【文档说明】重庆市长寿中学2024-2025学年高三上学期开学物理试题 Word版含解析.docx，共(17)页，1.321 MB，由小赞的店铺上传

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重庆市长寿中学校2024-2025学年高三开学考试物理试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑：如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，

将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。3．考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。第Ⅰ卷（选择题）一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.如图所示，两小球同时从位于同一竖直面内的两条光滑轨道的顶端A点和B点释放，关于谁先到达C点，下列说法正确的

是（）A.因为甲的加速度较大，所以甲先到B.因为乙的位移较小，所以乙先到C.二者可能同时到D.不知两小球的质量关系，所以无法确定【答案】C【解析】【详解】设两条光滑轨道的水平投影长度为x，轨道的倾角为，小球在光滑轨道下滑时的

加速度大小为sinsinmgagm==根据运动学公式可得21cos2xLat==可得小球在轨道上下滑的时间为24sincossin2xxtgg==可知当两轨道的倾角之和满足1290+=则有12tt=即两小球可能同时到达C点。故选C。2.一个放在水平桌面上质量为2kg

原来静止的物体，受到如图所示方向不变的合外力作用，则下列说法正确的是（）A.在2s内物体的加速度为5m/s2B.在t=2s时，物体的速度最大C.在2s内物体运动的位移为10mD.0~2s这段时间内物体作减速运动【答案】B【解析】【分析】【详解】A．物体

所受合力不断减小，根据牛顿第二定律可知加速度不断减小，在2s内物体的加速度最大值为25m/sFma==不能说在2s内物体的加速度为5m/s2，A错误；B．在t=2s时，F=0，物体将开始做匀速直线运动，速度最大，B正确；C．物体如图所示方向不变的合外力作用下，做加速度减小的变

加速运动，2s内物体运动的位移小于10m，C错误；D．0～2s这段时间内物体的加速度的方向也速度方向相同，做加速运动，D错误。故选B。3.如图所示，两小球用轻杆相连，分别靠在竖直墙壁和水平面上，墙壁光滑，地面粗糙与下方小

球的滑动摩擦因数恒定。现用水平力F推下方小球缓慢向左移动，上方小球缓慢向上运动，该过程中（）A.轻杆弹力变大B.水平力变小C.地面对下方小球支持力变大D.地面对下方小球的摩擦力变小【答案】B【解析】【详解】CD．

对两个球整体受力分析，如图所示根据平衡条件，有NG=总总1FfN=+fNG==总总故地面对下方小球的支持力和摩擦力均保持不变，CD错误；AB．再对上方球受力分析，如图所示的的故11tanNG=12cosGN=随着θ的减小，N2也减小，轻杆弹力变小随着θ的减小

，N1减小，根据1FfN=+水平力变小，A错误B正确。故选B。4.如图所示，在竖直放置的“”形支架上，一根长度不变轻绳通过轻质光滑的小滑轮悬挂一重物G。现将轻绳的一端固定于支架上的A点，另一端从B点沿支架缓慢地向C点靠近（C点与A点等

高）。在此过程中绳中拉力大小（）A.先变大后不变B.先变大后变小C.先变小后不变D.先不变后变小【答案】A【解析】【详解】当轻绳的右端从从B点沿支架缓慢地向C点靠近时，如图设两绳的夹角为2，设绳子从长度为L，绳子两端的水

平距离为x，根据几何分析知sinxL=可知夹角先不断增大后至最右端拐点到C点过程夹角不再改变，重物G及滑轮处于动态平衡状态，以滑轮为研究对象，分析受力情况如图根据平衡条件2cosFG=得到绳子的拉力2cosmgF=夹角先变大后不变,cos先变小后不变,绳中拉力先变大后不

变。故选A。5.如图所示，A、B两物体静止在粗糙水平面上，其间用一根轻弹簧相连，弹簧的长度大于原长。若再用一个从零开始缓慢增大的水平力F向右拉物体B，直到A即将移动，此过程中，地面对B的摩擦力1F和对A的摩擦力2

F的变化情况是（）A.1F先变小后变大B.1F先不变后变大C.2F先变大后不变D.2F先不变后变大【答案】D【解析】【分析】先分析刚开始弹簧所处状态，根据平衡条件判断刚开始摩擦力的方向，若再用一个从零开始缓慢增大的水平力F向右拉物体B，再对AB进行

