【文档说明】江苏省清江中学2021届高三10月月考物理试卷PDF版含答案.pdf，共(11)页，786.088 KB，由管理员店铺上传

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物理一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共计24分．每小题只有一个选项符合题意．1．下列说法中正确的是（）A．在完全失重的情况下，物体的惯性将消失B．牛顿第一定律、牛顿第二定律都可以通实验来验证C．单位m、kg、s是一组属于国际单位

制的基本单位D．长度、时间、力是一组属于国际单位制的基本单位的物理量2．如图所示为氢原子的能级图，一群处于4n=能级的氢原子辐射出的光子照射某金属表面，逸出的光电子的最大初动能为2.5eV，则下列说法正确的是（）A．该金属的逸出功为10.5eVB．共有3种不同频率

的光子能使该金属发生光电效应C．从4n=直接跃迁到1n=辐射的光子被电子吸收后，电子一定会从金属表面飞出D．从3n=跃迁到1n=辐射出的光子照射该金属，打出的光电子的最大初动能为1.84eV3．由于空气阻力的影响，炮弹的实际飞行轨迹不是抛物线，而是

“弹道曲线”，如图中实线所示．图中虚线为不考虑空气阻力情况下炮弹的理想运动轨迹，Oabcd、、、、为弹道曲线上的五点，其中O点为发射点，d点为落地点，b点为轨迹的最高点，ac、为运动过程中经过的距地面高度相等的两点．下列说法正确的是（）A．到达b点时，炮弹的速度为零B．到达b点时，炮弹的加速度为零

C．炮弹经过a点时的速度大于经过c点时的速度D．炮弹由O点运动到b点的时间大于由b点运动到d点的时间4．如图所示，轻弹簧的一端固定在竖直墙上，一个光滑弧形槽静止放在足够长的光滑水平面上，弧形槽底端与水平面相切，让一个物块从槽上高h处由静止开始下滑．下列说法正确的是（）A．物块沿槽下

滑的过程中，物块的机械能守恒B．物块沿槽下滑的过程中，物块与槽组成的系统动量守恒C．从物块压缩弹簧到被弹开的过程中，弹簧对物块的冲量等于零D．物块第一次被反弹后一定不能再次回到槽上高h处5．如图所示，水平转台上有一个质量为

m的物块，用长为L的细绳将物块连接在转轴上，细线与竖直转轴的夹角为θ角，此时绳中张力为零，物块与转台间动摩擦因数为μ（μ＜tanθ），最大静摩擦力等于滑动摩擦力，物块随转台由静止开始缓慢加速转动，则下列说法正确的是（）A．转台一开始转动，细绳立即绷直对物块施加拉力

B．当绳中刚出现拉力时，转台已经对物块做的功为μmgLsinθC．当物体的角速度为2cosgLθ时，转台对物块支持力为零D．当转台对物块支持力为零时，转台已经对物块做的功为2sin2cosmgLθθ6．在倾角为θ的固定光滑斜面上有

两个用轻弹簧相连的物块A、B，它们的质量分别为m1和m2，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态．现用一平行于斜面向上的拉力拉物块A，使它以加速度a沿斜面向上做匀加速运动直到物块B刚要离开挡板C．在此过程

中（）A．弹簧弹性势能先减小后增大B．拉力的最大值为m1gsinθ＋m1aC．拉力做功的功率先增大后减小D．物块A运动的距离为1sinmgkθ7．下列说法正确的是（）A．黑体辐射中，随着温度的升高，辐射强度

的极大值向波长较长的方向移动B．氘核由一个质子和一个中子组成，但氘核的质量小于单个的质子和中子的质量之和C．有些原子的发射光谱是连续谱，有些原子的发射光谱是线状谱D．光电效应中，遏止电压与入射光的频率有关，与产生光电效应的金属材料无关8．如图所示，一根不可伸长的轻绳两端分别系着小球A和物

块B，跨过固定于斜面体顶端的小滑轮O，倾角为θ＝30°的斜面体置于水平地面上．A的质量为m，B的质量为4m.开始时，用手托住A，使OA段绳恰处于水平伸直状态(绳中无拉力)，OB绳平行于斜面，此时B静止不动．将A由静止

