【文档说明】河北省张家口宣化一中2021届高三上学期学期阶段测试物理试卷（六）【精准解析】.doc，共(16)页，761.500 KB，由小赞的店铺上传

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-1-2020-2021学年上学期宣化一中高三物理阶段测试卷（六）1.下列说法中正确的是（）A.处于“超重”现象的物体是因为该物体受到的重力增加了B.甲、乙两队进行“拔河”比赛，若甲队获胜，则甲队拉绳的力一定大于乙队拉

绳的力C.牛顿第一定律是实验定律，可以用实验进行验证D.两个初速度不为零的匀变速直线运动的合运动一定是匀变速运动【答案】D【解析】【详解】A．物体对支持物的压力或者对悬挂物的拉力大于物体的重力称为超重，而实际的重力是不变，故A错误；B．根据牛顿第三定律，知甲队

对绳子的拉力等于乙队对绳子的拉力，故B错误；C．牛顿第一定律不是实验得出的，是在大量实验事实的基础上通过推理而概况出来的，不能通过实验进行验证，故C错误；D．两个初速度不为零的匀变速直线运动的合加速度为一个定值，所

以两个初速度不为零的匀变速直线运动的合运动一定是匀变速运动，故D正确。故选D。2.如图是对着竖直墙壁沿水平方向抛出的小球a、b、c的运动轨迹，三个小球到墙壁的水平距离均相同，且a和b从同一点抛出．不计空气阻力，则A.a和b的飞行时间相同B.b的飞行时间

比c的短C.a的水平初速度比b的小D.c的水平初速度比a的大【答案】D-2-【解析】【详解】根据2htg=可知，b下落的高度比a大，则b飞行的时间较长，根据0xvt=，因水平位移相同，则a的水平初速度比b的大，选项AC错误；b的竖直高度比c大，则b飞行的时间比c长，选项B错误；a的竖直高度比c大

，则a飞行的时间比c长，根据0xvt=，因水平位移相同，则a的水平初速度比c的小，选项D正确；故选D.3.如图是甲、乙、丙、丁四个物体的物理量与时间的关系图像，下列说法不正确．．．的是（）A.甲物体受到的合力为零B.乙物体受到的合力越来越大C.丙物体受到

不为零且大小恒定的合力D.丁物体的加速度越来越大【答案】B【解析】【详解】A．由图像可知，甲物体做匀速运动，则受到的合力为零，选项A正确，不符合题意；B．乙物体做匀加速运动，则加速度恒定不变，受到的合力不变，选项B错误，符合题意；C．丙物体加速度恒定，

则受到的合力不为零且大小恒定，选项C正确，不符合题意；D．丁物体受合外力逐渐变大，根据F=ma可知，物体的加速度越来越大，选项D正确，不符合题意。故选B。4.如图所示是一个玩具陀螺，a、b和c是陀螺上的三个点，当陀

螺绕垂直于地面的轴线以角速度ω稳定旋转时，下列表述正确的是（）A.a、b和c三点的线速度大小相等B.a、b和c三点的角速度相等C.a、b的角速度比c的大D.c的线速度比a、b的大-3-【答案】B【解析】【详解】因为a、b和c三点共轴，所以a、b和

c三点的角速度相等，由于a、b两点的半径相等且大于c点的半径，由公式vr=可知，a、b两点的线速度大小相等且大于c点的线速度故选B。5.如图所示，小球沿足够长的斜面向上做匀变速运动，依次经a、b、c、d到达最高点e，已知ab=bd=6m，bc=1m，小球从a到c和从c到

d所用的时间都是2s，设小球经b、c时的速度分别为vb、vc，则（）A.b点速度为22m/sB.c点速度为2.5m/sC.从d到e所用时间为4sD.de段的距离为3m【答案】C【解析】【详解】AB．物体在a点时的速度大小为v0，加速度为a，则从a到c有2

