【文档说明】北京市昌平区2022-2023学年高一下学期期末质量抽测物理试题 Word版含解析.docx，共(19)页，3.567 MB，由小赞的店铺上传

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昌平区2022—2023学年第二学期高一年级期末质量抽测物理试卷第一部分（选择题：共60分）一、单项选择题。本题共20小题，每小题3分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的，选出符合题目要求的一

项。1.请阅读下述文字，完成下列小题：自然界中，物体的运动是多种多样、丰富多彩的。可以根据其运动轨迹的特点，归入直线运动或曲线运动。曲线运动是十分常见的运动。当物体所受合力的方向与它的速度方向不在同一直线上时，物体做曲线运动。（1）做曲线运动的物体，其物理量一定

变化的是（）A.速率B.速度C.加速度D.合力（2）某物体（可看做质点）做曲线运动，下列说法正确的是（）A.该物体可能不受力B.该物体可能处于平衡状态C.该物体加速度一定不为0D.该物体的加速度可能为0（3）下列运动

属于匀变速曲线运动的是（）A.自由落体运动B.竖直上抛运动C.平抛运动D.匀速圆周运动（4）图中能正确描述平抛运动的水平位移与时间关系的是（）A.B.C.D.【答案】（1）B（2）C（3）C（4）B【解析】【小问1详解】A．

做曲线运动的物体的速率大小不一定发生变化，例如匀速圆周运动，速度大小不变，速度方向发生改变，故A错误；B．做曲线运动的物体，速度方向沿切线方向，可知，做曲线运动的物体的速度方向在时刻发生变化，即速度一定发生变

化，故B正确；D．做曲线运动的物体，所受合力不一定发生变化，例如平抛运动，物体仅受到重力作用，合力恒定不变，故D错误；C．根据牛顿第二定律，结合上述可知，做曲线运动的物体，加速度不一定发生变化，故C错误。故选B。【小问2详解】做曲线运动的物体的速度时刻发生变化，即速度的变化量不为0，根

据vat=，Fma=可知该物体加速度一定不为0，则该物体的合力一定不为0，即该物体不可能处于平衡状态。故选C。【小问3详解】A．自由落体运动是匀加速直线运动，故A错误；B．竖直上抛运动时匀变速直线运动，故B错误；C．平抛运动仅仅受到重力作用，加速度恒定，则平抛运动时匀变速曲线运动，故C正确

；D．匀速圆周运动的加速度大小一定，加速度方向时刻发生变化，则匀速圆周运动不是匀变速曲线运动，故D错误。故选C。【小问4详解】平抛运动的水平方向做匀速直线运动，根据0xvt=可知平抛运动水平方向的位移与时间关系图像是一条过原点的倾斜直线。故选B。2.请阅读下

述文字，完成下列小题。如图所示，三个质量相同的小球，从同一高度由静止释放，其中a球沿竖直方向自由下落，b球沿光滑且固定的斜面下滑，c球沿14光滑且固定的圆弧下滑。不计空气阻力。（1）从释放到运动至地面的过程中，a、b和c三个小球所受重力做的功分别为Wa、Wb、Wc

，则（）A.Wa>Wb>WcB.Wa<Wb<WcC.Wa=Wb=WcD.Wa<Wb=Wc（2）b小球从释放到运动至地面的过程中（）A.动能增加，机械能不变B.动能减少，机械能增加C.动能增加，机械能增加D.

动能减少，机械能减少（3）从释放到运动至地面的过程中，c小球所受重力的瞬时功率（）A.变小B.变大C.不变D.先变大后变小【答案】（1）C（2）A（3）D【解析】【小问1详解】重力做功均为GWmgh=小球初末位置高度差相等，重力做功相等。故

选C。【小问2详解】小球下滑过程中只有重力做功，也重力做正功，所以小球动能增加，机械能不变。故选A。【小问3详解】在初始位置，小球速度为零，所以重力的瞬时功率为零，而到达底端时，速度方向与重力方向垂直，重力的瞬时功率仍然为零，所

以c小球所受重力的瞬时功率应先增大后减小。故选D。3请阅读下述文字，完成下列小题2023年5月17日10时49分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭成功发射第56颗北斗导航卫星。这颗卫星属于地球静止轨道卫星，

是我国北斗三号工程的首颗备份卫星，入轨并完成在轨测试后，.将接入北斗卫星导航系统。这颗卫星绕地球的运动可看作匀速圆周运动，其轨道与地球赤道在同一平面内，从地面上看，卫星在一定高度处静止不动。已知地球半