释放，在其下摆至最低点的过程中，斜面体始终保持静止，下列判断中错误的是()A．物块B受到的摩擦力先减小后增大B．物块B始终保持静止C．地面对斜面体的支持力先增大后减小D．小球A的机械能守恒，A、B系统的机械能守恒二、多

项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．9．2020年是我国首颗人造卫星“东方红一号”成功发射50周年．1970年4月24日我国首次成功发射的人造卫星“东方红一号”，目前仍然在椭圆

轨道上运行，其轨道近地点高度约为440km，远地点高度约为2060km；1984年4月8日成功发射的“东方红二号”卫星运行在赤道上空35786km的地球同步轨道上．设“东方红一号”在近地点的加速度为1a，线速度1v，“东方红二号”

的加速度为2a，线速度2v，固定在地球赤道上的物体随地球自转的加速度为3a，线速度3v，则下列大小关系正确的有（）A．213aaa>>B．123aaa>>C．123vvv>>D．321vvv>>10．一物体静止在水平地面上，在竖直向上拉力F

作用下开始向上运动，如图甲所示，在物体向上运动过程中，其机械能E与位移x的关系图象如图乙所示，已知曲线上A点的切线斜率最大，不计空气阻力，则下列说法正确的有（）A．在x1处物体所受拉力最大B．0～x1过程中合外力增大C．在x1～x2过程中，物体的加速度一直减小D．在x1～x2过程中

，物体的动能先增大后减小11．竖直平面内的四个光滑轨道，由直轨道和平滑连接的圆弧轨道组成，圆轨道的半径为R，P为圆弧轨道的最低点．P点左侧的四个轨道均相同，P点右侧的四个圆弧轨道的形状如图所示．现让四个相同的小球（可视

为质点，直径小于图丁中圆管内径）分别从四个直轨道上高度均为h处由静止下滑，关于小球通过P点后的运动情况，下列说法正确的有（）A．若h＜12R，则四个小球能达到的最大高度均相同B．若h=R，则四个小球能达到的最大高度均相同C．若h=52R，则

图乙中的小球能达到的高度最大D．若h=2R，则图丁中的小球不能到达圆管道的最高点12．如图所示，质量为M的木板静止在光滑水平面上，木板左端固定一轻质挡板，一根轻弹簧左端固定在挡板上，质量为m的小物块从木板最右端以速度v0滑上木板，压缩弹簧，然后被弹回，运动到木板最右端时与木板相对静止．已知物块

与木板之间的动摩擦因数为µ，整个过程中弹簧的形变均在弹性限度内，则（）A．木板先加速再减速，最终做匀速运动B．整个过程中弹簧弹性势能的最大值为204()MmvMm+C．整个过程中木板和弹簧对物块的冲量大小为0MmvMm+D．弹簧压缩到最短时，物块到木板最右端的距离为20

2()MvMmgµ+三、实验题：本题共2小题，每空3分，共计21分．请将解答填写在答题卡相应的位置．13．（9分）某同学在做“验证动量守恒定律”实验中，所用装置如图甲所示，已知槽口末端在白纸上的投影位置为O点．回答以下问题：(1)为了完成本实验，下列必须具备的

实验条件或操作步骤有___________；A．斜槽轨道末端的切线必须水平B．入射球和被碰球半径必须相同C．入射球和被碰球的质量必须相等D．必须测出桌面离地的高度HE.斜槽轨道必须光滑(2)某同学在实验中正确操作，认真测量，得出的落点情况如

图乙所示，则入射小球质量和被碰小球质量之比为____________；(3)为了完成本实验，测得入射小球质量m1，被碰小球质量m2，O点到M、P、N三点的距离分别为y1、y2、y3，若两球间的碰撞是弹性碰撞，应该有等式_______成立．A．

222121123mymymy=+B．121321mymymy=+C．112231mmmyyy=+D．321yyy=+14．（12分）某同学通过实验测量玩具上的小直流电动机转动的角速度大小，如图甲所示，将直径约为3cm的圆盘固定在