01112acxvtat=+即017242va=+整理得0722va=+物体从a到d有202212adxvtat=+即01124162va=+整理得032va=+则21m/s2a=−，04m/sv=根据速度公式vt=v0+at可得-4-1(42)m/s3m/s2cv=

−=从a到b有222baabvvax−=解得10m/sbv=故AB错误；CD．根据速度公式vt=v0+at可得021(44)m/s2m/s2dvvat=+=−=则从d到e有22ddevax−=则24m4m1222d

devxa−===由vt=v0+at可得从d到e的时间为2s4s12ddevta=−==故C正确，D错误。故选C。6.如图所示，甲、乙两个物体系在一根通过定滑轮（质量忽略不计）的轻绳两端，甲放在水平地板上，

乙被悬挂在空中，若将甲沿水平地板向右缓慢移动少许后甲仍静止，则（）A.轻绳对甲的拉力变大B.甲对地面的压力减小C.甲所受的静摩擦力变大D.悬挂滑轮的绳的张力变大【答案】BD【解析】【详解】设甲、乙两物体的

质量分别为M和m。-5-A．以乙为研究对象，得到绳子拉力F=mg拉力保持不变。故A错误；BC．以甲为研究对象，分析受力，作出力图如图由平衡条件得：地面对甲的支持力为N=Mg-Fcosα摩擦力为f=Fsin

α甲沿水平地板向右缓慢移动少许后，α减小，由数学知识得到N变小，f变小。根据牛顿第三定律得知甲对地面的压力也变小。故B正确，C错误；D．悬挂滑轮的绳的张力大小等于两侧绳子拉力的合力大小，绳子拉力大小不变，夹角减小，则绳子拉力的合力变大，则悬挂滑轮的绳的张力变大。故D正确；故选BD

。7.如图所示，甲、乙两个小球同时从同一固定的足够长斜面的A、B两点分别以、02v水平抛出，分别落在斜面的C、D两点（图中未画出），不计空气阻力，下列说法正确的是A.甲、乙两球接触斜面前的瞬间，速度的方向相同B.甲、乙两球做平抛运动的时间之比为1:4C.A、

C两点间的距离与B、D两点间的距离之比为1:4-6-D.甲、乙两球接触斜面前的瞬间，速度大小之比为1：【答案】AC【解析】【详解】A、设小球落在斜面上时，速度与水平方向的夹角为α，位移与水平方向的夹角为θ，则0gttan

v=，200122gtgttanvtv==，可知2tantan=，因为小球落在斜面上时，位移与水平方向的夹角为定值，可知两球接触斜面的瞬间，速度方向相同，故A正确；B、根据200122gtgttanvtv==可得02tanvtg=，因为两球初速度之比为1:2，甲、乙两球做平抛运动的时

间之比为1:2，故B错误；C、根据212hgt=可知两球下落的高度之比为1:4，根据相似三角形知识可知A、C两点间的距离与B、D两点间的距离之比为1:4，故C正确；D、甲乙两球运动的时间之比为1:2，则竖直分速度之比为1:2，因为两球落在斜面上时速度

方向相同，根据平行四边形定则知，两球接触斜面的瞬间，速度大小之比为1:2，故D错误；说法正确的是故选AC．8.如图甲所示，倾斜的传送带正以恒定速率v1沿顺时针方向转动，传送带的倾角为37°。一物块以初速度v0从传送带的底部冲上

传送带并沿传送带向上运动，其运动的v－t图像如图乙所示，物块到传送带顶端时速度恰好为零，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取10m/s2，则（）A.由图乙可知，0~1s内物块受到的摩擦力大于1~2s内的摩擦力B.摩擦力方向一直与物

块运动的方向相反C.物块与传送带间的动摩擦因数为0.25D.传送带底端到顶端的距离为10m【答案】CD【解析】-7-【详解】AB．由乙图可知在0-1s内物块的速度大于传送带的速度，物块所受摩擦力的方向沿斜面向下，与

