【文档说明】《精准解析》浙江省温州市2022-2023学年高一上学期期末物理试题（解析版）.docx，共(24)页，4.441 MB，由小赞的店铺上传

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2022学年第一学期温州市高一期末教学质量统一检测物理试题考生须知：1.本试卷分选择题和非选择题两部分，共6页，满分100分，考试时间90分钟。2.考生答题前，务必将自己姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔填写在答题卷上。3.选择题的答案须用2B铅笔将答题卷上对应题

目的答案标号涂黑，如要改动，须将原填涂处用橡皮擦净。4.非选择题的答案须用黑色字迹的签字笔或钢笔写在答题卷上相应区域内，作图时可先使用2B铅笔，确定后须用黑色字迹的签字笔或钢笔描黑，答案写在本试题卷上

无效。5.可能用到的相关参数：重力加速度g取210m/s。选择题部分一、选择题Ⅰ（本题共12小题，每小题3分，共36分。每小题列出的四个各选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1.以下物理量为标

量且给出的单位属于国际单位制的是（）A.时间sB.位移mC.速率km/hD.加速度2m/s【答案】A【解析】【详解】时间和速率为标量，位移和加速度为矢量；而s、m、2m/s为国际单位制的单位，km/h为非国际单位制的单位

，则物理量为标量且给出的单位属于国际单位制的是时间s。故选A。2.下列说法正确的是（）A.牛顿通过实验得出“弹簧弹力与形变量成正比”的关系B.伽利略根据理想实验得出“力不是维持物体运动的原因”的结论C.亚里士多德根据经验得出“重物与轻物应该下落得同样快”的结论D.

笛卡尔经过研究得出“相互作用力总是大小相等、方向相反”结论【答案】B【解析】【详解】A．胡克通过实验得出“弹簧弹力与形变量成正比”的关系，A错误；B．伽利略根据理想实验得出“力不是维持物体运动的原因”的结论，B正确；的C．亚

里士多德根据经验得出“重物比轻物应该下落得快”的结论，C错误；D．牛顿经过研究得出“相互作用力总是大小相等、方向相反”的结论，D错误。故选B。3.北京时间2022年11月12日10时03分，搭载天舟五号货运飞船的运载火箭，在中

国文昌航天发射场点火发射，飞船与火箭最终成功分离并进入预定轨道，下列说法正确的是（）A.“10时03分”指的是时间间隔B.只要建立二维坐标系就可以精准确定火箭位置C.进入太空后，货运飞船内的货物不再具有惯性D.飞船与

火箭分离前，以火箭为参考系，飞船是静止的【答案】D【解析】【详解】A．“10时03分”在时间轴上对应一个点，指的是时刻，故A错误；B．若要精准确定火箭的位置，需要建立三维空间坐标系，故B错误；C．惯性大小的唯一量度为质量，所以当

货物进入太空后，质量不变，惯性保持不变，故C错误；D．飞船与火箭分离前，二者保持相对静止，所以以火箭为参考系，飞船是静止的，故D正确。故选D。4.2022年11月1日，全国皮划艇静水锦标赛在温州瓯海开赛，这是温州首次承办全国皮划艇静水项目规格最

高的赛事。如图所示，多支皮划艇队伍正在进行500m直道比赛，则（）A.获得最后一名的队伍，比赛全程位移最小B.获得最后一名的队伍，起步时的加速度一定最小C.夺得第一名的队伍，在比赛过程中平均速度最大D.夺得第一名的队伍，到达终点时的速度一定最大【答案】C【解析】【详解】AB．多支皮划艇队伍

正在进行500m直道比赛，所以各个队伍运动的位移是相同的，获得最后一名的队伍用时长，平均速度大，但起步时的加速度不一定小，故AB错。CD．多支皮划艇队伍正在进行500m直道比赛，所以各个队伍运动的位移

是相同的，获得第一名的时间短，平均速度大，但到达终点时的速度不一定大，故C对，D错。故选C。5.在2022年卡塔尔世界杯小组赛中，沙特阿拉伯队以2:1逆转阿根廷队，大爆冷门。在比赛中，沙特门将阿洛瓦伊斯发挥出色，是沙特队取得胜利的最大功臣。下列说法

