【文档说明】湖北省武汉市2020届高三下学期3月质量检测数学（文）试题【精准解析】【武汉专题】.docx，共(23)页，575.958 KB，由小赞的店铺上传

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武汉市2020届高中毕业生学习质量检测文科数学一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1.已知复数z＝（1+2i）（1+ai）（a∈R），若z∈R，则实数a＝（）A.12B.12−C.2D.﹣2【

答案】D【解析】【分析】化简z＝（1+2i）（1+ai）=()()122aai−++，再根据z∈R求解.【详解】因为z＝（1+2i）（1+ai）=()()122aai−++，又因为z∈R，所以20a+=，解得a＝-2.故选

：D【点睛】本题主要考查复数的运算及概念，还考查了运算求解的能力，属于基础题.2.已知集合M＝{x|﹣1＜x＜2}，N＝{x|x（x+3）≤0}，则M∩N＝（）A.[﹣3，2）B.（﹣3，2）C.（﹣1，0]D.（﹣1，0）【答案】C【解析】【分析】

先化简N＝{x|x（x+3）≤0}={x|-3≤x≤0}，再根据M＝{x|﹣1＜x＜2}，求两集合的交集.【详解】因为N＝{x|x（x+3）≤0}={x|-3≤x≤0}，又因为M＝{x|﹣1＜x＜2}，所以M∩N＝{x|﹣1＜x≤0}.故选：C【点睛】本题主要考查集合的基本运算，还考查了

运算求解的能力，属于基础题.3.同时抛掷两个质地均匀的骰子，向上的点数之和小于5的概率为（）A.19B.16C.118D.512【答案】B【解析】【分析】先列举算出抛掷两个质地均匀的骰子共有基本事件的总数，再找出向上的点数之和小于5的事件的基本事件的个

数，然后通过古典概型的概率公式求解.【详解】抛掷两个质地均匀的骰子，共有6636=种可能，向上的点数之和小于5的有()()()()()()1112132122,3,1，，，，，，，，，有6种，所以向上的点数之和小于5的概率为16.故选：

B【点睛】本题主要考查古典概型的概率求法，还考查了运算求解的能力，属于基础题.4.执行如图所示的程序框图，输出的s的值为（）A.53B.85C.138D.2113【答案】C【解析】【分析】根据循环结构依次进行，直至不符合4i，终止循环，输出s.【详解】第一次循环，2,1si==，第二

次循环，3,22si==，第三次循环，5,33si==，第四次循环，8,45si==，第四次循环，13,58si==，此时不满足4i，输出138s=.故选：C【点睛】本题主要考查程序框图中的循环结构，还考查了逻辑推理的能力

，属于基础题.5.已知数列{an}的前n项之和Sn＝n2+1，则a1+a3＝（）A.6B.7C.8D.9【答案】B【解析】【分析】根据数列{an}的前n项之和Sn＝n2+1，求出123,,aaa，再求解.【详解】已知数列{an}的前n项之和Sn＝n2+1，所

以112Sa==，所以21225,3Saaa=+==，所以3123310,5Saaaa=++==，所以a1+a3＝7.故选：B【点睛】本题主要考查数列的前n项和与项的关系，还考查了运算求解的能力，属于基础题.6

.圆C1：x2+y2＝4与圆C2：x2+y2﹣4x+4y﹣12＝0的公共弦的长为（）A.2B.3C.22D.32【答案】C【解析】【分析】两圆方程相减，得到公共弦所在的直线方程，然后利用其中一个圆，结合弦长公式求解.【详解】因为圆C1：x2+y2＝4与

圆C2：x2+y2﹣4x+4y﹣12＝0，两式相减得20xy−−=，即公共弦所在的直线方程.圆C1：x2+y2＝4，圆心到公共弦的距离为22d=，所以公共弦长为：22222lrd=−=.故选：C【点睛】本题主要考查直线与圆，圆与圆的位置关系，

