【文档说明】2024届高考二轮复习物理试题（新高考新教材） 热点情境练 科技发展类（二） Word版含解析.docx，共(7)页，702.284 KB，由小赞的店铺上传

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科技发展类(二)1.(2023福建厦门二模)2023年4月12日,中国“人造太阳”——全超导托卡马克核聚变实验装置(EAST)成功实现稳态高约束模式等离子体运行403秒,创造了新的世界纪录,其内部发生的核反应方程为12H+13HHe+X,则()A.X为正电子B.该反应为α衰变C.反应前后质量守

恒D.24He的平均结合能比12H的平均结合能大2.人体的细胞膜模型图如图甲所示,由磷脂双分子层组成,双分子层之间存在电压(医学上称为膜电位),现研究某小块均匀的细胞膜,厚度为d,膜内的电场可看作匀强电场,简化模型如图乙所示,初速度可视为零的

一价正钠离子仅在静电力的作用下,从图中的A点运动到B点,下列说法正确的是()A.A点电势等于B点电势B.钠离子的电势能增大C.若膜电位不变,钠离子进入细胞内的速度变化D.若膜电位增加,钠离子进入细胞内的速度增大

3.(多选)如图甲所示,某实验室设计了一款能够与人协作、共同完成冰壶比赛的机器人。当机器人与冰壶之间的距离保持在8m之内时,机器人可以实时追踪冰壶的运动信息。在某次投掷练习中机器人夹取冰壶,由静止开始做匀加速运动,之后释放冰壶,二者均做匀减速直线运动,冰壶

准确命中目标,二者在整个运动过程中的v-t图像如图乙所示。此次投掷中,下列说法正确的是()A.冰壶减速运动的加速度大小为0.125m/s2B.9s末,冰壶的速度大小为5.75m/sC.7s末,冰壶、机器人二者间距为7mD.机器人能够一直准确获取冰壶的运动信息4.图甲为CT的剖面

图,图乙为其简化的工作原理示意图。M、N间有一加速电场,虚线框内有垂直纸面的匀强偏转磁场。从电子枪逸出的电子(忽略初速度),经M、N间的电场加速后沿带箭头的实线方向前进,打到靶上的P点,从而产生X射线进行工作,则()甲乙A.M处的电势高

于N处的电势B.偏转磁场的方向垂直于纸面向外C.当加速电压增加为原来的2倍时,射出电场时的速度变为原来的2倍D.当加速电压增加为原来的2倍时,在磁场中运动的半径变为原来的√2倍5.(多选)(2023广东江门模拟)运动步数的测量是通过手

机内电容式加速度传感器实现的,其原理如图所示,M和N为电容器两极板,M极板固定,N极板两端与两轻弹簧连接,当手机的加速度变化时,N极板只能按图中标识的前后方向运动。下列对传感器描述正确的是()A.保持向前匀速运

动,电阻R将以恒定功率发热B.由向前匀速突然减速时,电容器所带电荷量增加C.由静止突然加速后退时,电流由a向b流过电流表D.保持向前匀减速运动时,MN间的电场强度持续减小6.(2023山东淄博一模)近年来,对具有负折射率(n<0)人工材料的光

学性质及应用的研究备受关注。如图甲所示,光从真空射入负折射率材料时,入射角和折射角的大小关系仍然遵从折射定律,但折射角取负值,即折射光线和入射光线位于界面法线同侧。如图乙所示,在真空中对称放置两个完全相

同的负折射率材料制作的直角三棱镜A、B,顶角为θ,A、B两棱镜斜面相互平行放置,两斜面间的距离为d。一束包含有两种频率光的激光,从A棱镜上的P点垂直入射,它们在棱镜中的折射率分别为n1=-√2,n2=-23√3,在B棱镜下方有一平行于下表面的光屏,P'点为P点在光屏上的投影。(1)为使两

种频率的光都能从棱镜A斜面射出,求θ的取值范围;(2)若θ=30°,求两种频率的光通过两棱镜后,打在光屏上的点距P'点的距离。7.如图甲所示,我国目前采用托卡马克磁约束装置作为核反应“容器”,某实验室简化的模拟

磁约束磁场如图乙所示,半径为R的足够长水平圆柱形区域内分布水平向右的匀强磁场Ⅰ,并已知磁感应强度为B;圆柱形磁场区域Ⅰ外侧分布有厚度为L的环形磁场Ⅱ,其磁感应强度大小处处相同,方向与B(磁场Ⅰ)垂直,其左视图与纵截面图分别如图丙、图丁所示。某时刻

速度为v=𝐵𝑞𝑅𝑚的氘原子核(已知氘原子核质量为m,电荷量为q)从水平磁场Ⅰ最低点竖直向下射入磁场Ⅱ,氘原子核恰不能飞出磁场区域,忽略粒子重力和空气阻力,不考虑相对论效应。(1)求环形磁场Ⅱ的磁感应强度大小;(2)求该氘原子核从出发