电动机转动轴上，将纸带的一端穿过打点计时器后，固定在圆盘的侧面，圆盘转动时，纸带可以卷在圆盘的侧面上，打点计时器所接交流电的频率为50Hz.(1)实验时，应先接通________(选填“电动机”或“打点计时器”)电源．(2)实验得到一卷盘绕在圆盘上的纸带，将纸带抽出一小

段，用毫米刻度尺测量相邻2个点之间的长度L1，以及此时圆盘的直径d1，再抽出较长的一段纸带后撕掉，然后抽出一小段测量相邻2个点之间的长度L2，以及此时圆盘的直径d2，重复上述步骤，将数据记录在表格中，其中一

段纸带如图乙所示，测得打下这些点时，纸带运动的速度大小为________m/s.测得此时圆盘直径为5.60cm，则可求得电动机转动的角速度为________rad/s.(结果均保留两位有效数字)(3)该同学根据测量数据，作出了纸带运动速度(v)与相应圆盘直径(d)的关

系图象，如图丙所示．分析图线，可知电动机转动的角速度在实验过程中________(选填“增大”“减小”或“不变”)．四、计算题：本题共4小题，共计39分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数

值计算的题，答案中明确写出数值和单位．15．（9分）A、B两车在同一直线上向右匀速运动，B车在A车前，A车的速度大小为v1=8m/s，B车的速度大小为v2=20m/s，如图所示．当A、B两车相距x0=28m时，B车因前方突发情

况紧急刹车（已知刹车过程的运动可视为匀减速直线运动），加速度大小为a＝2m/s2，从此时开始计时，求：(1)A车追上B车之前，两者相距的最大距离；(2)A车追上B车所用的时间．16．（9分）如图所示，水平地面和半圆轨道面均光滑，质量M

＝1kg的小车静止在地面上，小车上表面与R=0.24m的半圆轨道最低点P的切线相平．现有一质量m＝2kg的滑块（可视为质点）以v0=6m/s的初速度滑上小车左端，二者共速时小车还未与墙壁碰撞，当小车与墙壁碰撞时即被粘在墙壁上，已知滑块与小车表面的滑动摩擦因数μ＝0.2，g取

10m/s2，求：(1)滑块与小车共速时的速度；(2)小车的最小长度；(3)小车的长度L在什么范围，滑块能沿圆轨道运动并通过圆轨道最高点Q点？17．（9分）如图所示，地面上方有一水平光滑的平行导轨，导轨左侧有一固定挡板，质量M=2kg的

小车紧靠挡板右侧．长L=0.45m的轻质刚性绳一端固定在小车底部的O点，另一端栓接质量m=1kg的小球．将小球拉至与O点等高的A点，使绳伸直后由静止释放，取重力加速度g=10m/s2.（1）求小球经过O点正下方的B点时，绳的拉力大小；（2）若小

球向右摆动到最高点时，绳与竖直方向的夹角为α，求cosα；（3）若小车速度最大时剪断细绳，小球落地，落地位置与剪断细绳时的小球位置间的水平距离s=1m，求滑轨距地面的高度．18．（12分）如图所示，在竖直平面内有一倾角θ=37°的传送带，两皮带轮AB轴心之间的距离L=3.2m，沿顺

时针方向以v0=2m/s匀速运动．一质量m=2kg的物块P从传送带顶端无初速度释放，物块P与传送带间的动摩擦因数μ=0.5．物块P离开传送带后在C点沿切线方向无能量损失地进入半径为59m的光滑圆弧形轨道CDF，并沿轨道运动至最低点F，与位于圆弧轨道最低点的物块Q发生碰撞，碰撞时间

极短，物块Q的质量M＝1kg，物块P和Q均可视为质点，重力加速度g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8．求：(1)物块P从传送带离开时的动量大小；(2)传送带对物块P做功为多少；(3)物块P与物块Q碰撞后瞬间，物块P对圆弧轨道压力

大小的取值范围．物理参考答案一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共计24分．每小题只有一个选项符合题意．1．C2．D3．C4．D5．D6．A7．B8．C二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选

