重庆主城区二诊高2023届学业质量调研抽测(第二次)数学答案

PDF
  • 阅读 12 次
  • 下载 0 次
  • 页数 8 页
  • 大小 379.490 KB
  • 2024-10-18 上传
  • 收藏
  • 违规举报
  • © 版权认领
下载文档3.00 元 加入VIP免费下载
此文档由【管理员店铺】提供上传,收益归文档提供者,本网站只提供存储服务。若此文档侵犯了您的版权,欢迎进行违规举报版权认领
重庆主城区二诊高2023届学业质量调研抽测(第二次)数学答案
可在后台配置第一页与第二页中间广告代码
重庆主城区二诊高2023届学业质量调研抽测(第二次)数学答案
可在后台配置第二页与第三页中间广告代码
重庆主城区二诊高2023届学业质量调研抽测(第二次)数学答案
可在后台配置第三页与第四页中间广告代码
试读已结束,点击付费阅读剩下的5 已有12人购买 付费阅读2.40 元
/ 8
  • 收藏
  • 违规举报
  • © 版权认领
下载文档3.00 元 加入VIP免费下载
文本内容

【文档说明】重庆主城区二诊高2023届学业质量调研抽测(第二次)数学答案.pdf,共(8)页,379.490 KB,由管理员店铺上传

转载请保留链接:https://www.doc5u.com/view-d845401ed8322685f62a06ec7f96c0c6.html

以下为本文档部分文字说明:

高三数学参考答案及评分意见第1页(共7页)高2023届学业质量调研抽测(第二次)高三数学参考答案及评分意见一、选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1

~4.CBDD;5~8.BABC.二、选择题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求,全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分。9.AD;10.BCD;11.BC;12.ACD.三、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分。13.65;1

4.50o(答案不唯一);15.2;16.(2,2),42.四、解答题:17.解:(1)(法一)由余弦定理可得222222acbcbaac,即22222cbcacb,整理可得222bcabc,……………………………3分所以2221cos222

bcabcAbcbc,0AQ,23A.………………………………………………………………5分(法二)由正弦定理可得2sinsin2sincosCBAB,sinsin[π()]sin()sincoscossinCABABABAB

,2cossinsin0ABB,……………………………………………………………3分sin0BQ,1cos2A,0AQ,2π3A…………………………………………………………………5分(2)在ABCV中,22

222cos3bcbca,即2220bcabc,22230bacc,与上式结合可得3b,……………………………………………6分13153sin244bcAbc,故15bc,所以5c,…………………………………7分(法一)在ABC△中,2222cos49BCAB

ACABACA,7,a易得11cos14C,在ACD△中,22249711192cos92342144ADACCDACCDC,高三数学参考答案及评分意见第2页(共7页)故192AD.……………………

……………………………………………………10分(法二)2ADABAC,2229+25-15=19ADABAC+=,19.2AD…………………………………………………………………………10分18.解:(1)(法一)由

214nnannk,令1,2,3n,得到12351839,,234kkkaaa,……………………………………………1分∵na是等差数列,则2132aaa,即362539324kkk∴3k,………………………………………………………

……………………3分由于2(1)43(1)(43)nnannnn∵10n,∴43nan.………………………………………………………4分(法二)∵na是等差数列,公差为d,设111naadndnad

∴211111nnandnaddnanad∴22114dnanadnnk对于*nN均成立则1141daadk,解得3k,43nan.……………………………………………4分∵233nnTb,∴当2n时,112

33nnTb,两式相减得12332nnnbbbn,即132nnbbn,又11233bb∴13b∴数列{}nb是首项为3,公比为3的等比数列,∴3nnb.……………………7分(2)由(Ⅰ)知:3nnb,则481b,5243b,∵52

4523205a,∴4525bab∴数列{}na的前52项中有数列{}nb中的项29b和481b,…………………9分∴数列nc的前50项和为:25015252(1205))(981)

9052662(SaaaL.………………12分高三数学参考答案及评分意见第3页(共7页)19.解:(1)……………………………………………………………………2分由上表数据可知:222()200(60505040)()()()()1

0010011090nadbcKabcdacbd2002.0202.70699,所以没有90%的把握认为该种新药对治愈该病毒感染有作用.……………………5分(2)X的可能取值为0,1,2,3,由题意可知,X服从二项分布,则33()(0.6)

(0.4)0,1,2,3)iiiPXiCi(,X的分布列为:X0123P8125361255412527125X的期望为:()1.8EXnp.……………………………………………………9分(3)假设新

