【文档说明】辽宁省大连市长兴岛高级中学2022届高三上学期9月月考模拟物理试题 答案.doc，共(5)页，57.000 KB，由小赞的店铺上传

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2022届高三物理9月考模拟试题解析及评分标准一、选择题(共48分.在每小题给出的四个选项中,第1～6题只有一个选项正确,每题4分；第7～10题有多项正确,每题全部选对得6分,选对但不全得3分,有选错或不选的得0分)1.答案D解

析因为小球与井壁做多次弹性碰撞，碰撞前后小球水平方向的速度大小不变、方向反向，竖直方向速度大小和方向都不变，可知小球在竖直方向做自由落体运动，下落时间t＝2hg，与小球的质量m、小球初速度v以及井口直径d均无关，只与井口到水面高度差h有关，故

D正确。2.答案D解析从烧断细线到小球刚要落地的整个过程中，对小球根据动能定理可知W弹－Wf＋mgh＝12mv2－0。由题中条件无法计算小球离开弹簧时的动能，A错误；弹簧弹力做的功W弹＝12mv2－mgh＋Wf，B错误；弹簧弹力与重力做功的和

即W弹＋mgh＝12mv2＋Wf，C错误；弹簧弹力与摩擦力做功的和即W弹－Wf＝12mv2－mgh，D正确。3．答案C解析物体上升过程中，重力、空气阻力均做负功，根据动能定理有：W合＝ΔEk，空气阻力做功对应着机械能的变化，则有：Wf＝ΔE，将ΔEk＝－

50J、ΔE＝－5J代入可得：W合＝－50J，Wf＝－5J，可得W合＝10Wf；物体的初动能为Ek0＝12mv20＝12×2×102J＝100J，物体从A点到最高点的过程中，动能减小了100J，由动能定

理可得，合力做的功W合上＝－100J，所以空气阻力做功为Wf上＝－10J，由功能关系知，机械能损失了10J，由于空气阻力大小恒定，所以下落过程机械能也损失了10J，则物体落回A点时的动能为100J－2×10J＝80J，故A、B、D错误，C正确。4.答案A解析设O、P之间

的距离为h，则A处小物体下落的高度为h－R2，B处小物体下落的高度为h－R，A处小物体随圆轮运动时的线速度为ωR2，B处小物体随圆轮运动时的线速度为ωR。设A处小物体下落的时间为t1，水平位移为s，在竖直方向上有：h－R2＝12gt21

，在水平方向上有：s＝ωR2t1；设B处小物体下落的时间为t2，在竖直方向上有：h－R＝12gt22，在水平方向上有：s＝ωR·t2，联立解得：h＝76R，故A正确，B、C、D错误。5.答案A解析秋千下摆时，人从直立到下蹲，可以通过自身做功将更多的重力势能

转化为动能，上升过程中从下蹲到直立，可以通过自身做功尽量增大重力势能，这样秋千才会越荡越高，A正确，B错误；整个过程中，人通过下蹲和直立做功，使秋千与爱好者的机械能增加，C错误；秋千板以相同的速度经过最低点时，角速度相等，人在下蹲状态下重心较低，对

应的轨迹半径较大，根据牛顿第二定律得2F－mg＝mω2r，可知秋千绳的拉力较大，D错误。6.答案C解析当杆与竖直墙壁夹角θ＝37°时，设小球1的速度为v′，根据两球的速度沿杆方向的分速度大小相等，有：v′cos37°＝vsin3

7°，代入数据得：v′＝1.2m/s，小球1上升的高度为：h＝Lcos37°＝0.8m，根据功能关系得此过程中力F所做的功为：W＝12mv2＋12mv′2＋mgh，解得：W＝10J，故C正确。7．答案CD解析卫星绕地

球做圆周运动，万有引力提供向心力，则F＝GMmr2＝mv2r＝mω2r＝m4π2T2r＝ma。因为在不同半径的轨道处g值不同，故不能由v＝gR得出甲、乙的速度关系，卫星的线速度v＝GMr，可得v甲v乙＝r乙r甲＝22，故A错误；因为在不同半径的轨道上卫星的

角速度不同，故不能由a＝ω2r得出两卫星的加速度关系，卫星的加速度a＝GMr2，可得a甲a乙＝r2乙r2甲＝14，故B错误；卫星所受的向心力F＝GMmr2，两颗人造卫星质量相等，可得F甲F乙＝r2乙r2甲＝14，故C正确；两卫星均绕地球做圆周运动，由开普勒第三定律r3T2＝k，可得T甲T乙＝

r3甲r3乙＝22，故D正确。8.答案AB解析A、B一起沿固定的光滑斜面由静止开始下滑，加速度大小为gsinθ，方向沿斜面向下，B对A的摩擦力方向水平向左，故B对A的摩擦力做正功，斜面对B的支持力与B的

运动方向垂直，不做功，故A对、D错误；A与B相对静止且加速度大小为gsinθ，由牛顿第二定律可知A对B的作用力垂直斜面向下，A对B不做功，故只有重力对B做功，同理也只有重力对A做功，因此B和地球组成的系统、A和地球组成的

系统机械能均守恒，故C错误，B正确。9.答案BC解析探测器由地球轨道进入椭圆轨道需在A点加速，所以在椭圆轨道A点的速度大于地球的公转速度，故A错误；地球的公转周期T1＝1年，设探测器在椭圆轨道运动的周期为T2，根据开普勒第

三定律得R3T21＝R＋1.5R23T22，解得T2≈1.4年，则探测器由A点发射之后，大约经t＝T22＝0.7年才能抵达火星附近的B点，同理可求得火星绕太阳运动的周期T3≈1.84年，设地球和火星相邻两次相距最近的时间间隔为Δt，则