正确的是（）A.门将击球前后瞬间，足球速度一定不相同B.研究门将击球动作时，可以把门将视为质点C.门将击球时，手对足球的作用力大于足球对手的作用力D.门将击球时，足球受到的弹力是由于足球发生形变产生的【答案】A【解析】【详解】A．根据题意可知，门将击球时，对足球施加了作用了，由牛顿第一定律可知，

足球的运动状态发生变化，即门将击球前后瞬间，足球速度一定不相同，故A正确；B．研究门将击球动作时，门将的大小和形状不可忽略，不可以把门将视为质点，故B错误；C．门将击球时，由牛顿第三定律可知，手对足球的作用力与足球对手

的作用力是一对相互作用力，则手对足球的作用力等于足球对手的作用力，故C错误；D．门将击球时，足球受到的弹力是由于门将的手发生形变产生的，故D错误。故选A。6.如图所示，甲、乙、丙分别为某同学用不同水平力推箱子的情景，则下列说法正确的是（）A.甲图中，推力小于箱子受到的静摩擦力B.甲图中，箱

子对地面的压力就是箱子的重力C.乙图中，随着推力变大，箱子所受的合外力也变大D.丙图中，箱子受到的滑动摩擦力可能等于乙图中箱子受到的静摩擦力【答案】D【解析】【详解】A．甲图中，箱子未推动，箱子处于平衡状态，摩擦

力等于推力，故A错误；B．箱子对地面的压力属于弹力，不是箱子的重力，两者本质不同，故B错误；C．乙图中，随着推力变大，箱子一直未推动，依然处于平衡状态，箱子所受的合外力一直为零，故C错误；D．乙图中箱子受到的推力逐渐增大，当推力大于最大静摩擦力后箱子才能推动，推动后摩擦由静摩擦力转化为滑动

摩擦力，而箱子受到的最大静摩擦力会稍大于或等于滑动摩擦力，故丙图中，箱子受到的滑动摩擦力可能等于乙图中箱子受到的静摩擦力，故D正确。故选D。7.如图所示，吊环比赛中体操运动员双臂缓慢对称撑开，两吊绳的张角逐渐增大的过程中，以下说法正确的是（）A.每根吊

绳的拉力变小B.每根吊绳的拉力变大C.两吊绳对运动员拉力的合力变小D.两吊绳对运动员拉力的合力变大【答案】B【解析】【详解】CD．根据平衡条件，两吊绳对运动员拉力的合力与重力大小相等方向相反，则两吊绳的张角逐渐增大的过程中，

两吊绳对运动员拉力的合力不变，故CD错误；AB．根据平衡条件2cosTmg=当两吊绳的张角逐渐增大，则绳与竖直方向的夹角增大，则绳拉力增大，故A错误，B正确。故选B。8.一位身高1.90m的高中学生，凭借2

.18m的好成绩顺利通过清华大学运动员跳高专项测试。根据以上信息，可以估算出该同学这次起跳离地时竖直向上的速度最接近于（）A.3m/sB.5m/sC.7m/sD.9m/s【答案】B【解析】【详解】根据题

意可知，运动员在跳高过程中，重心上升的最大高度约为1.902.18m1.23m2h=−=由运动学公式有202vgh=解得05msv故选B。9.小红站在装有力传感器的台秤上，做下蹲、起立动作。计算机根据力传感器采集到的数据，绘制的Ft−图像如图所示。下列说法正确的是（）A.a点

对应的时刻，小红向下的速度最大B.a点对应的时刻，小红向下的加速度最小C.12tt时间内，小红完成了一次“下蹲”动作D34tt时间内，小红完成了一次“起立、下蹲”动作【答案】C【解析】【详解】AB．根据题意，由图可知，在a点对应的

时刻，传感器示数最小，即小红处于失重状态，具有向下的加速度，且加速度最大，a点之后，仍处于失重状态，即加速度方向仍然向下，小红继续向下加速，则在a点对应的时刻，小红向下的速度不是最大，故AB错误；CD．小红“下蹲”时，向下先加速后

减速，则先处于失重状态后处于超重状态，“起立”时，向上先加速后减速，则先处于超重状态后处于失重状态，结合图可知，12tt时间内，小红完成了一次“下蹲”动作，34tt时间内，小红完成了一次“起立”动作，故D错误，C正确。故选C。10.如图所示，一辆电动

