【文档说明】【精准解析】广东省东莞市实验中学2019-2020学年高二上学期第二次月考物理试题.doc，共(16)页，866.000 KB，由小赞的店铺上传

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东莞市实验中学2019-2020年度第一学期高二物理第二次月考一、单项选择题（共8小题，每题3分，共24分，每题给出的四个选项中只有一个是复合题目要求的）1.下列物理量中哪些与检验电荷有关A.电势能EPB.电势φC.电场强度ED.电势

差U【答案】A【解析】【详解】A．电势能EP=φq，则电势能与检验电荷的电量和电性有关，选项A正确；B．电势描述电场的能的性质的物理量，由电场本身决定，与检验电荷无关，故B错误．C．电场强度是描述电场的力的性质的物理量，由定义式FEq可知，E与检验电荷无关，

故C错误．D．电势差描述电场的能的性质的物理量，由定义式WUq可知，U与检验电荷无关，故D错误．2.如图所示为电源和导线内移送电荷的情况，则将单位正电荷沿闭合回路移动一周所释放的能量大小决定于（）A.电源电动势B.电路中电流的大小C.电源的内阻D.电源

的容量【答案】A【解析】【详解】移送电荷一周释放的能量，就是电源供给它的电能，数值上等于电源内部非静电力做功的数值，即W＝E·q，题中限定了单位电荷，可见W的数值只取决于电动势E，故选项A正确，选项B

、C、D错误．3.如图所示,实线和虚线分别表示某电场的电场线和等势线,下列说法中正确的是A.c点场强大于a点场强B.c点电势高于a点电势C.c、b两点间的电势差大于c、a两点间的电势差D.若将一试探电荷+q由a点移动到b点,电场力做正功【答

案】B【解析】【详解】A.a点的电场线比c点电场线密，可知a点的场强大于c点的场强，故A错误；B.沿电场线方向电势逐渐降低，可知c点的电势高于b点电势，而b与a在同一等势面上，所以c点电势高于a点电势，故B正确

；C.因为b、a两点电势相等，可知c、b两点间的电势差等于c、a两点间的电势差，故C错误；D.a、b两点电势相等，将一试探电荷+q由a点移动到b点，电场力不做功，故D错误．4.如图所示，虚线a、b、c

代表电场中的三条等势线，相邻等势线之间的电势差相等，即abbcUU．实线为一带负电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点，R点在等势面b上，据此可知（）A.带电质点在P点的加速度比在Q点的加速度小B

.带电质点在P点的电势能比在Q点的小C.带电质点的运动方向一定是从P到QD.带电质点在P点的动能小于在Q点的动能【答案】D【解析】【详解】A．粒子在P点的加速度比Q点大，故A错误；BD．负电荷做曲线运动，

电场力垂直于等势线指向轨迹曲线的内侧；作出电场线，根据轨迹弯曲的方向和负电荷可知，电场线向上．故c的电势最高，负电荷在电势高处电势能小，在电势低处电势能大，知道P点电势能大，故选项B错误，根据能量守恒，带电质点在P点电势能大动能小，故B

错误，D正确；C．由已知条件不能判断带电质点是从P到Q还是从Q到P，故C错误．5.磁悬浮列车需要很强的磁场，因此线圈中的电流将非常大．用超导材料做磁悬浮线圈主要是因为（）A.超导线圈强度大B.只有超导线圈才能产生强磁场C.低于临界温度时，超导线圈无电阻不发热D.低于临界温度时，超导线圈有

电阻但不发热【答案】C【解析】【详解】线圈强度与是否是超导体无关，故A错误；只要电流大就能产生强磁场，故B错误；达到临界温度时，超导体电阻变为零，根据Q=I2Rt可知，产生热量为零，减小能量损耗，超导材料做磁悬浮线圈正是用了超导体的这一特性，故C正确，D错误．故选C．6

.如图所示，K闭合时AB灯正常发光．突然AB灯都不亮了，用伏特表检查，测量结果是：Uab=0，Ubc=0，Ucd≠0，Uae≠0，由此可判断故障是：()A.AB灯丝都断了B.开关K断了C.A、B灯中有一个灯丝断了D.电阻R开路【答案】D

【解析】【详解】0aeU说明电池完好；0cdU说明电池正极到c点，电池负极到d点线路完好，ABC错误；如果R开路，则全电路无电流，A灯虽完好，但A灯两端无电压，Uab=0；同理，Ubc=0，故D正确．7.矩形导线框abcd与长直导线MN放在同一水平面上，ab边与MN平行，导线M