径为R，第56颗北斗导航卫星轨道半径为r。（1）地球自转的周期为T1，第56颗北斗导航卫星的周期为T2，则（）A.211=4TTB.211=2TTC.21=TTD.21=2TT（2）赤道上某点随地球自转线速度大小为v1，第56颗北斗导航卫星运动的线速度大小为v2，则12vv为（）A.RrB.rRC

.22RrD.22rR（3）关于第56颗北斗导航卫星，下列说法正确的是（）A.该卫星可以停留在北京的上空B.该卫星绕地球运行时处于平衡状态C.该卫星的运行速度一定大于第二宇宙速度D.该卫星的运行速度一定小于第一宇宙速度【答案】（1）C（2）A（3）D【解析】【小问1详解】第56颗北斗导航卫星属

于地球静止轨道卫星，故卫星的周期与地球的自转周期是相同的，即21=TT故选C。【小问2详解】赤道上某点随地球自转的角速度与第56颗北斗导航卫星的角速度相同，由vr=得12vRRvrr==故选A。【小问3详解】A．由于第56颗北斗

导航卫星是地球静止轨道卫星，运行轨道与赤道平面共面，不可以停留在北京的上的空，A错误；B．该卫星绕地球运行时处于匀速圆周运动状态，合力提供向心力，受力不平衡，不是平衡状态，B错误；CD．由卫星绕地球运动过程，由地球的万有引力提供向心力22GMmmvrr=得卫星的运行速度GMvr=随着轨道半径的增

大，运行速度减小，故该卫星的运行速度一定小于第一宇宙速度，又由于第二宇宙速度大于第一宇宙速度，故该卫星的运行速度一定小于第二宇宙速度，C错误，D正确。故选D。4.请阅读下述文字，完成下列小题体育运动可以提高人们的身体素质和生活质量，其中，球类运动是身体和技

术的结合，趣味性强，深受大家喜爱。（1）如图所示，在某次比赛中，运动员将排球沿水平方向击出。不计空气阻力，以地面为参考系，排球被击出后，在空中做（）A.平抛运动B.自由落体运动C.匀速直线运动D.匀减速直线运动（2）某同学

练习定点投篮，其中有两次篮球垂直撞击在竖直篮板上，篮球的轨迹分别如图中曲线1、2所示。两次抛出的篮球在空中的运动时间为t1和t2，篮球撞击篮板前的瞬时速度为v1和v2。不计空气阻力，下列说法中正确的是（）A.12tt，12vvB.12tt，12vv=C.12tt=，12vv=

D.12tt，12vv（3）在足球场上罚任意球时，运动员有时会踢出“香蕉球”，足球会绕过“人墙”转弯进入球门，足球运动轨迹如图甲中曲线所示。运动员踢出球时，一方面使球向前运动，另一方面又使它绕轴旋转。如图乙所示，若球从右向

左运动，并做顺时旋转，图丙为其俯视图。由于足球的自转，紧贴着足球表面的一层空气被球带动做同一旋向的转动。结果，造成足球A侧附近空气的流速大于B侧附近空气的流速。根据流体速度与压强的关系可知，足球A、B两侧存在压力差，形成方向由B指向A的力F，F称为马格

努斯力。根据图甲中香蕉球的轨迹，下列说法正确的是（）A.该足球射出后顺时针旋转，且受到马格努斯力方向指向轨迹右侧B.该足球射出后顺时针旋转，且受到马格努斯力方向指向轨迹左侧C.该足球射出后逆时针旋转，且受到马格努斯力方向指向轨迹右侧D

.该足球射出后逆时针旋转，且受到马格努斯力方向指向轨迹左侧【答案】（1）A（2）A（3）A【解析】【小问1详解】运动员将排球沿水平方向击出，不计空气阻力，以地面为参考系，排球被击出后，竖直方向上受重力作

用，水平方向上有初速度，故排球做平抛运动。故选A。【小问2详解】将篮球的运动反向处理，视为平抛运动，曲线1、2对应的水平位移相等，竖直位移曲线1大于2，由竖直方向运动规律可有212hgt=2htg=可知12tt水平方向是匀

速直线运动，水平初速度有0xvt=可知12vv故选A。【小问3详解】由题可知，球从右向左运动，并做顺时旋转，足球A、B两侧存在压力差，形成方向由B指向A的力F，故F方向指向轨迹右侧。故选A。5.请阅读下述文字，完成下列小题如图所示，一漏斗以一

