜头在阳光下呈现淡紫色是光的偏振现象C.玻璃中的气泡看起来特别明亮是光的干涉现象D.a、b两束光分别照射同一双缝干涉装置，在屏上得到干涉图样中，a光的相邻亮条纹间距比b光小，由此可

知，在同种玻璃中b光传播速度比a光大E.让黄光、蓝光分别以相同角度斜射向同一平行玻璃砖，光从对侧射出时，两种光的偏转角都为零，但蓝光的侧移量更大【答案】ADE【解析】【详解】电磁波的能量与频率有关；振荡电路的频率越大，发射电磁波的本领越

大，故A正确；照相机的镜头呈现淡紫色是光的干涉现象，因为可见光有“红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫”七种颜色，而膜的厚度是唯一的，所以只能照顾到一种颜色的光让它完全进入镜头，一般情况下都是让绿光全部进入的，这种情况下，你在可见光中看到的镜

头反光其颜色就是淡紫色，故B错误；玻璃中的气泡看起来特别明亮是光的全反射现象而产生的，故C错误；在干涉条纹间距与波长的关系，可知，a光的相邻亮条纹间距小于b光的相邻亮条纹间距，则可以判断a光的波长比b光小，因此可将a光当作紫光，b光当作红光，则水对a光的折射率比b光大，再由公式v=c

/n，可知，在同种玻璃中b光传播速度比a光大，故D正确；光线通过玻璃砖发生了两次折射，第二次的入射角等于第一次的折射角，根据光路可逆性原理可知，光不可能在对侧表面发生全反射，一定能从对侧表面射出玻璃砖．根据光路的可逆性，出射光线与入射光线平行，所以

黄光、蓝光互相平行，但由于蓝光的折射率大，因此其偏折程度较大，故E正确；故选ADE．14.两列简谐横波分别沿x轴正方向和负方向传播，两波源分别位于x=-0.2m和x=1.2m处，两列波的波速均为0.4m/s，波源的振幅均为2c

m。t=1s时刻两列波的图像如图所示，此刻平衡位置在x=0.2m和x=0.8m的P、Q两质点刚开始振动。质点M的平衡位置处于x=0.5m处。（1）求两列波相遇的时刻；（2）求0~2.75s内质点M运动的路程；（3）求PQ之间振动加强点的坐标。的【答案】（1

）175s；（2）16cm；（3）（0.3m，0）、（0.5m，0）、（0.7m，0）【解析】【详解】（1）介质相同，波传播速度相同，由图可知，两列波会在M点相遇，即两列波还需要传播的距离为0.80.2m0.3m2PMQMxx−===对应时刻11s1.75sPMxtv

=+=（2）根据图像可知波长为0.4m，则波传播的周期为0.4s1s0.4Tv===0~1.75s内，M点还没有开始振动，M点总共振动的时间为1s，即为1T。两波源与M点的距离分别为10.5m0.2m0.7mS=+=，11.2m0.5m0.7mS

=−=可知波程差为零，由于两列波振动步调相同，故M点为振动加强点，振幅为2A，可知在剩余的1T内，质点M运动的路程为42422cm16cmA==（3）令PQ之间振动加强点的横坐标为x，则加强点到两波源的波程差为()()0.2m1.2mxxx=+−−（0.2m0.8mx）波程差为n（

n=0，±1，±2，±3…）的位置为振动加强点，则有xn=（n=±1，±2，±3…）解得n=0，±1则解得x为0.3m、0.5m、0.7m，即PQ之间振动加强点的坐标为（0.3m，0）、（0.5m

，0）、（0.7m，0）。.