还考查了运算求解的能力，属于基础题.7.已知tan（4+）＝7，且32＜＜，则sinα＝（）A.35B.35−C.45D.45−【答案】B【解析】【分析】先利用两角和的正切转化tan（4+）＝1tan7,1tan+=−求得3tan4=，再结合平方关系22sinco

s1+=求解.【详解】因为tan（4+）＝1tan7,1tan+=−所以3tan4=，即sin3cos4=，又因为22sincos1+=且32＜＜，所以sinα＝35-.故选：B【点睛】本题主要考查两角和的正切及同角三角函数基本关系式化简求值，还考查了运算

求解的能力，属于基础题.8.若1e，2e是夹角为60°的两个单位向量，而a=212ee+，b=−31e+22e，则向量a和b夹角为（）A.6B.3C.23D.56【答案】C【解析】【分析】先根据1e，2e是夹角为60°的两个单位向量，且a=212ee+，b=−31e+22e，求得a

b，a，b，再代入夹角公式cos,ababab=求解.【详解】因为1e，2e是夹角为60°的两个单位向量，且a=212ee+，b=−31e+22e，所以()()121272322abeeee−+=−=+，所以()21227aee=+=，()212327

bee=−+=，所以1cos,2ababab==−，，又因为,0,ab所以向量a和b夹角为23.故选：C【点睛】本题主要考查平面向量的数量积运算，还考查了运算求解的能力，属于中档题.9.已知函数f（x）＝sin2x+sin2（x3+），则f（x）的最小值为（）A.12B.1

4C.34D.22【答案】A【解析】【分析】先通过降幂公式和辅助角法将函数转化为()11cos223fxx=−+，再求最值.【详解】已知函数f（x）＝sin2x+sin2（x3+），=2

1cos21cos2322xx−+−+，=1cos23sin2111cos222223xxx−−=−+，因为cos21,13x+−，所以f（x）的最小值为12.故选：A【点睛】本题主要考查倍角公式及两角和与差的三角函数的逆用，还

考查了运算求解的能力，属于中档题.10.在正方形SG1G2G3中，E、F分别是G1G2及G2G3的中点，D是EF的中点，现在沿SE、SF及EF把这个正方形折成一个四面体，使G1、G2、G3三点重合，重合后的点记为G，那么，在四面体S﹣EFG中必有（）A.SG⊥△EFG所在平面B.

SD⊥△EFG所在平面C.GF⊥△SEF所在平面D.GD⊥△SEF所在平面【答案】A【解析】【分析】在正方形SG1G2G3中，有SG1⊥G1E，在折叠后其垂直关系不变，所以有SG⊥EG.同理有有SG⊥FG，再由线面垂

直的判定定理证明.【详解】在正方形SG1G2G3中，因为SG1⊥G1E，所以在四面体中有SG⊥EG.又因为SG3⊥G3F，所以在四面体中有SG⊥FG，且GEGFG=，所以SG⊥△EFG所在平面.故选：A【点睛】本题主要考查折叠问题及线面垂直的判定定理，还考查

了推理论证的能力，属于中档题.11.如果关于x的不等式x3﹣ax2+1≥0在[﹣1，1]恒成立，则实数a的取值范围是（）A.a≤0B.a≤lC.a≤2D.a3322【答案】A【解析】【分析】当0x=时，不等式成立，当0x时将不等式x3﹣ax2+1≥0在)(1

,00,1x−恒成立，转化为21axx+在)(1,00,1x−恒成立，最后求解即可.【详解】当0x=时，不等式成立，aR当0x时关于x的不等式x3﹣ax2+1≥0在)(1,00,1x−恒成立，即21axx+在)(1,00,1x−恒成立，令()21gxxx=+，()1

332102gxxx=−==，当)1,0x−时，()0gx，当(0,1x时，()0gx.所以()gx在)1,0−递增，在(0,1递减当)1,0x−时，()()min10gxg=−=当(

0,1x时，()()min12gxg==所以()gx的最小值为0.所以0a故选：A【点睛】本题主要考查不等式恒成立问题及导数求最值，还考查了转化化归的思想和运算求解的能力，属于中档题.12.已知△ABC的三边分别为a，b，c，若满足a2+b2+2c2＝8，则△ABC面积

