【文档说明】《山东中考真题物理》2022年山东省滨州市中考物理试题（解析版）.docx，共(23)页，3.291 MB，由envi的店铺上传

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滨州市二0二二年初中学业水平考试物理试题第Ⅰ卷（选择题共48分）一、选择题（本题包括15个小题，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1～12小题只有一项符合题目要求，选对得3分；第13～15小题，有多项符合题目要求，全部选对得4

分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.下列估测中，符合实际的是（）A.核酸检测用的口咽拭子长度约为60cmB.人的正常体温约为42℃C.亚洲飞人苏炳添百米速度可达10m/s以上D.九年级物理课本的质量约为2kg【答案】C【解析】【详解】A．核酸检测用的口咽拭子长度约为

20cm，约两个手掌宽，故A不符合题意；B．人的正常体温约为37℃，故B不符合题意；C．亚洲飞人苏炳添百米速度跑100m，用时约为9.83s，百米跑的速度为100m=10.17m/s9.83ssvt=故C符合题意；D．九年级物理课本的质量

约为200g，合0.2kg，故D不符合题意。故选C。2.古诗词是我国的文化瑰宝，很多诗句里蕴含着物理知识。下列分析正确的是（）A.“姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船”，“钟声”是由于空气的振动而产生的B.“春眠不觉晓，处处闻啼鸟”，“啼鸟声”是通过空气传入人耳的C.

“月落鸟啼霜满天，江枫渔火对愁眠”，“霜”的形成是升华现象D.“欲渡黄河冰塞川，将登太行雪满山”，“冰”形成是凝华现象【答案】B【解析】【详解】A．“姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船”，“钟声”是由于钟的振动而产生的，故A错误；B．声音的传播

需要介质，“春眠不觉晓，处处闻啼鸟”，“啼鸟声”是通过空气传入人耳的，故B正确；C．“月落鸟啼霜满天，江枫渔火对愁眠”，“霜”是空气中的水蒸气遇冷凝华成的冰，是凝华现象，故的C错误；D．“欲渡黄河冰塞川，将登太行雪满山”，“冰”的形成是液态的水凝固成的冰，是凝固现象，故D错误。故选

B。3.小华同学用如图甲所示的装置给冰加热。根据实验记录的数据，他绘制了如图乙所示冰熔化时温度随时间变化的图像。小华又继续加热一段时间，观察到水沸腾时温度计的示数如图丙所示。下列说法正确的是（）A.BC段表示冰的

熔化过程，继续吸热温度保持不变，处于固液共存状态B.比较AB段和CD段可知，AB段的比热容是CD段比热容的2倍C.水的沸点是98℃，由此可以判断此时的大气压高于一个标准大气压D.水沸腾时烧杯上方出现大量的“白气”，这些“白气”的形成属于汽化现象【答案】A【解析】【详解】A

．由图乙得，BC段保持温度不变，表示冰的熔化过程，该过程继续吸热，温度保持熔点不变，物体处于固液共存状态，故A正确；B．AB段和CD段，物体的状态不同，质量相等，比较AB段和CD段可知，升高相同的温度，CD段加热的时间是AB段加热时间的2倍，说明升

高相同的温度，CD段吸收的热量是AB段吸收的热量的2倍，由Qcmt=吸得，CD段的比热容是AB段比热容的2倍，故B错误；C．一个标准气压下，水的沸点是100℃，气压越高，沸点越高，水的沸点是98℃，说明此时的大气压低于一个标准大气压，故C错误；D．水沸腾时烧杯上方出现大量的“白气”，这些“白气”

是水蒸气上升过程中遇冷放热形成的水珠，属于液化现象，故D错误。故选A。4.关于内能和内能的利用。下列说法中正确的是（）A.5月的街头，杨花飞絮随风舞，好似雪花满天飞，说明分子在不停地做热运动B.新能源汽车实现了“零排放”，其效率达到了100%C.我国“长征五号B”大型运载火箭使用氢作

