【文档说明】重庆市缙云教育联盟2022届高三12月第〇次诊断性检测物理试题答案.docx，共(10)页，150.133 KB，由小赞的店铺上传

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★秘密·2021年12月16日10：45前重庆市2022年高考第〇次诊断性检测高三物理答案及评分标准1.【答案】【解析】解：、位移时间图像只能表示直线运动的规律，可知甲、乙两物体都做直线运动，故A错误；B、图像的斜率表示物体运动的速

度，由图可知时刻，两个图像的斜率均不为零，故两物体速度都不为零，故B错误；C、在时间内，两物体运动的位移和时间均相等，故两物体的平均速度相等，故C正确；D、由图可知，在时刻两物体相遇，此时两图像的斜率不同，故速

度不等，故D错误。故选：。位移时间图像只能表示直线运动的规律，图像的斜率表示速度，根据纵坐标的变化确定位移，再由平均速度公式求出平均速度。本题的关键要理解位移时间图像的点和斜率的物理意义，要明确位移时间图像的斜率表示速度，倾斜的直线表示匀速直线运动。2

.【答案】【解析】解：核反应过程中电荷数守恒、质量数守恒，需满足，，将选项代入检验，只有项符合，故ACD错误，B正确。故选：。根据核反应过程中电荷数守恒、质量数守恒，将选项代入检验即可。解答本题的关键是知道根据核反应过程中电荷数守恒、质量数守恒。3.【答案】【解析】解：

、根据线速度与角速度的关系知，同步卫星的线速度，故A错误；B、根据万有引力提供圆周运动向心力有：，可得同步卫星线速度：，故B正确；、地球表面重力与万有引力相等有：，可得，代入分析答案有：，故CD错误，故选：。根据线速度与角速度的关系求线速度，根据万有引力提供圆周运动向心力求解线速度．

本题考查了万有引力在天体中的应用，解题的关键在于找出向心力的来源，并能列出等式解题。抓住万有引力提供圆周运动向心力，二是重力与万有引力相等，本题不难，易错原因是漏选．4.【答案】【解析】解：、两点间的电势差，点电势比点电势高B、两点间的电势差，点电势比点电势低A、两点间的电势差点电

势比点电势低，因此点电势最高，点电势最低，即故ABC错误，D正确；故选：。根据电场力做功与电势差的关系求出、间的电势差，从而比较、、三点的电势高低，得出间的电势差，可比较三点电势高低。解决本题的关键掌握电场力做功

与电势差的关系公式，注意在运用该公式求解时，电荷的正负、电势差的正负、功的正负均要代入计算。5.【答案】【解析】解：、匀速圆周运动的速度大小不变、方向时刻改变，动量是矢量，其方向为速度方向，所以匀速圆周运动的动量是变化的，故A错误；B、匀速圆周运动的加速度始终指向圆心，变速圆周运

动的加速度方向不时刻指向轨迹圆心，故B错误；C、曲线运动的路程大于位移大小，根据平均速率和平均速度的定义，可知曲线运动的平均速率大于平均速度大小，故C正确；D、根据运动的合成与分解，可得平抛运动的位移偏

向角的正切值为：，速度偏向角的正切值为：，速度偏向角的正切值始终是位移偏向角正切值的二倍，两角都随时间增大，所以夹角也在变化，故D错误。故选：。动量是矢量，其方向为速度方向；匀速圆周运动的加速度始终指向圆心；根据平均速率和平均速度的定义判断；

根据运动的合成与分解，求得速度偏向角的正切值与位移偏向角正切值和时间的函数关系判断。本题考查了匀速圆周运动、曲线运动中的平均速率和平均速度大小、平抛运动等基础知识，要求学生熟练掌握这几种运动的特点，特别是平抛运动可以分解为水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的自

由落体运动。6.【答案】【解析】解：副线圈的匝数多，副线圈电流小，所以是测交流电流的，即是交流电流表。根据电功率公式得根据变压器电流关系有原线圈的电流大于副线圈的电流，故绕制原线圈的导线应比副线圈的粗，绕制副线圈的导线比原线圈要细；故AD错误，故C正确；B.根据