的最大值为（）A.55B.255C.355D.53【答案】B【解析】【分析】根据a2+b2+2c2＝8，得到22282abc+=−，由余弦定理得到22cos83abCc=−，由正弦定理得到2sin4abCS=，两式平

方相加得()()()22224834abcS=−+，而222822abcab+=−，两式结合有()()()()222222248283165Scccc−−−=−，再用基本不等式求解.【详解】因为a2+b2+2c2＝8，所以22282abc+=−，由余弦定理得222283c

os22abccCabab+−−==，即22cos83abCc=−①由正弦定理得in12sSabC=，即2sin4abCS=②由①，②平方相加得()()()()()222222222483482abcSabc=−++=−，所以()()()()2

222222222116556448283165525ccScccc−+−−−=−=，即245S，所以255S，当且仅当22ab=且221655cc−=即222128,55abc===时，取等号.故选

：B【点睛】本题主要考查了正弦定理和余弦定理及基本不等式的应用，还考查了运算求解的能力，属于中档题.二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分．13.函数f（x）＝xlnx+1在点（e，e+l）处的切线方程为___．【答案】2x﹣y﹣e+1＝0．【解析】【分析】根

据函数f（x）＝xlnx+1，求导得()1lnfxx=+，再分别求得()fe，()fe，用点斜式写出切线方程.【详解】因为函数f（x）＝xlnx+1，所以()1lnfxx=+，所以()1ln2fee=+=，()ln11feeee=+=+，所以切线方

程为：()()12yexe−+=−，即210xye−−+=.故答案为：210xye−−+=【点睛】本题主要考查了导数的几何意义，还考查了运算求解的能力，属于基础题.14.若函数f（x）cosxasinx+=在（0，2）上单调递减，则实数a的取值范围为___．【答案】a≥﹣1．【

解析】【分析】将函数f（x）cosxasinx+=在（0，2）上单调递减，转化()21cos0sinaxfxx−−=在（0，2）上恒成立即1cosax−在（0，2）上恒成立再求1cosx−最大值即可.【详

解】因为函数f（x）cosxasinx+=在（0，2）上单调递减，所以()21cos0sinaxfxx−−=在（0，2）上恒成立，即1cosax−在（0，2）上恒成立，因为0,2x，所以()cos0,1x，所以1(,1]cosx−−−，所以1a−.故答

案为：1a−【点睛】本题主要考查了导数与函数的单调性，还考查了转化化归的思想和运算求解的能力，属于中档题.15.已知2211Mxyyx=−+−，则M的最大值为___．【答案】1.【解析】【分析】利用柯西不等式求解.【详解】由柯西不等式得：()()22222222211111xyyxxxyy

−+−+−−+=，当且仅当2211yyxx−=−，即221xy+=取等号.故M的最大值为1故答案为：1【点睛】本题主要考查了柯西不等式的应用，还考查了运算求解的能力，属于中档题.16.根据气象部门预报，在距离某个码头A南偏东45°方向的600km处的热带

风暴中心B正以30km/h的速度向正北方向移动，距离风暴中心450km以内的地区都将受到影响，从现在起经过___小时后该码头A将受到热带风暴的影响（精确到0.01）．【答案】9.14h.【解析】【分析】先建立坐标系，设风暴中心最初在B处，经th后到达C处．自B向x轴作垂线，垂足为D

．若在点C处受到热带风暴的影响，则AC＝450，则有22ADDC+=450，即22(60045)(6004530)cossint+−=450；两边平方并化简、整理求解.【详解】建立如图所示直角坐标系：设风暴中心最初在B处，经th

后到达C处．自B向x轴作垂线，垂足为D．若在点C处受到热带风暴的影响，则OC＝450，即22ADDC+=450，即22(60045)(6004530)cossint+−=450；两边平方并化简、整理得t2﹣20

2t+175＝0∴t1025=+或1025−，1024159.−所以9.14时后码头将受到热带风暴的影响．【点睛】本题主要考查了三角函数的实际应用，还考查了运算求解的能力，属于中档题.三、解答题：共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．第17-21题为必