受力分析，即可判断。本题解题的关键是对AB两个物体进行正确的受力分析，知道当B没有运动时，弹簧弹力不变，当B运动而A未运动时，弹力变大。【详解】AB．刚开始弹簧处于伸长状态，对A的作用力向右，对B的作用力向左，而AB均静止，所以刚开始的1F方向水平向右，2F方向水平向

左，当用一个从零开始缓慢增大的水平力F向右拉物体B时，刚开始，未拉动B，弹簧弹力不变，2F不变，1F减小；当F等于弹簧弹力时，1F等于零，F继续增大，1F反向增大，当1F增大到最大静摩擦力时，B物体开始运动，此后变为滑动摩擦力，不发生变化，故AB错误；CD．弹簧长度先不变故2F先不变，而后弹簧

被拉伸，弹力变大，A仍静止，所以2F变大，所以对A的摩擦力2F先不变，后变大，故C错误，D正确。故选D。6.在建筑装修中，工人用质量为m的磨石对斜壁进行打磨，当对磨石施加竖直向上推力F时，磨石恰好沿斜壁向上匀速运动，已知磨石与斜壁之间的动摩擦因数为

，则磨石受到的摩擦力是（）A.()cosFmg−B.()sinmgF−C.()mgF−D.()Fmg−【答案】A【解析】【详解】磨石受重力、推力、斜壁的弹力及摩擦力而处于平衡状态，由图可知，F一定大于重力，受力分析，如图所示在沿斜面方向有，可得摩擦力()cosfFmg=−在垂直斜面

方向上有()NsinFFmg=−则摩擦力为()NsinfFFmg==−故选A。7.质量相等的高铁列车与普通列车分别受到恒定动力1F、2F的作用从静止开始做匀加速运动，在0t和04t时刻的速度分别达到02v和0v时，撤去1F和2

F，此后两列车继续做匀减速运动直至停止，两列车运动速度随时间变化的图线如图所示，设两次摩擦力的冲量分别为1fI、2fI，摩擦力做的功分别为1fW、2fW，1F和2F的冲量分别为1I和2I，1F和2F做的功分别为1W、2W。下列结论正确的是（）A.12

ff:3:5II=B.12ff:3:5WW=C.12:6:5II=D.12:3:5WW=【答案】A【解析】【详解】A．根据图像，撤去动力后列车的加速度相同，根据牛顿第二定律，两列车受到的摩擦力相等，两列车全程的时间之比12:3:5tt=根据fIft=所以12ff:3:5II=故A

正确；B．因vt−图线与t轴围成的面积表示位移，故两列车全程的位移之比12001:23:2xxvt=00156:52vt=所以12ff:6:5WW=故B错误；C．对列车全

过程利用动量定理，由1f1-=0II2f2-=0II故121f2f==35IIII∶∶：故C错误；D．对列车全过程利用动能定理1f10WW−=2f2-=0WW故12:6:5WW=故D错误。故选A。二、多选题：本大题共3小题，共15分。8.质量为2m的物块A和质量为m

的物块B相互接触放在水平面上，如图所示。若对A施加水平推力F，则两物块沿水平方向做加速运动。关于A对B的作用力，下列说法中正确的是（）A.若水平地面光滑，物块A对B的作用力大小为FB.若水平地面光滑，物块A对B的作用力大小为13FC.若物块A与地面、B与地面的动摩擦因数均为，则物体

A对B的作用力大小为13Fmg+D.若物块A与地面、B与地面的动摩擦因数均为，则物体A对B的作用力大小为13F【答案】BD【解析】【详解】AB．若水平地面光滑，以A、B整体为对象，由牛顿第二定律可得(2

)Fmma=+解得3Fam=以B为对象，由牛顿第二定律可得ABFma=解得物块A对B的作用力大小为AB13FF=故A错误，B正确；C．若物块A与地面、B与地面的动摩擦因数均为，以A、B整体为对象，由牛顿第二定律可得33Fmgma−=解得33Fmgam−=以B为对象，由牛顿第二定律可得