燃料，是因为氢的密度小D.内燃机的压缩冲程，主要通过做功的方式增大汽缸内物质的内能【答案】D【解析】【详解】A．杨花飞絮随风舞，杨花飞絮不是分子，故其运动也不是分子运动，故A错误；B．新能源汽车实现了“零排放”，其效率不可能达到了100%，因为必然有克服摩擦力的做功而损失的内能，故

B错误；C．我国“长征五号B”大型运载火箭使用氢作燃料，是因为氢的热值大，相同质量的燃烧，氢燃烧放出的热量多，故C错误；D．内燃机的压缩冲程，对气体做功，气体的内能增大，机械能转化为内能，故D正确。故选D。5.如图所示，在“探究平面镜成像的特点”实验中。下列说法正确

的是（）A.用玻璃板代替平面镜，是为了观察到的蜡烛的像更清晰B.只要把光屏放在恰当的位置，就能承接到蜡烛的像C.蜡烛距玻璃板越远，蜡烛的像就越小D.只把玻璃板向左平移，蜡烛的像的位置不变【答案】D【解析】【详解】A．用玻璃板代替平面镜，是为了更好的确定像的位置，故A错误；B．平面镜成的是虚像，用

光屏无法承接，故B错误；C．蜡烛像与物体是等大的，蜡烛距玻璃板越远，蜡烛的大小不变，故蜡烛的像的大小不变，故C错误；D．只把玻璃板向左平移，平面镜的位置不变，蜡烛的位置不变，蜡烛的像与物体关于平面镜对称，故蜡的烛的像的位置也不变，故D正确。故

选D。6.冰壶又称掷冰壶，冰上溜石，是以队为单位在冰上进行的一种投掷性竞赛项目，被大家喻为冰上的“国际象棋”，它考验参与者的体能与脑力，展现动静之美，取舍之智慧。图为北京2022年2月北京冬奥会冰壶比赛的情景。下列说法正确的是（）A.运动员将冰壶沿水平冰面投掷后，冰壶由于惯性继续向前运

动B.运动员在冰壶前方“刷冰”，是为了增大摩擦C.冰壶最终停下来因为不受力的作用D.冰壶静止时，冰壶受到的重力和冰壶对冰面的压力二力平衡【答案】A【解析】【详解】A．运动员将冰壶推出之后，冰壶由于惯性，继

续保持原来的运动状态向前运动，故A正确；B．运动员在冰壶前进途中，不断地刷冰，为了使冰面形成一层水膜，水的出现使冰壶与冰面分开，从而减小了冰壶与冰面之间的摩擦力，故B错误；C．冰壶最终停下来是因为水平方向上受到摩擦力作用，摩擦力改变了它的运动状态，故C错误；D．冰壶静止时，冰壶受到

的重力和冰壶对冰面的压力作用在两个物体上，不是平衡力，故D错误。故选A。7.司马迁在《史记》中有壮丽辉煌的咸阳宫的描述。如图是我们的祖先在建造宫殿时利用木棒搬动巨大木料的情景。他们通过横杆、支架、石块等，将巨木的一端抬起，垫上圆木，以便将其移到其它

地方。以下分析不正确的是（）A.通过横杆、支架等，将巨木一端抬起是使用了杠杆B.人越靠近横杆的右端，会更省力的抬起巨木的一端的C.将巨木的一端抬起，垫上圆木是为了减小摩擦D.支架下端垫有底面积较大的石块，是为了增大支架对地面的压强【答案】D【解析】【详解】A．通过横杆、支架等，将巨木的一端抬起，

是一根硬棒围绕着支点转动，故是使用了杠杆，故A正确，A不符合题意；B．人越靠近横杆的右端，动力臂越大，阻力臂和阻力的大小乘积一定，动力臂越大，会更省力的抬起巨木的一端，故B正确，B不符合题意；C．将巨木的一端抬起，垫上圆木，用滚动

代替滑动，减小摩擦，故C正确，C不符合题意；D．支架下端垫有底面积较大的石块，是为了增大受力面积，从而减小支架对地面的压强，故D错误，D符合题意。故选D。8.2022年2月北京冬奥会，中国代表团共收获9金4银2铜共15枚奖牌，金牌数和奖牌数均创历史新高。如图为高速摄影机记录的单板滑雪男子大跳台金牌