考题，每个试题考生都必须作答．第22、23题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题：共60分．17.若等比数列{an}的前n项和为Sn，满足a4﹣a1＝S3，a5﹣a1＝15．（1）求数列{an}的首项a1和公比q；（2）若an＞n+100，求n的取值范围．【答案】（1）q＝2，a1＝1；

（2）n≥7.【解析】【分析】（1）根据a4﹣a1＝S3，a5﹣a1＝15，利用“q，a1”法求解.（2）由（1）建立不等式12n−＞n+100，通过估值法求解.【详解】（1）∵a4﹣a1＝S3，a5﹣a1＝15．显然公比q≠1，∴()()()3131411111

15aqaqqaq−−=−−=，解可得q＝2，a1＝1，（2）由（1）可得an＝12n−，∵an＞n+100，即12n−＞n+100，解可得，n≥7．【点睛】本题主要考查了等比数列的通项公式及其应用，还考查了运算求解的能力，属于中档题.18

.如图，在棱长为a的正方体ABCD﹣A1B1C1D1中，P，Q，L分别为棱A1D1，C1D1，BC的中点．（1）求证：AC⊥QL；（2）求四面体DPQL的体积．【答案】（1）见解析；（2）318a.【解析】【分

析】（1）取CD的中点H，根据正方体的几何性质，有QH⊥AC，AC⊥HL，再利用线面垂直的判定定理证明.（2）连接PB1，B1L，四边形LDPB1是平行四边形，根据等体积法，则有11QPDLQPBLLQPBVVV−−−==，然后通过1LQPBV−求解.【详解】（1）证明：如图所示：H为CD的中

点，连接QH，HL，P，Q，L分别为棱A1D1，C1D1，BC的中点．所以QH⊥AC，AC⊥HL，QH∩HL＝H，所以AC⊥平面QHL，∵QL⊂平面QHL，∴AC⊥QL；（2）解：如图所示：连接PB1，B1L，四边形LDPB1是平行四边形，则11QPDLQPBL

LQPBVVV−−−==1121111111111332222222LQPBPQBVSAAaaaaaaaa−==−−−318a=．【点睛】本题主要考查了正方体的几何特征和线面垂直的判定定理，以

及三棱锥的体积，还考查了空间想象，推理论证，运算求解的能力，属于中档题.19.一个小商店从一家食品有限公司购进10袋白糖，每袋白糖的标准重量是500g，为了了解这些白糖的实际重量，称量出各袋白糖的实际重量（单位：g）如下：503，502，496，4

99，491，498，506，504，501，510（1）求这10袋白糖的平均重量x和标准差s；（2）从这10袋中任取2袋白糖，那么其中恰有一袋的重量不在（x−s，x+s）的概率是多少？（附：25.85

.08，25816.06，25.95.09，25916.09）【答案】（1）501，5.08；（2）1645.【解析】【分析】（1）根据提供的数据，利用平均数和方差公式求解.（2）根据（1）的结合，算出重量在（x−s，x+s）内的袋数和不在内的袋数，然后得出从10袋中选2袋的

方法数和恰有一袋的方法数，再利用古典概型的概率公式求解.【详解】（1）根据题意，10袋白糖的实际重量如下：503，502，496，499，491，498，506，504，501，510，则其平均重量110x=（50

3+502+496+499+491+498+506+504+501+510）＝500110+（3+2﹣4﹣1﹣9﹣2+6+4+1+10）＝501，其方差S2110=[（503﹣501）2+（502﹣50

1）2+（496﹣501）2+（499﹣501）2+（491﹣501）2+（498﹣501）2+（506﹣501）2+（504﹣501）2+（501﹣501）2+（510﹣501）2]＝25.8；则其标准差s25.8=5.08；（2）根据题意，由（1）的结论，10袋白糖在（x−s，x+s

）之间的有503，502，496，499，498，506，504，501，共8袋，从10袋白糖中任取两袋，有C102＝45种取法，其中恰有一袋的重量不在（x−s，x+s）的情况有8×2＝16种，则恰有一袋的重量不在（x−s，x+s）的概率P1645=．【点睛】本题主要考查了平均