药的有效率确实达到90%,设10个感染者使用该药治愈的人数为X,则(10,0.9)XB,6101010101007(6)(0.9)(0.1)1(0.9)(0.1)0.013iiiiiiiiPXCC,0.013是一个小概率,小概率事件竟然发生了

,与小概率原理矛盾,所以有理由怀疑药厂的宣传.……………………………………………………………………………………12分20.(1)证明:取PC的中点为F,连接MF,则////MFBCDE,且12MFBCDE,∴四边形DEMF是平行四边形,//DFEM,…………………………

…………3分DFQ平面PCD,EM平面PCD,∴直线//EM平面PCD.………………………………………………………………5分治愈未治愈合计使用新药6040100未使用新药5050100合计11090200高三数学参考答案及评分意

见第4页(共7页)(2)解:因为AD平面PAB,则ADPA,ADPB,以A为原点,以垂直AB所在直线为x轴,AB为y轴,AD为z轴,建立空间直角坐标系Axyz,如图所示……6分设2AD,则2AP,22AB.PAPB,则45

PAB.2,2,0P,0,0,2D,0,22,0B,0,0,1E,0,22,2C,232,,022M,0,22,1EC,(2,2,2)PCuuur,232(,,1)22EMuuur.……………………………

……………………………………8分设平面PCE的一个法向量为,,nxyz,则,0,0nPCnECruuurruuur即2220,220,xyzyz不妨令1y,得22z,3x,所以3,1,22n,…………………………10分设

直线EM与平面PCE所成的角为,则9s6226incos,32nnEMnEMEMuuurruuurruuurr,所以直线EM与平面PCE所成的角的正弦值为69.…………………………………12分21.解:(1)由题意得,左焦点1(1,0)1Fc,122caa

,2223bac,所以椭圆C的标准方程为:22143xy.…………………………………………………………………………4分(2)设1122(,),(,)MxyNxy,令0x,yt,则0,Pt,则11(,)PMxytuuur,1111,MF

xy,由1PMMFuuuruuur得1111,1,xytxy,解得11ty,同理21ty.……………………………………………………6分高三数学参考答案及评分意见第5页(共7页)由221431yytxx,得22

36490yytt,则1226,43tyyt2122943tyyt,1212128223tyyttyyyy.…………………………………………8分不妨设120yy,1121211122Sy

yyy(),21111122Syy,32211122Syy,由11ty,21ty.得11ty,21ty,2111513yy.代入123SmSS,有21211211

22yyymy,则1212myyyy,解得22221114(1)15911(1)1()553333yyymyyy,…………10分43,3Q511[,2]33

设53u,则1[,2]3u,则4193huuu,则2419huu,令0hu,解得223u,令0hu,解得1233u,故hu在12,33

上单调递减,在2,23上单调递增,则min213huh,且1417,2339hh,则171,9hu,则171,9m.…………

…………………12分22.(1)解:2221()ln,()aaaxxafxxaxfxaxxxx,①当12a时,()fx的减区间为0,,②当102a时,()fx的减区间为221141140,,,22aaaa

高三数学参考答案及评分意见第6页(共7页)()fx的增区间为22114114,22aaaa…………………………………4分(2)证明:欲证2ln2e()2e10,2xxxagx

axx需证ln22e02exxaxxaxx,即需证ln2e2e02exxxaxaxx,令2extx,即需证ln0atatt,设()lnahttatt,2e1xtx,由(

Ⅰ)知当12a时,(t)h的减区间为0,,所以()(1)0,hth故()0.gx…………………………………………………8分(3)证明:由(Ⅱ)知,当11,2ta时,11ln2ttt

,令*21Ntnn,则2121122ln11122222(21)1nnnnnnnnnn即2ln(2)lnnnn

,…………………………………………………9分所以2ln(3)ln(1)1nnn2ln(4)ln(2)2nnn2ln(5)ln(3)3nnn......ln(21)ln(21)212nnn

ln(22)l)22n(2nnn上各式相加得:高三数学参考答案及评分意见第7页(共7页)11111ln(22)ln(21)lnln(1)212212nnnnnnnnn2122111

11112lnln4ln212212212nnnnnnnnnn……………………………………………………………………………12分获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com

管理员店铺
管理员店铺
管理员店铺
  • 文档 463748
  • 被下载 24
  • 被收藏 0
若发现您的权益受到侵害,请立即联系客服,我们会尽快为您处理。侵权客服QQ:12345678 电话:400-000-0000 (支持时间:9:00-17:00) 公众号
Powered by 太赞文库
×
确认删除?