变压器电压关系有，故B错误。故选：。电压互感器原线圈并接在两个输电线上，原线圈的匝数比副线圈的匝数多，是降压变压器，把高电压降低成低电压，副线圈接电压表。电流互感器原线圈串接在某一根输电线中，原线圈匝数比副线圈匝数少，原线圈中是大电流，副线圈中是小电流，副线圈接的是电流表。此题考查了变压器

的构造和原理，明确左图是电流互感器，右图是电压互感器。变压器原副线圈的电压比等于匝数比。只有一个副线圈的变压器，原副线圈中的电流比等于匝数的反比。7.【答案】【解析】解：只闭合、时，与并联，电压表测电源电压等于灯泡的额定电压，电流表测干路

电流，灯泡恰好正常发光，流过灯泡的电流为灯泡电阻为故流过电阻的电流为的电阻为故A错误；C.当只闭合时，与串联，回路电阻最大，电流最小，电路消耗的功率最小，由闭合电路欧姆定律可得，电流为电路消耗的最小功率为故C正确；B.通过调节开关，无法使回路电阻达到，即电流

表的示数无法达到，故B错误；D.结合解析可知，只闭合、时，电压表与电流表示数的比值为，再闭合，电源被短路，电压表、电流表示数均为零，故D错误。故选：。闭合、时，由与并联，电压表测电源电压，电流表测干路电流，由灯泡正常发光可得电源电压，由并联电路特

点和欧姆定律计算的阻值；只闭合时，与串联，电流表测电路中电流，电压表测两端电压，由串联电路特点和欧姆定律计算电路中电流和电压表示数；根据电路特点，由分析并计算电路的最小功率。本题考查了串联和并联电路特点、欧姆定律和电功率公式的应用，正确分析开关在不同状态下电路状态的电表所测物理量

是解题的关键。8.【答案】【解析】解：根据牛顿第三定律可知，物体对电梯的压力大小等于电梯对物体的支持力，通过判断加速度方向来判断物体的状态。A、在第内，支持力小于重力，并且一直在增加，所以物体处于失重状态，电梯可能向下做变加速直线运动。故A错误；B、在第内，物体所受支持力与重力平衡，电梯可

能处于匀速运动状态或者静止状态。故B正确；C、在第内，支持力大于重力，并且一直在增加，所以物体处于超重状态，电梯可能向下做变减速直线运动。故C错误；D、在第内，支持力大于重力，并且保持不变，所以物体处于超重状态，电梯可能向上做匀加速直线运动。故D正确。故选：。由牛顿第三定律得出电梯给

物体的支持力与物体对电梯的压力等大反向；根据牛顿第二定律，判断物体的加速度，得出物体处于的状态。本题是一道利用牛顿运动定律综合处理的题目，涉及到牛顿第二定律和牛顿第三定律的知识以及超重和失重的特点。属于简单题目。9.【答案】【解析】解：、对金属棒，运动时受力和向左的安培力，由

牛顿第二定律可知，则随速度的增加，加速度逐渐减小；对金属板，，则加速度逐渐增加，最终两者加速度趋于相等，且都等于，故A正确，B错误；、因开始时的加速度较大，则两棒的速度差逐渐变大，则回路的感应电流逐渐变大，当加速度相等时，速度差达到最大，此时感应

电流达到最大，以后速度差保持恒定，则感应电流恒定，故CD正确；故选：。利用牛顿第二定律分别对金属棒、进行分析，结合速度变化情况判断加速度的变化；再通过加速度变化情况判断两者速度差的变化，以及感应电流的变化。本题考查牛顿第二定律以及导

体棒切割磁感线产生感应电动势相关知识，要求学生结合牛顿第二定律进行分析，选择正确图象，难度适中。10.【答案】【解析】解：、由于传送带足够长，滑块减速向左滑行，直到速度减为零，然后物体会在滑动摩擦力的作用下向右加速，由于，物体会先在滑动摩擦力的作用下加速，当速度增大到等于传送带速

度时开始向右匀速运动，之后不受摩擦力，故滑块返回传送带右端的速率为，故A正确；B、此过程中只有传送带对滑块做功，根据动能定理得，传送带对滑块做功为：，故B错误；C、滑块相对于传送带打滑时滑块的加速度为：，滑块从起点向左到达最大位移时，用时为：，位移为：，传送带的位移为：，滑块返