得主苏翊鸣在比赛中，从跳台起跳到落地过程的情景。下列关于这一过程说法正确的是（）A.他从起跳到最高点的过程中，动能逐渐转化成重力势能B.他起跳后到达最高点时，机械能最大C.他从空中下落过程中，重力做功越来越慢D.他从起跳到落地的整个过程中，机械能是守恒的【答案】A【解析】【详解】A．

他从起跳到最高点的过程中，质量不变，速度逐渐变小，高度逐渐升高，动能逐渐变小，重力势能逐渐增大，动能逐渐转化成重力势能，故A正确；B．由于存在阻力，他起跳后到达最高点的过程中，机械能不断减小，在最高点机械能最小，故B错误；C．他从空中下落过程中，速度越来越大，由WFvPFvGvtt====得，

重力做功越来越快，故C错误；D．由于存在阻力，他从起跳到落地整个过程中，机械能不断减小，机械能不守恒，故D错误。故选A。9.阅读短文判断问题：为了解释地球存在着磁场——地磁场，19世纪安培假设：地球的磁场是由绕过地心轴线的环形电流引起的

。①由于地球表面带有某种电荷，随地球一起自西向东转动时，形成环形电流。环形电流可以形象地类似于通电螺线管中的电流。②环形电流的磁场，也可以想象成类似于条形磁铁的磁场。③若将地磁场的N极和S极相当于通电螺线

管的两个磁极，则可以借助安培定则由两极的磁性，判断环形电流的方向。根据以上描述下列判断正确的是（）A.环形电流的方向是自西向东B.形成环形电流的电荷是正电荷C.形成环形电流的电荷，与用丝绸摩擦过的玻璃棒

带的电荷相互吸引D.用实验室常用验电器能够检验出形成环形电流的电荷电性【答案】C【解析】【详解】AB．地磁的北极在地理南极的附近，在用安培定则判定环形电流的方向时，右手的拇指必需指向南方；则四指弯曲的方向应该自东向西，即电流流动的方向应该自东向西；由于地球表面

带有某种电荷，随地球一起自西向东转动时，形成环形电流，电流方向与电荷的定向移动方向相反，所以该电荷是负电荷，故AB错误；C．形成环形电流的电荷是负电荷，丝绸摩擦过的玻璃棒是正电荷，异种电荷相互吸引，形成环形电流的电荷与用丝绸摩擦过的玻璃棒带的电荷相互吸引，故C正确；D．验电器能用来检验物体

是否带电，但不能检验出形成环形电流的电荷电性，故D错误。故选C。10.如图所示，电源电压恒定不变，开关闭合后，当滑动变阻器的滑片P由最右端向中点滑动时。下列说法正确的是（）A.电流表A1示数不变，电压表V示数不变的B.电流表A1示数变大，灯泡L的亮度不变C.电流表A2示数变大，电压表V示数

不变D.电压表V示数与电流表A1的示数之比变大【答案】BC【解析】【详解】灯泡与滑动变阻器串联，电流表A1测量滑动变阻器的电流，电流表A2测量干路电流；A．当滑动变阻器的滑片P由最右端向中点滑动时，滑动变阻器接入的阻值变小，电源电压不变，故

电流表A1的示数变大，故A错误；B．电流表A1的示数变大，灯泡两端的电压等于电源电压，灯泡两端的电压不变，灯泡L的亮度不变，故B正确；C．电流表A1的示数变大，通过灯泡L的电流不变，电流表A2测量干路电流，故总电流变大，电流表A2示数变大，电压表测量电源电压，电压表的示数不变，故C正确；D

．电压表V示数与电流表A1的示数之比为滑动变阻器的阻值，电压表V示数与电流表A1的示数之比变小，故D错误。故选BC。11.关于家庭电路和安全用电的说法中，下列说法正确的是（）A.正确使用试电笔测量时，人

体安全的原因是试电笔与人体之间绝缘B.空气开关和漏电保护器在家庭电路中起的作用相同C.用电器的总功率过大是家庭电路中电流过大的原因之一D.控制电灯的开关要接在零线和灯泡之间【答案】C【解析】【详解】A．正确使用试电笔测量时，人体安全的原因是试电笔中间有大约4兆欧的电阻，通过人体的电流比较