定角速度绕竖直轴匀速转动，一质量为m的小物块落入漏斗内，经过一段时间后，小物块随漏斗一起转动且相对漏斗内壁静止。重力加速度大小为g，漏斗壁倾斜角为θ。（1）若漏斗内壁光滑，关于小物块受力情况下列说法正确的是（）A.小物块可能只

受重力的作用B.小物块受重力和支持力的作用C.小物块受重力和向心力的作用D.小物块受重力、支持力和向心力的作用（2）若漏斗内壁光滑，小物块随漏斗做圆周运动的向心力（）A.大小为mg，方向为竖直向下B.大小为sin

mg，方向沿漏斗内壁向下C.大小为cosmg，方向与漏斗内壁垂直且指向其竖直轴D.大小为tanmg，方向沿水平方向且指向漏斗的竖直轴（3）若漏斗内壁粗糙，漏斗静止时，小物块可以静止在漏斗内壁上，现使漏斗从静止开始转动，转动的角速度缓

慢增大，小物块仍相对漏斗保持静止。当角速度达到ωm时，小物块将要与漏斗发生相对滑动。在角速度从0缓慢增大到ωm的过程中，下列说法正确的是（）A.物块所受的摩擦力随角速度ω增大，一直增大B.物块所受的摩擦力随角速度ω增大，一直减小

C.物块所受的支持力随角速度ω增大，一直增大D.物块所受的支持力随角速度ω增大，先减小后增大【答案】（1）B（2）D（3）C【解析】【小问1详解】小物块随漏斗一起做匀速圆周运动，当漏斗内壁光滑时，小物块受重

力、支持力两个力的作用，故ACD错误，B正确；故选B。【小问2详解】小物块随漏斗一起做匀速圆周运动，当漏斗内壁光滑时，小物块受重力、支持力两个力的作用，合力提供所需向心力，有tanFFmg==合向方向沿水平方向且指向漏斗的竖直轴

，故选D。【小问3详解】AB．在角速度从0缓慢增大到m的过程中，对小物块受力分析可知，开始时，受到的摩擦力沿斜面向上，最后沿斜面向下，故摩擦力先减小后增大，故AB错误；CD．当角速度较小时，此时摩擦力f沿斜面向上，在竖直方向根据共点力平衡

可知cossinNfmg+=由于角速度逐渐增大，f逐渐减小，故N逐渐增大。当角速度较大时，摩擦力f沿斜面向下时，根据共点力平衡有cossinNfmg−=随角速度的增大，f逐渐增大，故N随角速度

增大而增大。综上所述，物块所受的支持力N随角速度ω增大，一直增大；C正确，D错误；故选C。6.请阅读下述文字，完成下列小题图甲为荡秋千的情景，某同学在秋千上以固定姿势摆动的过程可以简化为：质量为m的小球用细线悬于O点，小球大小可忽略不计，小球在竖直平面内左右摆动。从A点开始运动,此时细线与

竖直方向夹角为θ，到达最低点B后，摆到另一侧最高点C，A点与C点等高，如图乙所示。重力加速度大小为g，不计空气阻力，不计秋千的质量。（1）当秋千摆动到最低点B时，秋千对该同学的作用力（）A.等于mgB.大于mgC.小于mgD.等于零（2）该同学在荡秋千过程中，下列说法正确的是（）A.从

A运动到B的过程中，秋千对该同学的作用力做正功B.从A运动到B的过程中，秋千对该同学的作用力做负功C.从B运动到C的过程中，秋千对该同学的作用力做正功D.从B运动到C的过程中，秋千对该同学的作用力不做功（3）想要测量该

同学摆到最低点B时的动能Ek，甲、乙、丙同学观点如下：甲同学：需再测得秋千绳的长度l、摆到最低点时秋千对该同学的作用力T，则2mvTmgl−=求得()k12ETmgl=−乙同学：只需再测得秋千绳的长度

l，则()2k11cos2mglmvE−==丙同学：荡秋千的过程中，该同学体内的化学能转化为系统的机械能，还需要测量这部分化学能。列说法正确的是（）A.只有甲同学观点是正确的的B.只有乙同学的观点是正确的C.只有丙同学的观

点是正确的D.甲、乙同学的观点是正确的（4）若该同学到达最低点B时突然站起来，并保持站立姿势摆到另一侧的最高点D，此时细线与竖直方向夹角为θ'，其中D点和角θ'未画出，假定人在最低点站起前后摆动速度大小不变。下列说法正确的是（）A.＜，该同学从A到D的过程中机械能不守恒