数，方差及古典概型的概率，还考查了运算求解的能力，属于中档题.20.已知抛物线Γ：y2＝2px（p＞0）的焦点为F，P是抛物线Γ上一点，且在第一象限，满足FP=（2，23）（1）求抛物线Γ的方程；（2）已知经过点A（3，﹣2）的直线交抛物线Γ于M，N两点，经过定点B（3，﹣6

）和M的直线与抛物线Γ交于另一点L，问直线NL是否恒过定点，如果过定点，求出该定点，否则说明理由．【答案】（1）y2＝4x；；（2）直线NL恒过定点（﹣3，0），理由见解析.【解析】【分析】（1）根据抛物线的方程，求得焦点F（2p，0），利用FP=

（2，23），表示点P的坐标，再代入抛物线方程求解.（2）设M（x0，y0），N（x1，y1），L（x2，y2），表示出MN的方程y01014xyyyy+=+和ML的方程y02024xyyyy+=+，因为A（3，﹣

2），B（3，﹣6）在这两条直线上，分别代入两直线的方程可得y1y2＝12，然后表示直线NL的方程为：y﹣y1124yy=+（x214y−），代入化简求解.【详解】（1）由抛物线的方程可得焦点F（2p，0），满足FP=（2

，23）的P的坐标为（22p+，23），P在抛物线上，所以（23）2＝2p（22p+），即p2+4p﹣12＝0，p＞0，解得p＝2，所以抛物线的方程为：y2＝4x；（2）设M（x0，y0），N（x1，y1），L（x2，y2），则y12＝4x1，y22＝4x2，直线MN

的斜率kMN10102210101044yyyyyyxxyy−−===−−+，则直线MN的方程为：y﹣y0104yy=+（x204y−），即y01014xyyyy+=+①，同理可得直线ML的方程整理可得y02024xy

yyy+=+②，将A（3，﹣2），B（3，﹣6）分别代入①，②的方程可得01010202122126yyyyyyyy+−=++−=+，消y0可得y1y2＝12，易知直线kNL124yy=+，则直线NL的

方程为：y﹣y1124yy=+（x214y−），即y124yy=+x1212yyyy++，故y124yy=+x1212yy++，所以y124yy=+（x+3），因此直线NL恒过定点（﹣3，0）．【点睛】本题主要考查了抛物线的方程及直线

与抛物线的位置关系，直线过定点问题，还考查了转化化归的思想和运算求解的能力，属于中档题.21.（1）研究函数f（x）sinxx=在（0，π）上的单调性；（2）求函数g（x）＝x2+πcosx的最小值．【答案】（1）f（x）在（0，π）递减；（2）24.【解析】【分析】（1）根据()sinxfx

x=，求导得()2'xcosxsinxfxx−=，设m（x）＝xcosx﹣sinx，x∈（0，π），通过求导来判断其正负，从而得到f′（x）的正负，进而研究f（x）的单调性.（2）易知g（x）是偶函数，故只

需求x∈[0，+∞）时g（x）的最小值，求导得g′（x）＝2x﹣πsinx，根据sinx的特点，分x∈（0，2）和2x+，时两种情况讨论g（x）单调性，进而求其最小值.【详解】（1

）因为()sinxfxx=，所以()2'xcosxsinxfxx−=，设m（x）＝xcosx﹣sinx，x∈（0，π），m′（x）＝﹣xsinx＜0，所以m（x）在（0，π）递减，则m（x）＜m（0）＝0故f′（

x）＜0，所以f（x）在（0，π）递减；（2）观察知g（x）为偶函数，故只需求x∈[0，+∞）时g（x）的最小值，由g′（x）＝2x﹣πsinx，当x∈（0，2）时，设n（x）＝2x﹣πsinx，则n′（x）＝2﹣πcosx，显然n′（x）递增，而n′（0）＝2﹣π＜0，'202n=

＞，由零点存在定理，存在唯一的002x，，使得n′（x0）＝0当x∈（0，x0）时，n′（x）＜0，n（x）递减，当02xx，时，n′（x）＞0，n（x）递增，而n（

0）＝0，02n=，故02x，时，n（x）＜0，即02x，时，g′（x）＜0，则g（x）递减；又当2x+，时，2x＞π＞πsinx，g′（x）＞0，g（x）递增；所以2(

