【文档说明】四川省自贡市2021-2022学年高一（下）期末物理试题 含解析.docx，共(19)页，3.685 MB，由小赞的店铺上传

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私密★启用前2021—2022学年高一年级下学期期末考试物理试卷考试时间：2022年7月6日下午3：00—4：30本试题卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分，共100分，考试时间为90分钟。答卷前，考生务必将自己的姓名、准

考证号填写在答题卡上，并在规定位置粘贴考试用条形码。答卷时，须将答案答在答题卡上，在本试题卷、草稿纸上答题无效。考试结束后，本试题卷由学生自己保留，只将答题卡交回。第I卷（选择题共48分）注意事项：必

须使用2B铅笔将答案标号填涂在答题卡上对应题目标号的位置上。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分，在每小题给出的四个选项中，第1—8题只有一项符合题目要求，第9—12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错

的得0分。）1.一般小船（可视为质点）要渡过一条两岸平行的河流，河宽为150m，小船在静水中的速度大小为10m/s，水流的速度大小为8m/s，则（）A.小船渡河的最短时间为15sB.小船不能垂直于河岸到达正对岸C.小船以最短时间渡河时，

它沿水流方向的位移大小为100mD.小船以最短位移渡河时，渡河时间为20s【答案】A【解析】【详解】A．船头指向河对岸时，小船渡河的时间最短为150s15s10t==沿水流方向的位移大小为15s8m/s=120mx=故A正确，C错误；

B．小船在静水中的速度大小大于水流的速度大小，小船能垂直于河岸到达正对岸，故B错误；D．小船以最短位移渡河时，渡河时间为22150s25s108t==−故D错误。故选A。2.一质点受两个互成锐角的恒力F1和F2作用，由静止开始做匀加速直线

运动，若运动过程中保持二力方向不变，但F1突然增大到F1＋ΔF，则质点以后（）A.继续做匀变速直线运动B.可能做匀速直线运动C.可能做变加速曲线运动D.在相等时间内速度的变化量一定相等【答案】D【解析】【详解】互成锐角的恒力F1和F2作用,由

静止开始做匀加速直行运动，此时F1和F2合力为恒力，速度方向与合力方向相同。运动过程中二力方向保持不变，当F1突然增大到F1＋ΔF，且F2保持不变时，根据平行四边形定则可知，此时的合力方向发生变化，与原合力的方向不共线，因此与原速度方向不共线，做曲线运动，由于变化

后的合力依然为恒力，因此加速度恒定，做匀变速曲线运动，因此在相等的时间内速度的变化量一定相等，故D正确，ABC错误。故选D。3.质量m=100kg的小船静止在平静水面上，船两端载着m甲=40kg，m乙=60kg的游泳者，在同一水平线上甲朝左、乙朝右同时以相对于岸3m/s的速度跃入水中，如

图所示，则小船的运动方向和速度为（）A.向左，小于1m/sB.向左，大于1m/sC.向右，大于1m/sD.向右，小于1m/s【答案】A【解析】【详解】取甲的速度方向为正方向，根据动量守恒定律m甲v甲+m乙v乙+Mv=0，40360100(03)v−++=所以v=06m/sv>0表示小船速

度方向向左。故选A。4.北京冬奥会上，中国女子冰球队战胜日本队。如图所示，在某次击球过程中，用球杆将球以原速率反向击回，下列说法正确的是（）A.击球过程中，球的动量未发生变化B.记录球被击回后的轨迹时，可将球看成质点C.球被击出后在冰面

上滑行时仅受重力和冰面支持力D.研究运动员击打冰球的部位时，可以将冰球看成质点【答案】B【解析】【详解】A．动量是矢量，方向发生了变化动量也就发生了变化，故A错误；B．当研究冰球的轨迹，此时其大小形状对所研究的问题没

有影响显著，可以将其视为质点，故B正确；C．球被击出后在冰面上滑行时，受到有重力、冰面的支持力以及滑动摩擦力，故C错误；D．运动员击打冰球的不同部位会产生不同的效果，此时不可以将其视为质点，故D错误。故选B。5.对于开