物块运动的方向相反；1-2s内，物块的速度小于传送带的速度，物块所受摩擦力的方向沿斜面向上，与物块运动的方向相同，由于物块对传送带的压力相等，根据摩擦力公式NfF=可知两段时间内摩擦力大小相等，故选项AB错误；C．在01s−内物块的加速度大小为22412m/s=-

8m/s1vat−==根据牛顿第二定律得(sin37cos37)mgmgma−+=解得0.25=故C正确；D．物块上升的位移大小等于vt−图象所包围的面积大小，为412411mm=10m22x+=+所以传送带底端到顶端的距离为10m，故D正确。故选CD。9.“验证力

的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳。图乙是某实验小组在白纸上根据实验结果画出的图。(1)本实验采用的科学方法是___________。A．理想

实验法B．等效替代法C．控制变量法D．建立物理模型法(2)小明同学在做该实验时有下面的一些想法，其中不正确．．．的是（）。A．拉橡皮条时，弹簧测力计、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行，读数时视线要正-8-对弹簧测力计刻度B．橡皮条弹性要好，系橡皮条的细绳应细一些且长一些，拉结点到达某一位

置O时，拉力要适当大些C．实验中，先将其中一个弹簧测力计沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一个弹簧测力计拉力的大小和方向，把橡皮条另一端的结点拉到O点D．实验中，把橡皮条的另一端拉到O点时，两个弹簧

测力计之间夹角应取90°以便于算出合力大小(3)实验中，小张同学在坐标纸上画出了如图所示的两个已知力F1和F2，图中小正方形的边长表示2N，根据平行四边形定则作出合力F，F1、F2与F的夹角分别为θ1和θ2，下列说法正确的是（）A．F1=4NB．F=12NC．θ1=37°D．θ1<θ2【答案】(1

).B(2).CD(3).B【解析】【详解】(1)[1]合力与分力是等效替代的关系，所以本实验采用的是等效替代法，故B正确，ACD错误。故选B。(2)[2]A．作图时，我们是在白纸中作图，作出的是水平力的图示，若拉力倾斜，则作出图的方向与实际力的方向有较大差别，故应使各力尽量与木板面平行，读数时视

线要正对弹簧测力计刻度，这样可以减少读数误差，故A正确；B．橡皮条弹性要好，系橡皮条的细绳应细一些且长一些，这样可以准确地记录拉力的方向，拉结点到达某一位置O时，拉力要适当大些，可以减少相对误差，故B正确

；C．实验中，弹簧测力计的读数大小适当，便于作平行四边形即可，并非要求一定达到最大量程，故C错误；D．两个拉力的夹角过大，合力会过小，量取理论值时相对误差变大；夹角太小，会导致作图困难，也会增大偶然误差，但不必要一定取90°角，故D错误。本题选择不正确的，故选CD。-9-(3)[3]根据

平行四边形定则，作出两个力的合力，如图；从图上可知F1=42N合力F=12N根据几何关系知F1与F的夹角为θ1=45°从图上可知，θ1>θ2，故B正确，ACD错误。故选B。10.某实验小组采用如图所示的装置“探究加速度、质量

和合力的关系”。提供的实验器材：电火花打点计时器、纸带、砂桶、细砂、细线、小车及砝码、一端带滑轮的长木板及垫块。某同学打出了一条纸带。已知计时器打点的时间间隔为0.02s，他按打点先后顺序每5个点取1个计数点，得到了A、B、C、D、E等几个计数点。(1)为完成此实验，下列不需要的

器材是______（填下列仪器前的字母代号）。A．天平B.秒表C.毫米刻度尺(2)以下说法正确的是_______A.用此装置“研究匀变速直线运动”时，必须设法消除小车和木板间的摩擦阻力的影响B.用此装置“探究加速度a

与力F和质量m的关系”时，每次改变砝码及砝码盘总质量之后均要重新平衡摩擦力C.在用此装置“探究加速度a与力F和质量m的关系”时，应使砝码盘和盘内砝码的总质-10-量远小于小车的质量D.用此装置“探究做功与物体速度变化的