小，故A错误；B．空气开关是电路中发生短路时，或者电流过大，而跳闸，起保护作用，而漏电保护器是发生触电事故时，有电流流向大地，使干路上火线和零线上的电流不相同，而切断电路，故空气开关和漏电保护器在家庭电路中起的作用不相同，故B错误；C

．当同时使用多个用电器时，用电器的总功率过大，根据PUI=可知，家庭电路中干路电流过大，另外造成电流过大的原因是电路中存在短路现象，故C正确；D．控制电灯的开关要接在火线和灯泡之间，这样能够保证，当断开开关时，没有电流经过灯泡，不会发生触电事故，故D错误。故选C。12.进入初

中学业水平考试考场时，监考教师会使用金属探测仪对大家进行检测。如果有同学携带金属制品，探测仪就会产生电流并报警。下列四个实验能反映金属探测仪工作原理的是（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【详解】当探测仪线圈靠近金属制品时，相当于闭合电路的一部分导体在切割磁感

线，从而产生感应电流，所以其原理是电磁感应现象。A．探究磁极之间的相互作用规律，故A不符合题意；B．探究电磁感应现象，故B符合题意；C．是电磁铁的应用，电磁继电器，故C不符合题意；D．探究磁场对通电导体的作用，故D不符合题

意。故选B。13.小滨用天平、烧杯和量筒测牛奶的密度，如图甲乙丙丁表示了他主要的操作过程。①调节天平平衡；②测出烧杯和牛奶的总质量1m；③把牛奶倒入量筒中，测出烧杯的质量2m；④读出牛奶的体积V。根据实验过程及测量数据。下列四个选项正确的是（）A.调

节天平平衡时，指针如图甲所示，应将平衡螺母向左移动B.烧杯的质量2m为41.4gC.牛奶的体积V为100mLD.牛奶的密度为1.1g/cm3【答案】BCD【解析】【详解】A．调节天平平衡时，指针如图甲所示，指针左偏，应将平衡螺母向右移动，故A错误；B．如

图丙，游码的示数为1.4g，砝码的质量为40g，则烧杯的质量2m为+=40g+1.4g=41.4gmmm=2砝码游码故B正确；C．如图丁，分度值为5mL，牛奶的体积V为100mL，故C正确；D．牛奶的密度为312-150

g+1.4g-41.4g===1.1g/cm100mLmmmVV=故D正确。故选BCD。14.如图所示，用滑轮组提升质量为12kg的物体时，物体在10s内匀速竖直上升2m。所用拉力F为50N。则在提升物体的过程中（不计绳重和摩擦，g=10

N/kg）。下列说法正确的是（）A.绳子自由端移动的速度为0.6m/sB.滑轮组提升物体做的有用功为300JC.拉力做功的功率为30WD.该滑轮组的机械效率为80％【答案】ACD【解析】【详解】A．由图

可知，承担物体的绳子有3段，所以绳子自由端移动的距离s=3h=3×2m=6m则绳子自由端移动的速度为6m=0.6m/s10ssvt==绳故A正确；B．物体所受的重力为G=mg=12kg×10N/kg=120N滑轮组提升物体做的有用功为W有=Gh=120N×2m=240J故B错误；

C．拉力所做的总功为W总=Fs=50N×6m=300J则拉力做功的功率为300J30W10sWPt===故C正确；D．该滑轮组的机械效率为240J100%100%80%300JWW===有总故D正确。故选ACD15.某家用电热壶有“加热

”和“保温”两个挡位，其简化电路如图甲所示，电热丝148.4R=，2435.6R=。小滨为测量电热壶的实际功率，他把家中的其它用电器都与电源断开，仅让电热壶工作，1min内电能表（如图乙）的转盘转

动了16转。【不考虑热量损失，已知水的比热容()34.210/kgJc=℃】。下面说法正确的是（）A.开关S接“2”时，电热壶为“加热”挡位B.电热壶的正常加热功率为100WC.电热壶将1kg的水从25℃加热到75