)24mingxg==．【点睛】本题主要考查了导数与函数的单调性及最值，还考查了转化化归的思想和运算求解的能力，属于难题.（二）选考题：共10分，请考生在第22、23题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分．[选修4-4：坐标系与参数方程]22.在直角坐标系xOy中，曲线

C1的参数方程为54xcosysin==（为参数），以坐标原点O为极点，x轴正半轴为极轴建立极坐标系，曲线C2：ρ2﹣4ρcosθ+3＝0．（1）求曲线C1的一般方程和曲线C2的直角坐标方程；（2）若点P在曲线C1上，点Q曲线C2上，求|PQ|的最小

值．【答案】（1）2212516xy+=，（x﹣2）2+y2＝1；（2）2.【解析】【分析】（1）由C1的参数方程为5(4xcosysin==为参数），消去参数即可转换为直角坐标方程，根据曲线C2：ρ2﹣4

ρcosθ+3＝0．利用cos,sinxy==转换为直角坐标方程.（2）设点P（5cosθ，4sinθ），根据点Q在圆上，先求点P到圆心的距离，然后减去半径即为最小值.【详解】（1）曲线C1的参数方程为5(4xcosysin

==为参数），两式平方相加整理得2212516xy+=．将cos,sinxy==代入ρ2﹣4ρcosθ+3＝0．得x2+y2﹣4x+3＝0，整理得（x﹣2）2+y2＝1．（2）设点P（5cosθ，4sinθ）在曲线C1上

，圆心O（2，0），所以：22221080(52)(4)92020999POcossincoscoscos=−+=−+=−+，当cosθ＝1时，|PO|min＝3，所以|PQ|的最小值3﹣1＝2．【点睛】本题主要考查了参数方程，普

通方程，极坐标方程间的互化及点与圆的位置关系，还考查了转化化归的思想和运算求解的能力，属于中档题.[选修4-5：不等式选讲]23.已知函数f（x）＝|2x﹣a|+|x﹣a+1|．（1）当a＝4时，求解不等式f（x）≥8；（2）已知关于x的不等式f（x）22a在R上恒成立

，求参数a的取值范围．【答案】（1）[5，+∞）∪（∞，13−]；（2）[﹣2，1].【解析】【分析】（1）根据a＝4时，有f（x）＝|2x﹣4|+|x﹣3|，然后利用绝对值的几何意义，去绝对值求解.（2）根据绝对值的零点有a

﹣1和12a，分a﹣112a=，a﹣112a＞和a﹣112a＜时三种情况分类讨论求解.【详解】（1）当a＝4时，f（x）＝|2x﹣4|+|x﹣3|，（i）当x≥3时，原不等式可化为3x﹣7≥8，解可得x≥5，此

时不等式的解集[5，+∞）；（ii）当2＜x＜3时，原不等式可化为2x﹣4+3﹣x≥8，解可得x≥9此时不等式的解集∅；（iii）当x≤2时，原不等式可化为﹣3x+7≥8，解可得x13−，此时不等式的解集（∞，13−]，综上可得，不等式的解集[5，+∞）∪（∞，13−]

，（2）（i）当a﹣112a=即a＝2时，f（x）＝3|x﹣1|22a=2显然不恒成立，（ii）当a﹣112a＞即a＞2时，()1321211123211xaxafxxaxaxaxa−+−=−

−−+−，，＜＜，，结合函数的单调性可知，当x12a=时，函数取得最小值f（12a）112a=−，若f（x）22a在R上恒成立，则211122aa−，此时a不存在，（iii）当a﹣112a＜即a＜2时，f（x）3211111213212xaxaxaxaxaxa−+−−

=−+−−+，，＜＜，若f（x）22a在R上恒成立，则121122aa−，解得﹣2≤a≤1，此时a的范围[﹣2，1]，综上可得，a的范围围[﹣2，1]．【点睛】本题主要考查了绝对值不等式的解法及含有绝对值的不等式恒成立问题，还考查了

分类讨论的思想和运算求解的能力，属于中档题.获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.co

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