对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．9．BC10．ABD11．AC12．AB三、实验题：本题共2小题，每空3分，共计21分．请将解答填写在答题卡相应的位置．13．(9分)AB（少选得1分）3∶2AD（少选得1分）14．(12分)打点计时器1.864不变四

、计算题：本题共4小题，共计39分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中明确写出数值和单位．15．(共9分)(1)(4分)当A、B两车速度相等时，相距最远根据速度关系得121vvat=−代入数据解得16st=此时，根据位移公

式得1148mAxvt==，2211284mBxvtat==−，m064mBAxxxx∆=+−=(2)(5分)B车刹车停止运动所用时间2020s10s2vta===所发生位移22100m2'Bvxa==此时100'8mAxvt==则0''ABxxx+<可见此时A车并未追

上B车，而是在B车停止后才追上。之后A车运动时间为0216s''BAxxxtv+−==故A车追上B车所用的时间0216sttt=+=16．(共9分)(1)(3分)由动量守恒知()01mvmMv=+得14m/sv=(2)(3分)设小车的最小长度为1L，由能量守恒知()221011122mgLmvm

Mvµ=−+得13mL=(3)(3分)m恰能滑过圆弧的最高点，有2QvmgmR=小车粘在墙壁后，滑块在车上滑动，运动到最高点Q，在这个过程对滑块由动能定理222111222QmgLmgRmvmvµ−−⋅=−解得21mL

=所以小车长度124mLLL=+=滑块要想运动到Q点，小车的长度L必须满足3m4mL≤≤17．(共9分)（1）(3分)A到B，由动能定理可得：212Bmglmv=在B点，由牛顿第二定律2BvFmgml−=解得F=30N（2）(3分)如图所示，绳与竖直方向夹角最大时，球与小车速度v大小相

等且沿水平方向；设此时小球离开B点后上升的高度为∆h；水平方向，对小球与小车，由动量守恒定律：()BmvMmv=+由能量关系：2211()22BmvmghMmv=∆++由几何关系：coslhlα−∆=解得：1cos3α=（3）(3分

)小车速度最大时，小球一定在O点正下方，绳断，小球做平抛运动，设此时小车速度为v1，小球的速度为v2，水平方向，对小车和小球，由动量守恒定律：12BmvMvmv=+由能量关系：由平抛运动可知：s=|v2|t212hgt=则滑轨高度H=h+l代入数据可得：H=5.45

m18.(共12分)(1)(4分)物块在未到达与传送带共速之前,所受摩擦力方向沿传送带向下，由牛顿第二定律得：1sincosmgmgmaθµθ+=解得2110/ams=所需时间010.2vtsa==沿斜面向下运动的位移

0110.22vxtm==当物块P的速度与传送带共速后，由于sincosmgmgθµθ>，所以物块P所受摩擦力方向沿传送带向上,由牛顿第定律得：2mgsin-mgcosmaθµθ=解得a2=2m/s2物块P以加速度2a以运动的距

离为：213mxLx=−=设物块P运动到传送带底端的速度为1v,由运动学公式得v12=v02+2a2x2解得14/vms=则动量为P=mv1=8/kgms⋅(2)(4分)物块从顶端到底端,根据动能定理：0211sin372WmgLmv+=可知传送带对物块做功为：W=22.4J

−(3)(4分)设物块P运动到F点的速度为2v,由动能定理得2202111(1cos37)22mvmvmgr−=+解得26/vms=若物块P与物块Q发生完全弹性碰撞，并设物块P碰撞后的速度为3v,物块Q碰撞后的速度为v4,则两物块

的碰撞过程动量守恒，碰撞前后动能之和不变；234mvmvMv=+222234111222mvmvMv=+解得32/=vms若物块P与物块Q发生完全非弹性碰撞,则23()mvmMv=+解得34/vms=所以物块P的速度范围为：32/4/msvms≤≤在F点由牛顿第二定律得：23N

vFmgmr−=解得：34.477.6NNFN≤≤物块P碰撞后间对圆弧轨道的压力为NF,由牛顿第三定律可得：34.477.6NNFN≤′≤