关系”时，不需要平衡小车运动中所受摩擦力的影响(3)已知打点计时器接在频率为50Hz的交流电源两端，打C点时的瞬时速度vc=_______m/s，则此次实验中小车运动的加速度的测量值a=_________m/s2

。（结果保留两位有效数字）(4)甲同学在探究加速度与力的关系时，根据测量数据作出的a—F图线，如图所示。则实验存在的问题是________________。【答案】(1).B(2).C(3).0.54(4).1.0(5).平衡摩擦力过度（或所垫斜面夹角过大）【解析

】【详解】(1)[1]打点计时器具有计时的功能，因此不需要秒表。(2)[2]A．用此装置“研究匀变速直线运动”时，只要保证小车做匀变速直线运动即可，所以不需要平衡摩擦力。A错误；B．用此装置“探究加速度a与力F和质量m的关系”时，每次改变砝码及砝码盘总质量之后不需要重

新平衡摩擦力。B错误；C．在用此装置“探究加速度a与力F和质量m的关系”时，应使砝码盘和盘内砝码的总质量远小于小车的质量，这样才可以用砝码盘和盘内砝码的总重力代替绳子的拉力。C正确；D．用此装置“探究做功与物体速度变化的关系”时，需要平衡小

车运动中所受摩擦力的影响，这样才可以用砝码盘和盘内砝码的总重力代替合外力。D错误。故选C。(3)[3]根据速度公式得14.703.900.010.54m/s0.2cv−==[4]根据加速度公式得22(2

1.608.79)8.790.011.0m/s0.2a−−==(4)[5]F=0时，小车已有加速度，说明平衡摩擦力过度（或所垫斜面夹角过大）。11.为备战石室中学第43届运动会，某同学在直跑道训练短跑．某次训练可以简化

为以下过-11-程：从起点A位置由静止开始做匀加速直线运动，经过AB段加速后，进入到BC段的匀速跑阶段，到达C位置时总共用时t秒，已知：AB段长为L1、BC段长为L2．求：（1）该同学在BC段的速度大小；（2）该同学在AB段做匀加速

直线运动时的加速度大小．【答案】（1）212LLt+（2）()2212122LLLt+【解析】【详解】(1)设在BC段的速度为v，AB段运动的时间为t1，BC段运动的时间为t2加速阶段：L1=12vt匀速阶段：

L2=vt2又：t=t1+t2联立以上三式解得v=21L2Lt+；(2)设AB段的加速度为a，则有：v2=2aL1联立得：a=()22121L2L2Lt+【点睛】（1）匀速阶段的时间加上匀加速阶段的时间为总时间，匀速阶段的时间可用位移除以速度表示，匀加速阶段的时间可用

位移除以平均速度表示，这样可求出速度；（2）在AB段根据速度与位移的关系公式v2=2ax，就可求解出加速度．12.某工厂用传送带将货物从高处传送到低处，传送过程示意图可简化为下图，倾斜放置的传送带装置

与水平地面夹角θ=37°，传送带以v0=5m/s的恒定速率顺时针转动，某时刻，工人将质量为m=50kg的物体轻放在传送带的顶端A，经过一段时间后，物体从传送带底端B平滑滑上质量为M=25kg的木板左端（物体经过B点前后速度大小不变），再经过一段时间，

物体停止运动且未脱离木板。已知物体与传送带间的动摩擦因数μ1=0.5，物体与木板间的动摩擦因数μ2=0.2，木板与地面间的动摩擦因数μ3=0.1.AB的距离为s=15.25m。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2（已知sin37°=0.6，

cos37°=0.8）。求：(1)物体刚放上传送带时的加速度a的大小；(2)物体从传送带顶端A滑到底端B所用的时间；(3)物体停止运动时的位置到传送带底端B的距离L。-12-【答案】(1)10m/s2；