ABFmgma−=联立解得物块A对B的作用力大小为AB13FF=故C错误，D正确。故选BD。9.如图所示，甲、乙两小球从同一竖直线上距地面高度分别为4h和h的位置做平抛运动。结果落在地面上的同一点O。不计空气阻力，重力加速度为g。下列说法

正确的是（）A.甲每秒钟速度的变化比乙的大B.乙初速度是甲的2倍C.二者落地前瞬间的速度大小可能不相等D.由题目所给条件可求得O点距抛出点的水平距离【答案】BC【解析】【详解】A．甲、乙两小球在空中做平抛运动

，加速度均为重力加速度，则甲每秒钟速度变化与乙的一样大，故A错误；BD．根据平抛运动规律有2142hgt=甲，212hgt=乙可得2tt=甲乙又00xvtvt==甲甲乙乙可知乙的初速度是甲的2倍，由于不知道小球抛出时的初速度大小，所以由题目

所给条件不能求得O点距抛出点的水平距离，故B正确，D错误；C．甲球落地前瞬间的速度大小为222088ygxvvvghh=+=+甲甲甲乙球落地前瞬间的速度大小为222200222ygxvvvvghghh=+=+=+乙乙乙乙由于不清楚x与h的关系，所以甲、乙落地前瞬间的速度大小可能不相等，故C

正确。故选BC。的的10.如图，一刚性正方体盒内密封一小球，盒子六面均光滑且与小球相切，将其竖直向上抛出后，若空气阻力与速度成正比，下列说法正确的是（）A.在上升过程中，盒子顶部对小球有向下的作用力B.在上升过程中，盒子底部对小球有向上的作用力

C.在下降过程中，盒子顶部对小球有向下的作用力D.在下降过程中，盒子底部对小球有向上的作用力【答案】AD【解析】【详解】AB．在上升过程中，由于受到的空气阻力方向向下，则整体的加速度大于重力加速度；以小球为对象，小球的加速度和盒子的加速度相同，根据牛顿第二定律可知小球的合力

大于小球的重力，则盒子顶部对小球有向下的作用力，故A正确，B错误；CD．在下降过程中，由于受到的空气阻力方向向上，则整体的加速度小于重力加速度；以小球为对象，小球的加速度和盒子的加速度相同，根据牛顿第二定律可知小球的合力小于小球的重力，则盒子底部对小球有

向上的作用力，故C错误，D正确。故选AD。第Ⅱ卷（非选择题）三、实验题：本大题共2小题，共14分。11.（1）一实验小组测量一根弹簧的劲度系数，用静止时钩码的重力代表弹簧的弹力F，用刻度尺测量弹簧的形变量Δx，得到如图图像，图像不过坐标原点的原因是__

____，图像弯曲的原因是________（填序号）A、水平放置测量弹簧原长，竖直悬挂进行实验B、弹簧存在原长C、存在空气阻力D、超过了弹簧的弹性限度（2）根据图像计算可得该弹簧的劲度系数为_______N/m．【答案】①.A②.D③.200【解析】【详解】（1）图

线不过原点的原因是由于弹簧有自重，使弹簧变长，即水平放置测量弹簧原长，竖直悬挂进行实验，A正确；图象之所以发生弯曲是因为超过了弹簧的弹性限度，不再符合胡克定律，D正确；（2）从图象可以看出在0～50N范围内弹力大小与弹簧伸长关系满足胡克定律．

根据胡克定律Fkx=得：250/200/25.010FkNmNmx−===．12.如图所示是研究物体做匀变速直线运动规律时得到的一条纸带（实验中打点计时器所接低压交流电源的频率为50Hz），从O点后开始每5个计时点取一个计数点，依照打点的先后顺序依次编号为0、1、2、3、4、5、

6，测得15.18cms=，24.40cms=，33.60cms=，42.78cms=，52.00cms=，61.20cms=。（结果保留两位有效数字）（1）物体的加速度大小a=______2m/s；（2）打点计时器打计数点4时，物体的速度大小为4v=______m

/s。（3）电火花计时器正常工作时，其打点的周期取决于______A.交流电压的高低B.交流电的频率C.墨粉纸盘的大小D.纸带的长度（4）如果当时电网中交流电的频率是51Hzf=，而做实验的同学并不知道，那么加速度的测量值与实际值相比______（选填：偏大，偏小或不变）【答案