℃，需要正常工作210sD.测量时电热壶的实际加热功率为800W【答案】CD【解析】【详解】A．由电路图可知，开关S接“1”时电路为R1的简单电路，电路的总电阻最小，由2UPR=可知，电路的总功率最大，处于加热挡，开关S接“2”时R1与R2串联，电路的总电阻最大，由2UPR=

可知，电路的总功率最小，处于保温挡，故A错误；B．电热壶的正常加热功率为221(220V)=1000W48.4UPR==加热故B错误；C．1kg的水从25℃加热到75℃吸收的热量Q吸=cm(t-t0)=4

.2×103J/(kg·℃)×1kg×(75℃-25℃)=2.1×105J不考虑热量损失，消耗的电能W=Q吸=2.1×105J需要正常工作时间52.110J=210s1000WWtP==加热故C正确

；D．转盘转动16转消耗电能161kWhkWh120075W==电热壶的实际加热功率1kWh75==0.8kW=800W1h60WPt=加热故D正确。故选CD。第Ⅱ卷（非选择题共52分）二、填空题

（每空1分，共6分）16.石墨烯是一种新材料，具有优异的光学、电学、力学特性，石墨烯还具有很好的韧性，且可以弯曲。北京冬奥会运动场馆的最低温度可达-30℃左右，利用石墨烯制作的智能温控加热羽绒服可帮助工作人

员抵御寒冷，有效提升保暖效果。可见，这种材料具有密度_________（选填“较大”或“较小”）、电阻_________（选填“较大”或“较小”）的特点。【答案】①.较小②.较小【解析】【详解】[1][2]石墨烯是一种超轻材料，导电性能超强，即石墨烯的密度较

小、电阻较小。17.2022年5月21日，我国海军辽宁舰航母编队圆满完成演习任务，从太平洋返回东海。各舰船同速前行时，相邻舰船相对________（选填“运动”或“静止”）；且各舰船之间需保持一定距离，以防止相邻舰船

间水的流速大，压强________（选填“大”或“小”）而出现碰撞。【答案】①.静止②.小【解析】【详解】[1]各舰船同速前行时，速度相同，方向相同，相邻舰船相对彼此，位置没有发生改变，故是相对静止的。[2]根据流体压强的特点，相邻舰船间水的流速大，压强小。18.2022年3月23日

，“天宫课堂”第二课正式开讲，“太空教师”翟志刚、王亚平、叶光富在中国空间站为广大青少年带来了一场精彩的太空科普课。授课期间，“太空教师”与地面课堂师生的实时互动交流是通过________进行传播的。空间站太阳翼上的

太阳能电池板将太阳能转化成电能为空间站供电，电能是________（选填“一次”或“二次”）能源。【答案】①.电磁波②.二次【解析】【详解】[1]授课期间，“太空教师”与地面课堂师生的实时互动交流是通过电

磁波进行传播的，因为电磁波能够在真空中传播，而声波不可以在真空中传播。[2]电能是是由太阳能转化而成的，所以是二次能源。三、作图题与实验探究题（本题共4个小题，共26分）19.画出图中悬停在空中的无人机受力的示意图。【答案】【解析】【详解】无人机悬停在空中，受到了向

下的重力，和向上的升力，故过重心竖直向下画一条线段，并在末端标上向下的箭头和G，即为重力，过重心向上画一条等长的线段，并在末端标上向上箭头和F，即为升力，故如图所示：20.一条光线从水中斜射入空气中时，其反射光线如图所示。请在图中画出入射光线、折射光线的大致位置并标出入射角的度数。【答案】

【解析】【详解】由图可知，反射光线与水面的夹角为60°，则反射角为90°-60°=30°反射角等于入射角，入射角等于30°，在法线右侧，水面下画出入射光线；过入射点在法线左侧的空气中画出折射光线，折射角大于入射角，如图所示：21.小滨同学“

探究凸透镜成像的规律”。（1）如图甲所示，小滨让凸透镜正对平行光，调整凸透镜到光屏的距离，光屏上会出现一个很小、很亮的光斑，则该凸透镜的焦距f=________cm；（2）小滨在组装器材时，将蜡烛、凸透镜和