普勒定律的理解，下列说法不正确的是（）A.开普勒根据第谷对行星的观测数据，总结得出了开普勒三定律B.行星围绕太阳运动的轨道半径跟它公转周期成正比C.行星围绕太阳运动的轨迹是椭圆，太阳处于椭圆的一个焦点上D行星

距离太阳越近，其运动速度越大，距离太阳越远，其运动速度越小【答案】B【解析】..【详解】A．开普勒根据第谷对行星的观测数据，总结得出了开普勒三定律，A正确；B．根据开普勒第三定律：行星围烧太阳运动的轨道半径的三次方跟它公转周期的平方成正比，B错误；C．

根据开普勒第一定律：行星围绕太阳运动的轨迹是椭圆，太阳处于椭圆的一个焦点上，C正确；D．根据开普勒第一定律可知，行星距离太阳越近，其运动速度越大，距离太阳越远，其运动速度越小，D正确。故不正确的选B。6.借亚运会契机，绍兴市着力打造高效交通网，9条高架及多条快速路同时开工建设

。图中某段快速环线公路有一个大圆弧形弯道，公路外侧路基比内侧路基高。当汽车在此路段以理论时速vc转弯时，恰好没有向公路内外两侧滑动的趋势。则（）A.汽车质量越大，对应理论时速vc越大B.汽车转弯时受到重力、支持力和向心力的

作用C.汽车转弯时超过时速vc，就会立即向外侧公路侧滑D.当冬天路面结冰时，与未结冰时相比，vc值保持不变【答案】D【解析】【详解】ABD．设公路弯道处的倾角为θ，半径为r，当汽车以理论时速vc转弯时，汽车受重力和弯道的支持力，这两个力的合力恰好提供

向心力，根据力的合成以及牛顿第二定律有2ctanvmgmr=解得ctanvgr=即理论时速vc与汽车质量m无关，同时与路面是否结冰也无关，故AB错误，D正确。C．若汽车转弯时超过时速vc，重力和支持力的合力不足以提供向心力，但若此时路面对汽车的摩擦力、支持力和汽车重

力三个力的合力恰好可以提供向心力，则汽车不会立即向外侧公路侧滑，故C错误。故选D。7.如图所示，天花板上悬挂电风扇绕竖直轴匀速转动，竖直轴的延长线与水平地板的交点为O，扇叶外侧边缘转动的半径为R，距水平地板的高度为h。若电风扇转动过程中，某时刻扇

叶外侧边缘脱落一小碎片，小碎片落地点到O点的距离为L，重力加速度为g，不计空气阻力，则电风扇转动的角速度为（）A.2LgRhB.2RgLhC.22(1)2gRhL−D.22(1)2gLhR−【答案】D【解析】【详解】小碎片脱离扇叶后做平抛运动，脱离到落地的水平位移为22xLR=−做平抛运动的时间

为2htg=故脱离扇叶时的角速度为22(1)2vxgLRRthR===−D正确。故选D。8.如图光滑斜面M位于光滑水平面上，另有一物体m处于斜面的顶端，现让物体和斜面同时从静止开始运动，应有（）的A.物体m和斜面组成的系统动量守恒B.物体m

在下滑过程中机械能守恒C.在m下滑过程中，M对m做负功D.m在下滑过程中，m动量的变化量就等于m所受重力的冲量【答案】C【解析】【详解】A．物体m下滑过程中，物体m和斜面组成的系统所受合外力方向竖直向下，系统所受合外力

不为零，系统动量不守恒，故A错误；C．物体m在下滑过程中受到斜面M的支持力的方向与物体m位移的方向夹角大于90，则M对m做负功，故C正确；B．根据C项分析，物体m在下滑过程中除重力做功外，斜面M对物体m也做功，机械能不守恒，故B错误；D．m在下滑过程中，受到重力和斜面弹力的作用，m