B.，该同学从A到D的过程中机械能不守恒C.＞，该同学从A到D的过程中机械能守恒D.=，该同学从A到D的过程中机械能守恒【答案】（1）B（2）D（3）D（4）B【解析】【小问1详解】在最低点，根据牛顿第二定律得2NvFmgml−=解得2NvFmgmm

gl=+故选B。【小问2详解】AB．从A运动到B的过程中，秋千对同学的支持力的方向与同学的运动方向始终垂直，所以秋千对该同学的作用力不做功，故AB错误；CD．从B运动到C的过程中，秋千对同学的支持力的方向与同学的运动方向垂直，所以秋千对该同学的作用力不做功

，故C错误，D正确。故选D。【小问3详解】根据牛顿第二定律得2mvTmgl−=又因为2k12Emv=解得()k12ETmgl=−再测得秋千绳的长度l、摆到最低点时秋千对该同学的作用力T，就可以测量最低点的动能，甲同学说法正确；从B点

到C点，根据机械能守恒定律()k1cosEmgl=−只需再测得秋千绳的长度l，就可以测量最低点的动能，乙同学说法正确；人站起来后，以最低点人的重心为零势能面，人上摆的过程中机械能守恒，根据机械能守恒定律()k1cosEmgl=−只需再测得秋千绳的长度

l，就可以测量最低点的动能，不需要测量转化为机械能的化学能，丙同学的说法是错误的。故选D。【小问4详解】从A点到B点，只有重力做功，人的机械能守恒；同学到达最低点B时突然站起来，站起前后摆动速度v大小不变，动能不变，人体内的化学能全部转化为人的重力势能，重力势能增加，人站起

来的过程，机械能增加；从B点到D点，只有重力做功，机械能守恒；所以该同学从A到D的过程中机械能不守恒，机械能增加；站起前，从B点到C点，根据机械能守恒定律()211cos2mvmgl=−站起后，重心升高h，站起来后的机械能为212Emvmgh=+从B点

到D点，根据机械能守恒定律()1cosEmgl=−解得故选B。第二部分（非选择题：共40分）二、填空题。本题共3小题，每小题4分，共12分。7.用向心力演示器探究影响向心力大小的因素，仪器结构如图所示。（1）本实验采用的科学研究方法是__

______。A．微元法B．理想实验法C．等效替代法D．控制变量法（2）某同学把两个质量相同的铁球分别放在两槽半径相同的横臂挡板处，依次调整塔轮上皮带的位置，匀速转动手柄，观察两个弹簧测力筒露出的标尺，记录数据。根据以上操作分析，该同学探究的实验是向心力大小与________

的关系。【答案】①.D②.角速度【解析】【详解】（1）[1]本实验采用的科学研究方法为控制变量法，即研究向心力大小与质量关系时，应保持小球的转动半径和转动角速度不变。故选D。（2）[2]根据题意，两个小球质量相等，

转动半径相同，调整塔轮上皮带的位置，从而改变小球转动的角速度，由此可知，该同学探究的是向心力大小与角速度的关系。8.某同学用数码相机研究平抛运动，用一张画有小方格的纸记录小球做平抛运动的轨迹。若小球在运动途中的几个位置如图中A、B、C、D所示。已知，小方格边长为l，重力加速度为g

。则小球做平抛运动的初速度大小为______。小球竖直下落距离y与水平运动距离x的关系式为y=______。【答案】①.2gl②.28xl【解析】【详解】[1]小球水平方向做匀速直线运动，根据图像可知，相邻点迹之间的时间间隔相等，则有02lTv=竖直方向上，根据2ygT

=根据图像可知yl=解得02vgl=[2]小球做平抛运动，则有0xvt=，212ygt=结合上述解得28xyl=9.利用如图甲所示装置做“验证机械能守恒定律”实验。通过比较重物在某两点间动能增加量Δ

Ek与重力势能减少量ΔEp就能验证机械能是否守恒。实验中，先接通电源，再释放重物，得到如图乙所示的一条纸带。在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C，测得它们到起始点O的距离分别为hA、hB、hC。重物的质量用m表示，已知当地重力加速度

为g，打点计时器打点的周期为T。从打O点到打B点的过程中，重物的ΔEp=___________；ΔEk=___________。【答案】①.mghB②.2122CAhhmT−【解析】【详解】[1]重