】（1）0.80（2）0.24（3）B（4）偏小【解析】【小问1详解】相邻两个计数点间的时间间隔为150.1sTf==由逐差法可知，物体的加速度大小为3216542()()(3)ssssssaT++−++=代入数据解得20.8m/sa=【小问2详解】在匀变速直线运动中，

中间时刻的瞬时速度等于其相邻两点间的平均速度，则物体的速度大小为2454(2.782.00)10m/s0.24m/s220.1ssvT−++==【小问3详解】因为周期与频率互为倒数，则电火花计时

器正常工作时，其打点的周期取决于交流电的频率。故选B。【小问4详解】当时电网中交流电的频率是51Hzf=，而做实验的同学并不知道，故频率的测量值偏小，周期的测量值偏大，根据逐差法可知，加速度的测量值偏小。四、计算题：

本大题共3小题，共43分。13.如图所示，一名跳台滑雪运动员经过一段时间的加速滑行后从O点水平飞出，经过3s落到斜坡上的A点。已知O点是斜坡的起点，斜坡与水平面的夹角θ=37°，运动员的质量m=50kg，不计空气阻力（sin37°=0.6，cos37°=0.

8，g取10m/s2）。求：（1）A点与O点的距离L；（2）运动员离开O点时的速度大小。【答案】（1）75m；（2）20m/s【解析】【分析】【详解】（1）运动员在竖直方向做自由落体运动，有21sin372Lgt=解得：L=75m（2）设运动员离开O点时的速度为v0

，运动员在水平方向的分运动为匀速直线运动，有Lcos37°=v0t解得v0=20m/s14.如图所示，为传送带传输装置示意图的一部分，传送带与水平地面的倾角37=，A、B两端相距5mL=，质量为10kgM=的物体以06m/sv=

的速度沿AB方向从A端滑上传送带，物体与传送带间的动摩擦因数处处相同，均为0.5。传送带顺时针运转的速度4m/sv=，g取210m/s）求：（1）物体从A点到达B点所需的时间；（2）若传送带顺时针运转的速度可以调节，物体从A点到达B点的最

短时间是多少？（其他条件不变）【答案】（1）2.2s（2）1s【解析】【小问1详解】开始时物体所受摩擦力沿斜面向下，根据牛顿第二定律可得sincosMgMgMa+=解得加速度大小为210m/sa=物块减速到与

传送带速度相等所用时间0164s0.2s10vvta−−===该过程物体通过的位移大小为为011640.2m1m22vvxt++===由于0.5tan37=，可知共速后物体继续向上做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律可得sincosMgMgMa−=解得加速度大小为2/s2m

a=根据运动学公式可得212212Lxvtat−=+代入数据解得22st=则物体从A点到达B点所需的时间为122.2sttt=+=【小问2详解】当传送带一直大于物体的速度时，物体受到的摩擦力一直沿斜面向上，则物体一直以加速度22m/sa=向上做匀减速直线

运动，运动到B点的时间最短，则有212Lvtat=−代入数据整理可得2650tt−+=解得1st=或5st=（舍去）则物体从A点到达B点的最短时间是1s。15.如图甲所示，两个半圆柱A、B紧靠着静置于水平地面上，其上有一光滑

圆柱C，三者半径均为R，C的质量为m，A、B的质量都为2m，与地面的动摩擦因数均为。现用水平向右的力拉A，使A缓慢移动，直至C恰好降到地面。整个过程中B保持静止。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。求：（1）未拉A时，C受到B作用力F的大小；（2）图乙所示，当BC圆心连线与

水平方向夹角为时，地面对B摩擦力f的大小；（3）动摩擦因数的最小值min。【答案】（1）33Fmg=（2）2tanmgf=（3）min32=【解析】【小问1详解】对C受力分析如图由平衡条件2c

os30Fmg=得未拉A时，C受到B作用力F的大小33Fmg=【小问2详解】对C受力平衡2sinFmg=对B受力平衡，地面对B摩擦力f的大小cos2tanmgfF==【小问3详解】C恰好降到地面时，B对C的作用力

为Fmg=此时30=对B恰好滑动minfF=水平分力由摩擦力公式minmin2mgfF=+竖直分力解得动摩擦因数的最小值为min32=