N中通入如图所示的电流，当MN中的电流增大时，下列说法正确的是（）A.导线框abcd中没有感应电流B.导线框abcd中有顺时针方向的感应电流C.导线框所受的安培力的合力方向水平向左D.导线框所受的安培力的合力方向水平向右【答案】D【解析】【详解】AB.直导线中通有向上且增大的电

流，根据安培定则知，通过线框的磁场方向垂直纸面向里.且增大，根据楞次定律知感应电流的方向为逆时针方向，故A、B错误；CD.根据左手定则知，ab边所受安培力方向水平向右，cd边所受安培力方向水平向左，离导线越近，磁感应强度越大，所以ab边所受的安培力大于cd边所受

的安培力，则线框所受安培力的合力方向水平向右，故C错误、D正确．8.有四条垂直于纸面的长直固定导线，电流方向如图所示，其中abc、、三条导线到d导线的距离相等，三条导线与d的连线互成120角.四条导

线的电流大小都为I，其中a导线对d导线的安培力大小为F.现突然把c导线的电流方向改为垂直于纸面向外，电流大小不变.此时d导线所受安培力的合力大小为（）A.0B.FC.3FD.2F【答案】D【解析】【详解】把c导线的电流方向改为垂直于纸面

向外后，对d进行；受力分析如图所示：a对d的斥力大小为F，b对d的斥力大小为F，c对d的引力大小为F，根据共点力的合成可知d导线所受的合力为2F，D正确.二、多项选择题（共7小题，每小题4分，共28分。每题至少有两个正确答案，全对得4分，选对但不全对得2分，选错或不选均

得0分）9.如图所示，光滑绝缘细杆AB，水平放置于被固定的带负电荷的小球的正上方，小球的电荷量为Q，可视为点电荷．a、b是水平细杆上的两点，一个质量为m、电荷量为q的带正电的小球(可视为质点)套在细杆上，由a点静止释放，在小球由a点运动到b点

的过程中，下列说法中正确的是()A.小球速度先增大后减小B.小球速度一直减小C.小球速度一直增大D.小球与负电荷组成的系统电势能先减少后增加【答案】AD【解析】【详解】ABC.小球沿光滑直杆运动的过程中，受到重力、支持力与库仑力，重力与支持力均不做功，仅有库仑引力做功，负电荷对小球的库仑

力方向与速度方向的夹角先小于90°，后大于90°，则库仑力对小球先做正功后做负功．所以小球的动能先增大后减小，速度先增大后减小．故A正确，BC错误；D.库仑力先做正功后做负功．由于只有库仑力做功，所以小球与负电荷组成的系统电势能先减小后增大．故D正确．10.如图

所示，甲图中电容器的两个极板和电源的两极相连，乙图中电容器充电后断开电源．在电容器的两个极板间用相同的悬线分别吊起完全相同的小球，小球静止时悬线和竖直方向的夹角均为θ，下列说法正确的是A.甲图中将左极板向下平移时，电容器的电容减小B

.甲图中将左极板向左平移时，夹角θ不变C.乙图中将左极板向下平移时，极板上的电势差增大D.乙图中将左极板向左平移时，夹角θ将不变【答案】ACD【解析】【详解】甲图中两极板间的电压恒定不变，将左极板向下平移时，两极板间的正对面积减小，根据公式4sCkd

可得电容器减小，将左极板向左平移时，两极板间的距离增大，根据公式UEd可得两极板间的电场强度减小，故夹角θ变小，A正确B错误；乙图中两极板上的电荷量恒定不变，将左极板向下平移时，两极板间的正对面积减小，根据公式4sCkd可得电容

器减小，根据公式QCU可得U增大，根据公式可得4UQkQEdCdS，即当电荷量不变时，两极板间的电场强度和两极板间的距离无关，故乙图中将左极板向左平移时，夹角θ将不变，D正确；11.如图所示，在光滑水平面上一轻质弹簧将挡板和

一条形磁铁连接起来，磁铁上方有一导线，导线中通有垂直纸面向里的电流．若在某一瞬间电流消失，则()A.弹簧将变长B.弹簧将变短C.磁铁对地面的压力将减小D.磁铁对地面的压力将增大【答案】AD【解析】【详解】开始时根据条形

磁体磁感线分布情况得到直线电流所在位置磁场方向如图所示，由左手定则可判断出通电导线所受安培力方向如图所示；由牛顿第三定律可知，条形磁铁受到的电流对磁体的作用力斜向左上方，此时弹簧处于压缩状态；若在某一瞬间电流消失，安培力消失，磁体受重力和支持力，二力平衡，

故弹簧被拉伸恢复到原长，磁体对地压力等于磁体的重力；所以弹簧伸长量增加，磁铁对地面的压力增大；A．弹簧将被拉伸，与结论相符，选项A正确；B．弹簧将被压缩，与结论不相符，选项B错误；C．磁铁对地面的压力将减小，与结论不相符，选项C错误；D．磁铁对地面的压力将增大，与结论相