1T1－1T3Δt＝1，解得Δt≈2.2年，故B、C正确；根据a＝GMr2，可知探测器在椭圆轨道A点的加速度大于在B点的加速度，故D错误。10．答案AD解析根据图乙可知，当x＝h＋x0时，弹簧的弹力大小等于小球的重力大小

，此时小球具有最大速度，而弹簧和小球组成的系统机械能守恒，可知此时重力势能与弹性势能之和最小，故A正确；若在x＝h位置小球的速度为零，根据运动的对称性可知，小球到达的最低点坐标为x＝h＋2x0，而实际上小球到达x＝h位置时速度不为0，则小球运动

的最低点的坐标大于h＋2x0，则小球受到的弹力最大值大于2mg，故B、C错误；当x＝h＋x0时，小球动能有最大值，小球从最高点至x＝h＋x0的过程中，根据动能定理可知mg(h＋x0)－12mgx0＝Ekm，故小球

动能的最大值为Ekm＝mgh＋12mgx0，故D正确。二、(共52分)11（每空2分，共6分）．答案(1)AB(2)2(3)方便将木板调整到竖直平面解析(1)实验时要保证钢球水平抛出，所以应保持桌面水平，故A正确；为保

证钢球抛出时速度相同，每次应使钢球从同一位置静止释放，故B正确；实验只要保证每次钢球抛出时速度相同即可，斜面的底边ab与桌边是否重合和钢球与斜面间的摩擦力大小对实验无影响，故C、D错误。(2)钢球在水平方向上做匀速直线运动，每次将木板向远离桌子的方向移动0.2

m，则在白纸上记录钢球的相邻两个落点的时间间隔相等，为T＝xv0。钢球抛出后在竖直方向做自由落体运动，根据Δy＝gT2可知相邻两点的时间间隔为T＝25.0－15.0×10－210s＝0.1s，所以钢球平

抛的初速度为v0＝xT＝0.20.1m/s＝2m/s。(3)悬挂铅垂线的作用是方便将木板调整到竖直平面。12.（每空2分，共8分)答案③6.710⑦钩码A、B的质量m1、m212(m1＋m2)dt22－dt12＝m1gL－m2gL⑧空气阻力做功，机械能减少解析③

根据螺旋测微器测量原理得d＝6.5mm＋21.0×0.01mm＝6.710mm。⑦设钩码A、B的质量分别为m1、m2，对A、B构成的系统，因为动能的增加量等于重力势能的减少量，则12(m1＋m2)d

t22－dt12＝m1gL－m2gL。所以为验证机械能守恒定律，还需测量钩码A、B的质量m1、m2。由于纸带在下落过程中，重物和空气之间存在阻力，纸带和打点计时器之间存在摩擦力，所以减小的重力势能一部分转化为动能，一部分克服空气阻力和摩擦

力做功，故重力势能的减少量大于动能的增加量。13(4分)．解析对在该星体表面附近绕其做圆周运动的卫星有GMmR2＝m4π2T2R，(2分)对该星体有V＝43πR3，ρ＝MV，(1分)联立可得，在该星体表面附近沿圆轨道绕其运动的卫星的周期T＝3πGρ。(1分)14

(8分)．答案(1)8月(2)43°解析(1)根据开普勒第三定律a3T2＝k可知，天问一号在地火转移椭圆轨道上的运动周期为T探＝r火＋r地2r地3T地＝558×12月＝16.5月(2分)则天问一号在地火转移轨道上运行的时间为t＝T探2＝8月。(1分)(2)同理可得火星运行周期为

T火＝r火r地3T地＝21.6月(2分)火星运动的时间为t′＝180°－θ360°T火(1分)要保证天问一号正好在远日点与火星相遇，两者运动的时间应相等，即t＝t′，则有：T探2＝180°－θ360°T火，(1分)解

得θ＝43°(1分)15．(10分)答案(1)750N(2)30m15m/s解析(1)选飞行器和飞行员整体为研究对象，由受力分析可知在竖直方向上有：mg＝C1v21(1分)解得：C1＝3.0N·s2/m2(

1分)由图甲所示C1­C2关系图像可得：C2＝2.5N·s2/m2(1分)在水平方向上，动力和阻力平衡：F＝F2(1分)又F2＝C2v21(1分)解得：F＝750N(1分)(2)此时飞行器和飞行员在竖直方向所受合力为零，有mg＝C1v22cosθ(1分)水平方向

合力提供向心力，有：C1v22sinθ＝mv22r(1分)解得：r＝30m(1分)v2＝15m/s(1分)16(16分)．【答案】（1）1.8J；（2）44N，方向竖直向上；（3）2.8m【详解】（1）根据能量守恒定律得pEmgLmgH=＋(2分)解得p1.8JE=

(1分)（2）因为弹簧弹性势能与压缩量的平方成正比故当弹簧压缩量为3cm时'Pp94EE=(1分)根据能量守恒定律得'2p12CEmgLmgHmv=++(2分)由牛顿第二定律得2CvNmgmR=＋(1分)解得44NN=(1分)由牛顿第三定律可知，滑块滑到轨道最高点C时对轨道作用力的大小'

44NN=(1分)方向竖直向上；(1分)（3）根据能量守恒定律可得'2p1(2)2DEmgLmgHRmv=+−+(2分)解得vD=7m/s(1分)由平抛运动规律得2122HRgt−=(1分)x=vDt(1分)故水平射程x=2.8m(1分)