回加速的时间为：，加速过程的位移为：，传送带的位移为：，传送带与滑块间的相对路程为：，故滑块与传送带间摩擦产生的热量为：，故C正确；D、电动机对传送带做的功等于滑块动能的增加量与热量的总和，故电动机多做功为：，故D错误。故选：。物体冲上皮带后，受到向右的滑动摩擦力，减速向左滑

行，之后依然受到向右的滑动摩擦力，会继续向右加速；根据动能定理求出全过程传送带对物块做的总功；求出滑块与传送带之间的相对距离，由功能关系可求出经摩擦产生的热量；电动机对传送带做的功等于滑块动能的增加量与热量的总和。本题关键是对物体的运动过程进行分析，物体先做减速运动，

之后反向加速，最后做匀速运动。对于滑块与传送带间摩擦产生的热量要根据相对路程进行计算。11.【答案】遮光条到悬点的距离大于球心到悬点的距离导致测得的速度偏大【解析】解：小球下落的高度是初末位置球心之间的高度差，即钢球下落的高度应为释放时的钢

球球心到钢球在点时的球心之间的距离，故选B．极短时间内的平均速度近似等于瞬时速度，钢球的速度．表中的与之间存在差异，存在这种差异的可能原因是遮光条到悬点的距离大于球心到悬点的距离导致测得的速度偏大．故答案

为：；；遮光条到悬点的距离大于球心到悬点的距离导致测得的速度偏大．小球下落的高度是初末位置球心之间的高度差；根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出钢球的速度；结合实验的装置与实验的原理，分析误差产生的原因．理解实验原理是解

题的前提，解题时要知道极短时间内的平均速度近似等于瞬时速度．12.【答案】【解析】解：滑动变阻器串联在电路中，为了保护电路，开始实验时滑动变阻器接入电路的阻值要最大，故闭合开关前应把滑动变阻器滑片移到端；根据题意可知，与电压表并联

部分发生断路故障，即电压表串联在电路中，选项中只有发光体与电压表并联，故B正确，AC错误，故选：。由图像可知，当时，，则发光体的电阻，发光体的电功率；根据闭合电路欧姆定律可得：，代入数据：，变形为：，在发光体的图像中作出太阳

能电源的图像，如右图所示：两图线的交点：，该发光体的电功率约为故答案为：；；，；。为了保护电路，开始实验时滑动变阻器接入电路的阻值要最大；根据题意可知，电压表串联在电路中，与电压表并联部分发生断路故障；由图像读出对应的电

流值，由欧姆定律和电功率定义式求解；在发光体的图像中作出太阳能电源的图像，两图线的交点对应的电压值与电流值为发光体实际工作状态，由电功率定义式求解；本题考查了“研究某发光体的伏安特性”的实验，基础题。需要掌握第问的做法并理解其原理，用电器的伏安特曲线与电源的伏安特性曲线在同一图像中的

交点，意义是用电器两端电压与电源的路端电压相等，通过两者的电流相等，即两者组成闭合电路时用电器实际工作状态。13.【答案】解：由运动到的过程中，物块受滑动摩擦力的作用，物块受到摩擦力所做的功为。由图象可知在阶段：，故物块做初速度为零的匀加速直线运

动，设加速度为，此阶段时间为，位移大小为，末速度为，，，解得：，在阶段，，故物块以的速度匀速直线运动，设此阶段时间为，位移大小为，，则物块由运动到所用的时间：因，故木块先沿斜面上滑再下滑到点，设在斜面上运动最大位移为，

静止时距离点的距离为，由动能定理得：对在斜面上升到最高点的过程：从斜面的最高点到静止的过程：解得：答：物块受到摩擦力所做的功为；物块由运动到所用的时间为：物块最终静止时与点的距离为。【解析】由力做功的定义求解物块受到摩擦力所做的功；根据牛顿

第二定律结合运动学公式，分阶段求得各段时间；研判运动过程，分析初末状态，对不同的过程分别利用动能定理，求解木块最终静止时与点的距离。本题考查动能定理的应用，涉及到的运动较简单，运用动能定理或功能关系解题很便捷，不用去研究运动的细节，只需将所研究的过程中力做功与过程的初末状态对应好即可，切记