力势能减少量pBEmgh=[2]动能的增加量2k12BEmv=又因为2CABhhvT−=解得2k122CAhhEmT−=三、计算论证题。本题共4小题，共28分。解题要求：写出必要的文字说明、方程式和结果。有数值计算的题，结果必须明确写出数值和单位。10

.如图所示，一质量为m的汽车行驶在圆弧半径为R的拱桥上．重力加速度为g．（1）当汽车到达桥顶时速度为v，求此时汽车对桥面的压力大小．（2）汽车以多大速度经过桥顶时，恰好对桥面没有压力？【答案】（1）2NmvFmgR=−（2）0vgR=【解析】【

详解】（1）设汽车到达桥顶时桥对汽车的支持力为N，由2mvmgNR−=得2mvNmgR=−根据牛顿第三定律汽车对桥面的压力大小FN等于桥对汽车的支持力大小N，即2NmvFmgR=−（2）当汽车对桥面没有压力时，设此时速度为v0由20mvmgR=得0vgR=11.在

农田旁离地一定高度处架有一水管，如图所示。某同学测出水平管口距落点的竖直高度为h，管口的直径为d，水落点距管口的水平距离为l。重力加速度为g。假设水从管口沿水平方向均匀流出。请估算：（1）水离开管口时的速度大小v；（2）水管排出水的流量（单位时间内流出水的体积）Q

。【答案】（1）2glh；（2）21π42gldh【解析】【详解】（1）水由管口流出后可近似认为做平抛运动，则lvt=212hgt=解得2gvlh=（2）排出水的流量QSv=其中21π4Sd=解得21π42gQldh

=12.一空间探测器进入某行星的引力范围后，绕该行星做匀速圆周运动，已知该行星的半径为R，探测器运行轨道在其表面上空高为h处，运行周期为T，引力常量为G。求：（1）该探测器的角速度ω；（2）该行星的质量M；（3）若在该行星表面发射一颗绕其做圆周运动的卫星

，最小的发射速度v。【答案】（1）2T=；（2）2324()MRhGT=+；（3）2()++RhRhTR【解析】【详解】（1）该探测器的角速度2T=（2）行星对探测器的万有引力提供向心力，设探测器质量为m，根据222()()()mMGmRhRhT=++解得2324()MRh

GT=+（3）最小的发射速度为该行星的第一宇宙速度。设卫星质量为0m，根据2002mMvGmRR=解得2()GMRhRhvRTR++==13.在物理学中，把做功和路径无关的力称为保守力，做功与路径有关的力称为非保守力或耗散力。保守力做功会

引起相应势能发生变化。（1）如图所示，物体从A点以一定的速度冲上固定的粗糙斜面，到达B点后又滑回到A点。a.请在这个过程中分析物体的受力情况、说明各个力做功情况，并指出一个耗散力。b.已知，物体质量为m，重力加速度为g，A、B两点距地面的高度分别为h1、h2。

若以位置A所在平面为零势能参考面，求小球在位置B时的重力势能Ep。（2）万有引力为保守力，其做功与路径无关。取距地心无穷远处的引力势能为0，质量为m的物体由于受到地球引力具有的引力势能为pMmEGr=−，其中M为地球质量，G

为万有引力常量。一质量为m0的人造地球卫星在半径为r1的轨道上做圆周运动，如图所示，若该卫星受到稀薄空气阻力的作用，飞行一段时间后其圆周运动的半径变为r2，求此过程中因空气阻力而产生的热量Q。【答案】（1）见解析；（2）02111()2GMmrr−【解析】【详解】（1）a.在这个过程中，物体受到

重力、支持力和摩擦力的作用。物体所受重力在从A到B过程中做负功，B到A过程中做正功（整个过程中重力做功0）；物体所受支持力不做功；物体所受摩擦力做负功。摩擦力为耗散力。b.物体从A到B过程中重力做功为G12Wmghh−＝（）若以位置A所在平面为零势能参考面，小球在位置B时的重力势能

为p21()Emghh＝－（2）卫星在r1轨道做圆周运动，万有引力提供向心力，则2001211GMmmrr=v卫星在r1轨道动能2k1011v2Em=解得0k112GMmEr=卫星在r1轨道的机械能0001k1p111122G

MmGMmGMmEEErrr=+=−=−卫星在r2轨道的机械能为的0222GMmEr=−卫星变轨产生的热量为卫星机械能减少量，即00012122111()()222GMmGMmGMmQEErrrr=−=−−−=−