符，选项D正确；12.回旋加速器是加速带电粒子的装置。其核心部分是分别与高频交流电源两极相连接的两个D形金属盒，两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射

出时的动能，则下列说法中正确的是A.增大磁场的磁感应强度B.增大匀强电场间的加速电压C.增大D形金属盒的半径D.减小狭缝间的距离【答案】AC【解析】【详解】带电粒子在电场中加速，在磁场中回旋，最后从磁场离开，离开时由洛伦兹力提供向心力，有：2m

mvqvBmR解得：mqBRvm则最大动能为2222122kmmqBREmvm知最大动能与加速的电压U无关，狭缝间的距离d无关，与磁感应强度B的大小和D形盒的半径R有关，故增大磁感应强度B和D形盒的半径R，可以增加粒子的动能，故AC正确，BD错误。13.如图所示，匀强电场五竖直向下，匀强磁

场5垂直纸面向里．现有三个带有等电量同种电荷的油滴a、b、c，若将它们分别以一定的初速度射入该复合场中，油滴a做勻速圆周运动,油滴b向左水平匀速运动，油滴c向右水平匀速运动，则A.三个油滴可能带正电B.油滴c所受洛伦兹力方向竖直向上C.三个油滴质量不一样

，b的质量最大D.油滴a—定是做顺时针方向的圆周运动【答案】CD【解析】【详解】A、因三个带有等量同种电荷的油滴，由于油滴a做匀速圆周运动，则电场力与重力平衡，由洛伦兹力提供向心力，因此受到电场力向上，因电场强度方向向下，那么三个油滴

都带负电，故A错误；B、由于油滴带负电，根据左手定则可以知道，油滴c所受洛伦兹力方向竖直向下，故选项B错误；C、a球受力平衡，有：aGqE，重力和电场力等值、反向、共线，故电场力向上，由于电场强度向下，故球带负电，b球受力平衡，有：bGqE

qvB，c球受力平衡，有：cGqvBqE，解得：cabGGG，故C正确．D、根据左手定则，由于油滴带负电，且磁场垂直向里，那么油滴a一定是做顺时针方向的圆周运动，故D正确．【点睛】本题关键分别对a、b、c三个球进行受力分析，然后得到小球的电性，电场力和洛仑兹

力的方向，最后根据共点力平衡条件得到各个球的重力的大小．14.如图所示是一个多用表的内部电路图，下列说法中正确的是A.当开关S接1和2时用于测电流，且接1的量程比接2大B.当开关S接3时用于测电阻，A为黑表笔，B为红表笔

C.当开关S接4时A表笔电势比B表笔低D.当开关S接5和6时用于测电压，且接5比接6量程大【答案】AC【解析】A、多用电表的工作原理是闭合电路的欧姆定律，题图为一简易的多用电表原理示意图，其中1、2两档用来测电流，接1时分流电阻

相对更小，故接1时电表的量程更大，第1档为大量程，那么S接2时量程较小，故A正确；B、3、4两档用来测电阻，其中A与内部电源的负极相连，故A为红表笔，黑表笔连接表内电池的正极，故B为黑表笔，则红表笔A表笔电势比黑表笔B表笔低，故B错误，C正确

；D、要测量电压，电流表应与电阻串联，由图可知当转换开关S旋到位置5、6时；测量电压，电流表所串联的电阻越大，所测量电压值越大，故当转换开关S旋到6的量程比旋到5的量程大，故D错误．点睛：本题考查多用表的原理，应熟练掌握其测量原理，及电表的改装办法．明确电流表时表头与电阻并联，电压表时，表头

与电阻串联；而欧姆表时内部要接有电源．15.如图（a）所示，扬声器中有一线圈处于磁场中，当音频电流信号通过线圈时，线圈带动纸盆振动，发出声音．俯视图（b）表示处于辐射状磁场中的线圈（线圈平面即纸面），磁场方向如图中箭头所示．在图（b）中A.当电流沿顺时针

方向时，线圈所受安培力的方向垂直于纸面向里B.当电流沿顺时针方向时，线圈所受安培力的方向垂直于纸面向外C.当电流沿逆时针方向时，线圈所受安培力的方向垂直于纸面向里D.当电流沿逆时针方向时，线圈所受安培力的方向垂直于纸面向外【答案】BC【解析】

将环形导线分割成无限个小段，每一小段看成直导线，则根据左手定则，当电流沿顺时针方向时，线圈所受安培力的方向垂直于纸面向外，故选项A错误，选项B正确；当电流沿逆时针方向时，线圈所受安培力的方向垂直于纸面向里，故选项C正确，选项D错误．【考点定位】安培力【