要考虑做功的正负。14.【答案】解：取长为的导体研究，则金属中自由电子总数量为，长为的金属的电荷量为，而，电流的定义式，解得电流的决定式。恒定的电场为，则自由电子所受的电场力为，设电子在恒定的电场中由静止加速的时间为时的速度为，由动量定理，解得：，电子定向移动的平均速率为，金属中的电流。

答：电流的决定式是；金属导体中的电流。【解析】明确电流形成是由于电荷的定向移动，由电流的定义结合电荷的定向移动可确定电流的微观表达式；根据可求得电场强度的大小，再根据可求得电场力，根据动量定理可明确速度大小，再根

据电流的微观表达式进行分析，从而求出电流与电压等因素的关系。本题考查电流的微观意义，要求能准确应用电场的性质，明确电源在导线两端表成匀强电场，从而根据电场的性质分析电流和电阻的微观意义，本题结合静电场和电流，对学生要求较高。15.【答案】【解析】解：脚着地的短暂过程，外界对气垫内的气体做

功，气体质量不变，体积减小，所以气体密度增大，故A错误；研究他双脚着地的短暂过程，外界对气体做功，气体的温度升高，所以气体内能增大，由热力学第一定律可知，外界对气体做功大于气体向外传递的热量，故D正确，B错误；C.气垫内的气体的温度升高，气垫内气体分子

的平均动能增大，但不是所有分子的动能都增大，即不是所有分子的速率增大，故C错误。故选：。外界对气垫内的气体做功，体积减小；气体的温度升高，所以气体内能增大；气垫内气体分子的平均动能增大。本题考查理想气

体状态方程，解题关键注意气体的温度升高，所以气体内能增大，气垫内气体分子的平均动能增大，但不是所有分子的动能都增大。16.【答案】解：当向右移动时，设不移动，对内气体，由玻意耳定律得解得而此时中气体的压强为，故B不动，对有解得又

相当于高的水产生的压强，故可得水的深度为该装置放入水下后，由于水的压力向右移动，内气体压强逐渐增大，当压强增大到大于后开始向右移动，当恰好移动到缸底时所测深度最大，此时原内气体全部进入Ⅱ内，设向右移动距离，两部分气体压强均为对原

内气体，由玻意耳定律得对原内气体，由玻意耳定律得又此时有联立解得答：当向右移动时，水的深度为；该深度计能测量的最大水深为。【解析】假设不动，根据玻意尔定律可明确压强大小，从而确定是否变化，进而求出压强大小，再由压

强公式即可确定水的深度；当恰好移动到缸底时所测深度最大，分别对、内气体进行分析，根据玻意尔定律可确定压强，从而求出水的深度。本题考查玻意尔定律的应用和压强的计算，要注意明确研究对象，在解题时应分别对两部分气体进行分析求解，并要抓住两者之间的联系，如体积关系、压强关系。17.【答案】

【解析】解：、在入射角相同的情况下，光的偏折程度大，根据折射定律可知光的折射率大，即，故A错误；B、根据可知、在玻璃中的传播速度关系为，故B错误；C、折射率越大的光频率越大，故光的频率大，根据可知，、

两种光单个光子的能量关系为，故C正确；D、根据可知，若、都在玻璃中发生全反射，的临界角小于的临界角，故D错误。故选：。根据偏折程度判断出玻璃砖对两束光的折射率大小；根据分析传播速度的大小；根据光子能量计算公式分析光子能量大小；对照全反射的条件分析临界角大小。解决本题

的关键是通过光路图比较出折射率，要知道光速与折射率的关系，掌握全反射的条件和光子能量计算公式。18.【答案】解：在时到达波谷，而在时到达波谷到达波谷的时间差波速设波源位移随时间变化的关系为波源从点回到平衡位置的时间质点再经过会第一次到达波谷位置，可得解得当时，波源位移为，则解得因此波源

位移随时间变化的关系为答：这列波的传播速度；波源位移随时间变化的正弦函数关系式为【解析】波速，代入数据可得这列波的传播速度；设出函数关系式，利用数学知识，代入两个特殊点，确定、，可得所求函数关系式。考查波的形成与传播过程，掌握波长、波

速与周期的关系，理解质点的振动与波的传播的之间关系．