动量的变化量就等于m所受合力的冲量，故D错误。故选C。9.如图为皮带传动装置，右轮半径为r，a为它边缘上一点：左侧是一轮轴，大轮半径为4r，小轮半径为2r，b点在小轮上，到小轮中心的距离为r。c点和d

点分别位于小轮和大轮的边缘上。若传动过程中皮带不打滑，则（）A.a点和b点的线速度大小相等B.a点和b点的角速度大小相等C.a点和c点的线速度大小相等D.a点和d点的向心加速度大小相等【答案】CD【解析】【详解】A．由于a

、c两点是传送带传动的两轮子边缘上两点，则acvv=b、c两点为共轴的轮子上两点，则有bc=由于0.5bcrr=根据vr=则0.5bcvv=0.5bavv=A错误；B．b、c两点为共轴的轮子上两点

，则有bc=a、c两点是传送带传动的两轮子边缘上两点，则有acvv=根据vr=0.5acrr=则2ac=所以2ab=B错误；C．由于a、c两点是传送带传动的两轮子边缘上两点，则acvv=C正确；D．c点和d点是共轴转动，角速度相等，d点的向心加速度是c点的向心加速度

的2倍，又知c点与a点的线速度相等，c点半径为a点半径的2倍，则a点的向心加速度是c点的向心加速度的2倍，即a点与d点的向心加速度大小相等，D正确。故选CD。10.有关万有引力定律及其公式122GmmFr

=的说法正确的是（）A.牛顿给出了万有引力计算公式但他却无法算出两个天体之间的万有引力大小B.当两个物体间距r趋近于0时，万有引力F趋于无穷大C.万有引力公式只适用于天体之间的相互作用力D.引力常量G的单位是22Nm/kg【答案】AD【解析】【详解】A．牛顿不知道引力常

量的具体数值，所以他无法计算两个天体之间的万有引力，A正确；B．当两个物体之间距离接近与0时，两个物体不能看成质点，万有引力计算公式不成立，所以B错误；C．万有引力定律适用于任何两个物体之间，所以C错误；D．

根据公式可以得出G的单位22Nm/kg，D正确。故选AD。11.航天事业改变着人类的生活，它给人们带来了先进技术和无穷资源，成为推动社会发展的强大动力。人造卫星的发射过程要经过多次变轨方可到达预定轨道，如图，在发射地球同步卫星的过程中，卫星

从圆轨道Ⅰ的A点先变轨到椭圆轨道Ⅱ，然后在B点变轨进入地球同步轨道Ⅲ。在运动过程中卫星质量不变，则下列说法正确的是（）A.卫星在B点由轨道Ⅱ进入轨道Ⅲ需要点火减速B.卫星在轨道Ⅰ上的动能大于在轨道Ⅲ上的动能

C.卫星在轨道Ⅱ上从A运动到B阶段，速率逐渐变小D.若卫星在Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ轨道上运行的周期分别为1T、2T、3T，则123TTT【答案】BC【解析】【详解】A．卫星在B点由轨道Ⅱ进入轨道Ⅲ需要点火加速做离心运动

，故A错误；B．由动能的定义式和万有引力提供向心力得线速度GMvr=可知卫星在轨道Ⅰ上的速率大于在轨道Ⅲ上的速率，卫星在轨道Ⅰ上的动能大于在轨道Ⅲ上的动能，故B正确；C．根据开普勒第二定律可知，近地点速率大于远地点速率，卫星在轨道Ⅱ上从A运动到B时速率减小，故C正确；D．根据开普勒第三定律

，轨道半长轴越大周期越大，可知卫星在Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ轨道上运行的周期满足123TTT故D错误。故选BC。12.在2022北京冬奥会上，中国运动健儿武大靖、范可新、曲春雨、任子威组成的团体在短道速滑项目混合团体接力

决赛中夺得冠军，为中国代表团赢得了北京冬奥会的第一枚金牌。比赛中“接棒”运动员在前面滑行，“交棒”运动员从后面追上并用力推前方“接棒”运动员完成接力过程。忽略运动员与冰面之间的摩擦，交接棒过程中两运动员