后到回到水平磁场Ⅰ最低点需要的时间。科技发展类(二)1.D根据电荷数守恒和质量数守恒,可知X为中子,A错误;该反应为聚变反应,B错误;反应后,质量有亏损,C错误;反应生成的新核更稳定,故24He的平均结合能比12H的平均结合能大,D正确。2.D初速度可视为零的一价正钠离子仅在静电力的作用下

,从图中的A点运动到B点,则电场线从A到B,沿电场线电势降低,所以A点电势大于B点电势,A错误。钠离子运动中静电力做正功,所以钠离子的电势能减小,B错误。由动能定理可知qU=12mv2,若膜电位不变时,即电压U不变时,钠离子进入细胞内的速度不变;电压U增加时,速度增大,C错误,D正确

。3.AC根据加速度的定义可知,冰壶减速运动的加速度为a=Δ𝑣Δ𝑡=5-611-3m/s2=-0.125m/s2,故加速度大小为0.125m/s2,A正确;由速度时间公式可得,9s末,冰壶的速度大小为v=v0+at=6m/s-

0.125×6m/s=5.25m/s,B错误;由图线可知,机器人的加速度为a机=Δ𝑣Δ𝑡=0-69-3m/s2=-1m/s2,故可得7s末冰壶的位移为x冰=v0t+12a冰t2=23m,7s末,机器人的位移为x机=v0t+1

2a机t2=16m,则7s末冰壶、机器人二者间距为7m,C正确;由于机器人停止运动时,其位移为18m,而此时冰壶的位移为x冰=v0t+12a冰t2=33.75m,可知机器人不能一直准确获取冰壶的运动信息,D错误。4.D由于电子在MN间做加速运动,所以电子受到的

静电力水平向右,所以电场强度的方向水平向左,即N处的电势高于M处的电势,A错误;由于电子向下偏转,根据左手定则可以确定磁场的方向应垂直纸面向里,B错误;在加速电场中,有qU=12mv2,解得v=√2𝑞𝑈𝑚,由此可知,当加速电压增加为

原来的2倍时,射出电场时的速度变为原来的√2倍,C错误;在偏转磁场中,洛伦兹力提供向心力,有qvB=m𝑣2𝑟,v=√2𝑞𝑈𝑚,所以r=1𝐵√2𝑚𝑈𝑞,由此可知,当加速电压增加为原来的2倍时,在磁场中运动的半径变为原来的√2倍,D正确。5.BC保持向前匀速运

动时加速度为0,电容C不变,电容器相当于开关断开,电路中无电流,电阻R不发热,A错误。由向前匀速突然减速时,由于惯性N极板向前移动,电容器板间距离d减小,由电容的决定式C=𝜀r𝑆4π𝑘𝑑知,电容C增大;U不变,由电容的定义式C=𝑄𝑈知,Q增大,电容器所带电荷量增

加,B正确。由静止突然加速后退时,由于惯性向前移动,电容器板间距离d减小,由电容的决定式C=𝜀r𝑆4π𝑘𝑑知,电容C增大;U不变,由电容的定义式C=𝑄𝑈知,Q增大,电容器所带电荷量增加,电容器充电,电流由a向

b流过电流表,C正确。保持向前的匀减速运动时,加速度不变,所以MN之间的距离不变,MN间的电场强度不变,D错误。6.答案(1)0°<θ<45°(2)1+√32d2+√64d解析(1)分析可知两光线的入射角等于棱镜的顶角θ,若两光线能

从棱镜A斜面射出,θ应小于两光线最小的临界角,由sinC=1|𝑛1|得C=45°所以θ的取值范围为0°<θ<45°。(2)两束光传播的光路图如图所示由折射定律可知sin(-𝜃1)sin𝜃=n1sin(-

𝜃2)sin𝜃=n2由几何关系可知x1=𝑑cos𝜃1sin(θ+θ1)x2=𝑑cos𝜃2sin(θ+θ2)解得x1=1+√32d,x2=2+√64d。7.答案(1)𝐵𝑅𝐿(2)2π𝑚𝐵𝑞+4π

𝑚𝐿𝐵𝑞𝑅解析(1)根据题意,粒子恰好不能由磁场Ⅱ飞出,则满足R2=L根据牛顿第二定律可得qvB2=𝑚𝑣2𝑅2解得B2=𝐵𝑅𝐿。(2)粒子在磁场Ⅰ区域时qvB=𝑚𝑣2𝑅1,v=𝐵𝑞𝑅𝑚解得R1=R所

以粒子在磁场Ⅰ区域轨迹如图所示所以粒子在磁场Ⅰ区域运动总时间t1=2π𝑅𝑣=2π𝑚𝐵𝑞粒子在磁场Ⅱ中做四次半个圆周运动,总时间t2=2π𝐿×2𝑣=4π𝑚𝐿𝐵𝑞𝑅