光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛并调节烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度上，目的是让烛焰的像成在_________；（3）如图乙所示，小滨将凸透镜固定在50cm刻度线处，当蜡烛距凸透镜15cm时，移动光

屏，可在光屏上得到一个倒立、________（选填“缩小”、“等大”或“放大”）的实像，利用该成像规律制成的光学仪器是________（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）。此时，若在凸透镜与光屏之间放置一远视镜片，要在光屏上成清晰的像，光屏应

向________（选“左”、“右”）移动；（4）小滨在实验过程中，光屏上得到清晰的像，突然，一只飞虫落到了凸透镜表面上，则光屏上出现________。A．飞虫的像B．飞虫的影子C．仍是烛焰的像【答案】①.10.0②.光屏正中央③.放大④

.投影仪⑤.左⑥.C【解析】【详解】（1）[1]平行主光轴的光线会聚于一个很小、很亮的光斑，这个光班称为焦点，焦点到光心的距离是焦距，故焦距为30.0cm-20.0cm=10.0cm（2）[2]点燃蜡烛并调节烛焰、凸透镜、光屏中心在同一高度上，烛

焰的中心发出的光线经过凸透镜的光心传播方向不变，故当烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度上，像成在光屏的正中央。（3）[3][4]当蜡烛距凸透镜15cm时，物距在一倍焦距和两倍的焦距之间，成的是倒立的放大的实像，投影仪就是利用这一原理制成的。[5]远视眼是晶状体太薄，折光能力变

弱，需要佩戴凸透镜，故远视镜片是凸透镜，当在凸透镜与光屏之间放置一远视镜片，对光线有会聚作用，故需要将光屏向左移动。（4）[6]A．飞虫在1倍焦距以内，成的是虚像，无法用光屏承接，故A不符合题意；B．影子是光照射不到的地方形成区域，而凸

透镜成像原理是烛焰发出光线经过凸透镜折射后形成的像，经光屏反射后进入人眼，人就可以看到像，光屏上比较亮，不会形成影子，故B不符合题意；C．凸透镜成实像时，所有透过透镜的光会聚到光屏上成像，小虫落在透镜上后，整个物体发出的光虽有一小部分被挡住，但总会有一部分光通过凸透镜而会聚成像，因此，像与原来相同

，仍是烛焰的像，大小不变；由于透镜的一小部分被遮住，因此折射出的光线与原来相比减少了，像将完好，但亮度会变暗。故C符合题意。故选C。22.在探究性学习活动中，某学习小组做了以下系列实验探究。的（1）探究影响压力作用效果的因素，该小组用一块海绵、一张小桌和一个砝码，做了如图所

示实验。请根据______两图中的情景，提出一个要探究的问题是：_______。经过多次实验表明影响压力作用效果的因素是____________。根据实验结论，建立了压强概念和压强的表达式FpS=；A．B．C．（2）该小组取三个高度均为h，密度同为ρ的实心均匀物体A、B、C。A、C是圆柱体，B是长

方体，A、B的底面积都为S，C的底面积为2S。把它们放在水平桌面的海绵上，如图乙所示，发现海绵被压下的深度相同。该小组结合在（1）中得到的结论和表达式，分析出了A、B、C三个物体对海绵的压强均为p=________（只写

出结果），解释了“海绵被压下的深度相同”的原因；（3）该小组研究液体内部的压强，用图丙A所示的器材进行实验探究。他们利用这些器材________（选填“能”或“不能”）探究液体的压强跟液体的深度、液体的密度有关。此过程用

的实验方法是_______（只写出一种）；该小组对液体压强的大小跟液体的深度、液体的密度之间的定量关系进一步思考。在图乙B容器内装有密度为的液体，他们受到上面实验的启发，要想得到液面下深度h处的压强，可以设想

这里有一个水平放置的“平面”，平面的面积为S。这个平面以上的液柱对平面的压力等于液柱所受的重力。因此，液面下深度h处的压强为p=_____________（写出推导过程）；（4）由（3）推导出的表达式，_