(2)2.5s；(3)22.5m【解析】【详解】(1)对物体受力分析，由牛顿第二定律得mgsin37°+μmgcos37°=ma1解得a1=10m/s2(2)设物块经过时间t1与传送带共速，物体运动的位移为x1该过程中对物块v0=a

1t1211112xat=解得t1=0.5s；x1=1.25m此后物块继续在传送带上做匀加速运动，设加速度为a2由牛顿第二定律得mgsin37°-μmgcos37°=ma2解得a2=2m/s2根据运动学公式有s-x1=v1t2+2212at解得t2=

2s物体从传送带顶端A滑到传送带底端B的时间t=t1+t2=2.5s-13-(3)设物块滑上木板左端时速度为v11022vvat=+解得v1=9m/s设经过时间t3物块与木板共速，速度为v2，由牛顿第二定律得23μmgma=解得a3=2m/s2由牛顿第二定律得234()mgM

mgMa−+=解得a4=1m/s2由速度公式得v2=v1-a3t3=a4t3解得t3=3s，v2=3m/s此过程中物体运动的位移1231()2vvtx+=解得x1=18m物体与木板达到共速后，假设物体与木板可保持相对静止

，此时对物体与木板组成的整体受力分析，由牛第二定律得μ3（M+m）g=(M+m）a5解得a5=1m/s2物体受到的合力F=ma5=50N小于物体与木板间的最大静摩擦力，所以假设成立，此后物体与木板一起做匀减速自线运动，-1

4-设物体与木板共速后运动距离为x2，由速度位移公式得22522vax=解得x2=4.5m所以物体停止运动时到传送带底端B的距离L=x1+x2=22.5m13.一列周期为0.8s的简谐波在均匀介质中沿x轴传播，该波在某一时刻的波形如图所示；A、B、C是介质中的三

个质点，平衡位置分别位于2m、3m、6m处．此时B质点的速度方向为－y方向，下列说法正确的是()A.该波沿x轴正方向传播，波速为10m/sB.A质点比B质点晚振动0.1sC.B质点此时的位移为1cmD.由图示时刻经0.2s，B质点的运动路程为2

cmE.该列波在传播过程中遇到宽度为d＝4m的障碍物时不会发生明显的衍射现象【答案】BCD【解析】【详解】由题图知，波长λ＝8m，则波速为v＝80.8T=m/s＝10m/s．此时B质点的速度方向为－y方

向，由波形的平移法知，该波沿x轴负方向传播，故A错误；A质点与B质点平衡位置相距x＝1m，则波从B质点传到A质点的时间t＝110xv=s＝0.1s，故B正确；B质点此时的位移为y＝2sin34πcm＝1cm，故C正确；由题图所示时

刻经0.2s＝14T，由波形平移法可知，x＝5m处质点的状态传到B质点，B质点的运动路程为s＝2y＝2cm，故D正确；因该列波的波长为8m，则该列波在传播过程中遇到宽度为d＝4m的障碍物时会发生明显的衍射现象，故E错误．14.有一截面为正方形的玻璃柱体，边长为d，其截面如图所示

，在AB面上方有一点光源S，从S发出的光线SP以i=45的入射角从AB面的中点射入，已知玻璃砖对该光的折射率n=2，-15-真空中的光速为c，求：（i）该光进入玻璃砖中的折射角；（ii）光从射入玻璃砖到第一次射出经过的时间。【答案】（i）30（ii）263c【解析

】【详解】(1)由折射定律有sinsinin=代入数据解得1sin2=所以=30(2)光从P点进入玻璃砖发生折射后，射到AD面上的M点发生全反射，最后从CD边的N点射出，光路图如图由几何知识可得2sin30dPM

d==3sin602AMdd==-16-3=(1)2MDd−23-3==cos303MDMNd光在玻璃砖中的传播速度为22cvcn==在玻璃砖中传播时间为263PMMNtvc+==