名师点睛】解决本题的关键掌握安培力方向的判定，明确安培力产生的条件，熟练应用左手定则判断安培力的方向．三、实验题（共18分）16.螺旋测微器的读数为_____________mm，游标卡尺的读数为_________mm，多用电表欧姆挡位

为1“”挡，则测量的电阻是___________Ω【答案】(1).6.124(2).14.50(3).22【解析】【详解】[1]螺旋测微器的精度为0.01mm，所以读数为：6mm12.40.01mm=6.124mm；[2]游标卡尺精度为1mm0.05mm2

0，所以读数为：14mm+100.05mm=14.50mm；[3]欧姆挡位为1“”挡，所以根据表盘读数得电阻读数：221Ω=22Ω。17.用电流表和电压表测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，所用电流表和电压表的内电阻分别为

0.1Ω和1KΩ，如图为所需的器材．（1）请你把它们连成实验电路，注意两个电表要选用适当量程，并要求变阻器的滑动片在左端时其电阻值最大__________．（2）一位同学记录的6组数据见下表，试根据这些数据在图中画出U-I图线________，根据

图线求出电池的电动势E=_____V，内阻r=_____Ω．I/A0.120.200.310.320.500.57U/V1.371.321.241.181.191.05（3）在以上实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，下列说法正确的是（）A．用图a所示电路时，E测＜E真B．用图a所

示电路时，r测＜r真C．用图b所示电路时，E测＜E真D．用图b所示电路时，r测＜r真【答案】(1).(2).(3).1.46(4).0.75(5).AB【解析】【详解】（1）一节干电池的电动势为1.5V，所以电压表量程选择3V，电路电流较小

，所以电流表量程选择小量程（2）描点连线时要让点分居直线的两侧，偏离太远的舍去不要（3）倾斜直线与纵轴的交点为电源电动势，图线的斜率表示电源内阻，图a中，由于电源内阻有分压，所以电压表测量的小于电源电动势，图b中测量的电源内阻实际是电流表的内阻与电源内阻之和【点睛】本题电学试验基础为闭合电路

欧姆定律，考察了线路的连接、描点连线的数据处理能力、误差的分析能力，本题难度较大，特别是第3问四、解答题（本题共2小题，共30分。解答题应写出必要的文字说明，方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值和单位）18.如图所示，两

根无电阻导轨与水平面成θ=370角放置，两导轨间距离为d=0.5m，在导轨上垂直于导轨水平放一根质量m=0.2kg、长度略大于d、电阻R=4Ω的均匀金属杆，导轨下端与一个内阻r=1Ω电动势未知的电源两极相连，杆与导轨间最大静摩擦力1.5mfN.当导轨间有竖直向

上、磁感应强度为B=2T的匀强磁场时，杆与导轨间刚好无摩擦力.求：（1）电源的电动势E.（2）若将磁场改为垂直于导轨平面向下，要保证金属杆刚好不向下滑动，磁感应强度的大小不得超过多少？（g=10m/s2,sin37°="0.6,"cos37°=0.8）【答案】（1）7.5V（2

）0.4T【解析】（1）棒在三个力作用下平衡，其中安培力F1方向水平向右（如图1所示）.且安培力大小F1=Bid由平衡条件得F1cos37°=mgsin37°带入数据解得回路中电流I=1.5A电源的电动势E=I（R+r）=1.5

×(4+1)=7.5V（2）棒刚好不下滑时，受力如图2所示.其中安培力F2=BmId由平衡条件得BmId+mgsin37°=fm带入数据解得Bm=0.4T19.如图所示，水平放置的两块长直平行金属薄板a.b间的电势差为U，b板

下方足够大的空间内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场．一质量为m、电荷量为q的带正电粒子，从贴近a板的左端以大小为v0的初速度水平射入板间的匀强电场，然后从狭缝P垂直进人匀强磁场，最后粒子回到b板上与P点距离为L的Q点(图中未标出，粒子

打到b板后被吸收)．粒子重力不计．求:(1)粒子穿过狭缝P时的速度大小v；(2)匀强磁场的磁感应强度大小B．【答案】(1)202qUvvm(2)22mUBLq【解析】【详解】(1)对粒子从贴近a板处运动到狭缝P的过程，由动能定理有:2201122qUmvmv解得:202qUvvm(2

)设粒子进人磁场时的速度方向与b板的夹角为，粒子在磁场中做匀速圆周运动，运动轨迹的圆心为O、半径为r，如图所示，由几何关系有:0cosuv2sinLr由牛顿第二定律有:2vqvBmr解得:22mUBLq