______（选填“能”或“不能”）应用于大气压强。【答案】①.A、B②.压力的作用效果与压力的大小有关③.压力、受力面积④.gh⑤.能⑥.转换法⑦.见解析⑧.不能【解析】【详解】（1）[1][2][3]根据A、B两幅图，压力的大小不同，受力面积相同，故探究的是压力的作用效果与压力的大小有关；

AB两图发现压力的作用效果与压力的关系，BC两图说明压力的作用效果与受力面积有关。（2）[4]A、B、C三个物体对海绵的压强均为==FmgVgpghSSS==（3）[5][6][7]改变压强计在同一液体中的不同深度，就可以探究液体压强与深度的关系，将压强计伸入不同液体的同

一深度，就可以探究液体压强与液体密度的关系，故本实验可以探究液体的压强跟液体的深度、液体的密度有关；由于液体的密度和深度不同，多个变量影响实验现象，故采用控制变量法；液面下深度h处的压强为==FmgVgpghSSS

==（4）[8]大气压随着高度的变化而发生变化，大气的密度是变化的，故不可以运用gh计算。23.如图甲所示，是某实验小组“探究电流与电阻的关系”的实物图。选用的实验器材是：电源（电压恒为3V）、电流表、电压表，电阻R有4个阻值（5、10、20、3

0）供选用，滑动变阻器（20；1A）、开关、导线若干。（1）请用笔画线代替导线将图甲中的实物图连接完整_______；（2）连接电路时，开关应保持_______；开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应滑到_______（选填“A”或“B”）

端；（3）检查电路连接无误后闭合开关后，无论怎样移动滑动变阻器的滑片P，电流表几乎无示数，电压表有示数且不变，原因可能是_______；A．R短路B．R断路C．滑动变阻器断路（4）排除故障后继续实验，实验过程中，当把10电阻换成

20电阻后，为保持_______（选填“电流表”或“电压表”）示数不变，滑片P应向_______（选填“A”或“B”）端移动。（5）根据实验数据绘制了如图乙所示的图像，得出电流与电阻的关系是：___________

__________；（6）该小组用电流表和一个定值电阻0R，测量未知电阻xR的阻值。他们设计了如图丙所示的电路图，并进行如下实验操作：①闭合S、断开S1，此时电流表的示数为1I；②闭合S和S1，此时电流表的示数为2I；③则xR=_________（用0R、1I、2I表示）。【答案】①.②

.断开③.A④.B⑤.电压表⑥.A⑦.电压一定时，电流与电阻成反比⑧.1021IRII−【解析】【详解】（1）[1]电源电压为3V，那么定值电阻两端的电压必然小于3V，故电压表选择小量程，电压表并联在定值电阻两端，正接

线柱接入，负接线柱接出，故如图所示：（2）[2][3]连接电路时，为了保护电路，开关需要断开；滑动变阻器的滑片位于阻值最大处，故滑片需要位于A端。（3）[4]A．若R短路，则电流表有示数，电压表没有示数，故A不符合题意；B．若R断路，

电压表测量电源电压有示数，电流表没有示数，故B符合题意；C．若滑动变阻器断路，则电流表、电压表均没有示数，故C不符合题意。故选B。（4）[5][6]探究电流与电阻的关系，需要控制定值电阻两端的电压不变，故需要

控制电压表的示数不变；当把10电阻换成20电阻后，根据串联分压，电阻变大，电阻两端的电压变大，大于控制的电压值，为了保证电压表的示数不变，定值电阻的两端的电压需要变小，则需要将滑动变阻器的两端的电压变大，需要将滑动变阻器往A端滑动。（5）[7]根据图乙可知

，是反比例函数，电流与电阻的乘积是一个定值，故结论为当电压一定时，电流与电阻成反比。（6）[8]①闭合S、断开S1，只有R0接入，此时电流表的示数为1I，故电源电压为10UIR=②闭合S和S1，此时两个电阻并联，电流表测量干路电流，电流表的示数为2I，通过导体的电阻的电流为x1III