的速度均在同一直线上。下列关于交接棒过程的说法正确的是（）A.两运动员组成的系统动量守恒B.两运动员组成的系统机械能守恒C.两运动员之间相互作用力的总冲量一定等于零D.两运动员之间相互作用力做的总功一定等于零

【答案】AC【解析】【详解】A．忽略运动员与冰面之间的摩擦，则在交接棒过程中，合外力为零，系统动量守恒，故A正确；B．“交棒”运动员从后面追上并用力推前方“接棒”运动员，化学能转化为机械能，因此两运动员组成的

系统机械能不守恒，故B错误；C．系统动量守恒，因此两运动员之间相互作用力的总冲量一定等于零，故C正确；D．两运动员相互作用时，相对地面的位移一定不相同，因此相互作用力做的总功一定不等于零，故D错误。故选AC。第II卷（非选择题共

52分）注意事项：必须使用0.5毫米黑色签字笔在答题卡上题目所指示区城内作答，作图题可先用铅笔绘出，确认后再用0.5毫米黑色签字笔描清楚。答在试题卷上无效。二、实验题（共17分）13.图甲是“研究平抛物体运动”的实验装置，通过描点画出平抛小球的运动轨迹

。（1）在此实验中，下列说法正确的是________A.斜槽轨道必须光滑B.记录的点应适当多一些C.为描出小球的运动轨迹描绘的点可以用折线连接D.y轴的方向根据重垂线确定（2）图乙是某同学通过实验对平抛运动进行研究，记录的抛物线轨迹的一部分。x轴沿水平方

向，y轴是竖直方向，由图中所给的数据可求出：平抛物体的初速度是_______m/s，小球从开始抛出到运动至B点过程中，小球重力的平均功率________W。（重力加速度210m/sg=、小球的质量0.1kgm=）。【答案】①.BD②.4③.2【解析】【分

析】【详解】（1）[1]A．在“研究平抛物体运动”的实验中，由于每次在斜槽轨道上运动情况相同，因此斜槽是否光滑与试验结果无关，A错误；B．记录的点应适当多一些，可以将运动轨迹画的更准确，B正确；C．小球的运动轨迹必须用

平滑的曲线连接，C错误；D．利用重锤线来确定y轴的方向，D正确故选BD。（2）[2]由于水平方向间隔相等，因此记录的时间间隔相等，竖直方向上，根据2ygT=可得2BCABhhgT−=时间间隔0.1sT=由于水平方向做匀速运动，因此0xvT=可得平抛初速度04m/sv=[3]B点的竖直速

度为AC段竖直方向的平均速度4m/s2ACByhvT==因此小球重力的平均功率2W2ByyvPmgvmg===14.小华用图甲所示的装置“验证机械能守恒定律”。已知重物A（含挡光片）、B的质量分别为mA和mB(mB

>mA)，挡光片的宽度为d，重力加速度为g。按下列实验步骤操作。①按图甲装配好定滑轮和光电门②A、B用绳连接后跨放在定滑轮上，用手托住B③测量挡光片中心到光电门中心的竖直距离h④先接通光电门的电源，后

释放B⑤记录挡光片经过光电门的时间t(1)挡光片通过光电门时的速度为_________（用题中的物理量表示）。(2)如果系统的机械能守恒，应满足的关系式为_________（用题中的物理量表示）。(3)小华反复改变挡光片中心到光

电门中心的竖直距离h，记录挡光片通过光电门时间t，作出图像如图乙所示，测得图线的斜率为k，则ABmm=_________。(4)本实验中通过计算得到挡光片通过光门的速度_________（选填“小于”“大于”或“等于”）其真实速度。【答

案】①.dt②.()()212BAABdmmghmmt−=+③.11kk−+④.小于【解析】【详解】(1)[1]挡光片通过光电门时的速度为dvt=(2)[2]根据机械能守恒得()212BABAdmghmghmmt−=+

整理得()()212BAABdmmghmmt−=+(3)[3]由于()()212BAABdmmghmmt−=+变形可得2212BAABmmghtmmd−=+即有BAABmmkmm−=+解得11ABmkmk−=+(4)[4]计算得到的速度是平均速度即中间时刻的

瞬时速度，小于中间位置的瞬时速度。三、计算题（本题有3小题，共35分，解答时应写出必要的文字说明，方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15.新能源汽车的研发和使用是近几年的热门话题．一辆

质量180kgm=的小型电动汽车在水平的公路上由静止启动且沿直线前行，该小型电动汽车运动的速度与时间的关系如图甲所示，小型电动汽车所受牵引力的功率与时间的关系如图乙所示。设小型电动汽车在运动过程中所受阻力不变，在0～8s内小型电动汽车匀加速运动，

在18s末汽车的速度恰好达到最大．重力加速度g取210m/s。求：（1）小型电动汽车在运动过程中所受阻力大小；（2）小型电动汽车在匀加速运动过程中所受牵引力的大小；（3）小型电动汽车在0～18s内运动过程中的位移大小。【答案】（1）720

N；（2）900N；（3）127.5m【解析】详解】（1）当牵引力等于阻力时，速度达到最大值，则有阻力3max7.210N720N10Pfv===（2）匀加速阶段加速度21m/svat==maFf=−

牵汽车在运动过程中所受阻力不变，联立解得900NF=牵（3）0～8s内汽车匀加速运动的位移21132m2sat==变加速过程中，即8～18s内，汽车牵引力的功率恒为37.210W，所以该过程中牵引力做的功为47.210JWPt==根据动能定理得222max11122P

tfsmvmv−=−解得位移大小295.5ms=故共发生的位移为12127.5msss=+=16.如图所示，竖直平面内的四分之一圆弧轨道下端与水平桌面相切，小滑块A和B分别静止在圆弧轨道【的最高点和最低点。现将A无初速释放，A与B碰撞后结合为一个整体，并沿桌面滑动。已知圆弧轨道光滑，半径0

.8mR=；A和B的质量均为0.1kgm=，A和B整体与桌面之间的动摩擦因数0.2=。重力加速度取210m/sg=。求：（1）与B碰撞前瞬间A对轨道的压力N的大小；（2）A与B碰撞过程中系统损失机械能；（3）A和B整体在桌面上滑动的距离l。【答案】（1）3N；（2）0.4J；（3）1m【解析

】【详解】（1）小滑块A在圆弧轨道下滑过程，根据机械能守恒定律212mgRmv=解得碰撞前A的速度大小为2=4m/svgR=在最低点，根据牛顿第二定律2vFmgmR−=解得轨道对滑块A的支持力大小为3NF=根据牛顿第三定律，滑块A对轨道的压力大小为3NNF==（2）A和B碰撞过程满

足动量守恒，则有2mvmv=共解得碰撞后A和B整体的速度为2m/sv=共A与B碰撞过程中系统损失的机械能为的221120.4J22Emvmv=−=共（3）根据动能定理212022mglmv−=−共解得A和B整体在桌面上滑动的距离为1ml=17.如图所示，宇航

员站在某质量分布均匀的星球表面一斜坡上P点，沿水平方向以初速度v0抛出一个小球，测得小球经时间t落到斜坡上另一点Q，斜面的倾角为α，已知该星球的半径为R，万有引力常量为G。求：（1）该星球的密度；（2）该星球的第一宇宙速度；（3）人造卫星绕该星球表面做匀速圆周运动的最小

周期T。【答案】（1）03tan2vRtG；（2）02tanvRt；（3）022tantRvR【解析】【详解】（1）设该星球表现的重力加速度为g，根据平抛运动规律，水平方向有0xvt=竖直方向有212ygt=平抛位移与水

平方向的夹角的正切值20012tan2gtgtvtv==解得02tanvgt=在星球表面的物体m有2MmGmgR=星球的密度为343MR=联立方程，解得03tan2vRtG=（2）根据万有引力提供向心

力22MmvGmRR=联立方程，解得02tanvRvt=（3）绕星球表面运行的卫星具有最小的周期，即0222tanRtTRvvR==获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com