=−2则待测电阻的阻值为1x21x0xIRIIURI=−=四、综合应用题（本题共2个小题，共20分。解答时应写出必要的文字说明、公式和演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题目，答案中必须明确写出数值和单位。）24.建造某跨江大桥时，需将长百米、重千余吨的桥梁从江中吊起，施工

时采用了将桥梁与水面成一定倾角出水的起吊方案，为了探究该方案的合理性，某研究性学习小组做了以下两个模拟实验。水平桌面上放置一个装有适量水的烧杯，杯的底面积为22110m−，将小金属板用细线吊着，然后将其浸没在烧杯内的水中，杯中的水没有溢出。将同一小金属板分别与水面平行和与

水面成一定倾角从水下缓慢拉出，如图乙、图丙所示。在这两个过程中测力计所受拉力的变化情况，如图丁坐标图像所示。（10N/kgg=，33110kg/m=）求：（1）根据实验数据，实验2中的最大拉力比实

验1中的最大拉力减小了多少；（2）小金属板的密度；（3）当小金属板浸没水中后，水对烧杯底部增大的压强。【答案】（1）3N；（2）33310kg/m；（3）300Pa【解析】【详解】解：（1）如图定，实验1最大的拉力为12N，实验2的最大值为9N，实验2中的最大拉力比实验1中的最大拉力

减小了max=12N-9N=3NFFF=−12（2）如图当小金属板浸没时的拉力为6N，当小金属板离开水面后的拉力为9N，此时小金属受重力和拉力，故物体的重力的大小为9N，故浮力的大小为3=9N-6N=3

NFGF=−浮物小金属板的体积为3343310110kg/m10N/k=g3NmFVVg−===浮物排水小金属板的密度为33349N310kg/m10N310/kgmGmGgVVgV−=====物物物物物物物（3）当小金属板浸没水中后，水对烧杯底部增大的压力与小金属板

的浮力是相互作用力，大小相等，故当小金属板浸没水中后，水对烧杯底部增大的压强22Δ3N==300Pa110mFFpSS−==浮答：（1）实验2中的最大拉力比实验1中的最大拉力减小了3N；（2）小金属板的密度为33310kg/m；（3）当小金属板浸没水中后，水对烧杯底部增大

的压强为300Pa。25.如图是某物理兴趣小组，设计的简易坐位体前屈测试仪的测试示意图、简化原理图。在测试中，测试的同学向前推动测试仪的滑块实际上是移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数用来反映被测试者的成绩。电源电压恒为6V，电压表量程0~3V，电流表量程0~0.6A，滑动变阻器

1R标有“151A”，滑片P每移动1cm，1R的电阻变化0.5，定值电阻220R=。求：（1）当滑片P位于最左端时，电流表的示数；（2）某同学测试时，从最左端推动滑片P向右移动20cm，此时电压表的示数；（3）若既能保证电路各元件的安全，

又能使滑片P移动到最右端，则选取R2时，其阻值不能小于多少？【答案】（1）0.3A；（2）2V；（3）15Ω【解析】【详解】解：（1）当滑片P位于最左端时，只有R2接入电路，电流表的示数216V==0.3A20IUR=Ω（2）某同学测试时，从最左端推动滑片P向右移动20cm，滑动变阻器的接入

的阻值为10.5/cm20cm=10R=滑ΩΩ此时总电阻为21=10+20=30RRR=+滑总ΩΩΩ电路中的电流为26V==0.2A30IUR=总Ω电压表的示数为21=0.2A10=2VUIR=滑Ω（3）若既能保证电路各元件的安全，要求滑片P移动到最右端，此时滑动变阻器的接

入的阻值最大，最大值为15Ω，根据串联分压，电阻越大，其两端的电压也越大，而根据电压表的量程可知，电压表的最大示数为3V，则电阻R2最小分担3V，根据串联分压，此时R2两端的电压是最小值，那么R2的阻值也是最小值，故电阻R2的最小值为15

Ω。答：（1）当滑片P位于最左端时，电流表的示数为0.3A；（2）某同学测试时，从最左端推动滑片P向右移动20cm，此时电压表的示数为2V；（3）若既能保证电路各元件的安全，又能使滑片P移动到最右端，则选取R2时，其阻值不能小于15Ω。获得

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