玩具小汽车（视为质点）在平直路面上刹车制动时做匀减速直线运动，依次经过A、B、C、D点，已知经过AB、BC和CD三段位移所用的时间分别为1s、2s、3s，12mABCD==，下列说法正确的是（）A.B、C两点的间距为16mB.小汽车经过C点时的速度大小为6m/sC.小汽车

经过D点后2s内的位移大小为2mD.小汽车刹车制动的加速度大小为22m/s【答案】D【解析】【详解】BD．令小汽车经过A点的速度为vA，加速度为a，根据位移时间公式，在AB段有21112ABAxvtat=−在C点的速度为()12CAvvatt=−+根据位移时间公式，在CD段有.23

312CDCxvtat=−联立并代入数据解得22m/sa=13m/sAv=7m/sCv=故B错误，D正确；A．根据位移时间公式，在BC段有22212BCBxvtat=−代入数据解得18mBCx=故A错误；C．汽车到

达D点的速度为()()12313m/sm/s=1m23/12sDAvvattt=−++=−++小汽车从D点开始到速度减为零的时间为01s0.5s2Dvta===小汽车经过D点后2s内的位移大小为221m0.25m222D

vxa===故C错误。故选D。11.如图所示，斜面体上放置一物块，物块通过绕过定滑轮的轻绳与小球相连。小球受到水平力F的作用，使轻绳偏离竖直方向角度缓慢变大。在此过程中，斜面体和物块始终保持静止，下列说法正确的

是（）A.小球受到轻绳的拉力保持不变B.地面对斜面体的支持力逐渐变大C.斜面体与地面之间的摩擦力逐渐变大D.该过程中，物块受到的摩擦力一直沿斜面向上【答案】C【解析】【详解】A．设小球重力为G1，小球受到的绳子拉力大小为T，根据平衡条件可得1cosGT=当θ逐渐变大时，T一定逐渐变大

，故A错误；BC．对斜面体、小球和物块组成的整体进行分析，根据平衡条件可知地面对斜面体的摩擦力水平向右，且当整体受到的水平力F逐渐变大时，地面对斜面体的摩擦力逐渐变大。由于F不存在竖直方向的分量，所以斜面对地面的压力一定保持不变，根据牛

顿第三定律可知，地面对斜面体的支持力等于斜面体对地面的压力，则地面对斜面体的支持力保持不变，故B错误，C正确；D．设物块重力为G2，斜面倾角为。若开始时斜面对物块的摩擦力f沿斜面向下，则在斜面方向上根据平衡条件可得2sinTGf=+当T

逐渐变大时，f逐渐变大，若开始时斜面对物块的摩擦力f沿斜面向下上，则在斜面方向上根据平衡条件可得2sinTfG+=当T逐渐变大时，f逐渐变小，故D错误。故选C。12.如图所示，用两根细线分别将两小球A、B悬挂在竖直木桩上，两球间用一轻质弹簧连接，平衡时弹簧处于水平

拉伸状态。细线与竖直方向的夹角分别为和，重力加速度为g。下列说法正确的是（）A.无论A、B小球质量大小如何，一定等于B.若A、B小球质量相同，则两细绳长度一定相同C.剪断悬挂A球细绳的瞬间，A球加速度大小为cosgD.

同时剪断悬挂A、B球细绳的瞬间，A、B球的加速度大小一定相等【答案】C【解析】【详解】A．根据题意，设弹簧的弹力为F，对A球受力分析，如图所示由平衡条件，对A球有AtanFmg=同理，对B球有BtanFmg=则有

ABtantanmgmg=可知，只有ABmm=时，才有=故A错误；B.若A、B小球质量相同，则有=，但细线在木桩上的结点位置及木桩位置未说明，则细线长度不一定相等，故B错误；CD．对A球受力分析，设细绳对A球的

拉力为1F，由平衡条件有1AcosFmg=解得1cosmgF=剪断悬挂A球细绳的瞬间，弹簧的弹力不变，细绳对A球的拉力消失，则A球所受合力的大小与原来细绳对A球拉力的大小相等，则由牛顿第二定律可得，A球的加速度为1AAcosFgam==同理可得，剪断悬挂B球细绳的瞬间，B球的加速度为Bcos

ga=若有=，则A、B球的加速度大小相等，即当A、B球的质量相等时，同时剪断悬挂A、B球细绳的瞬间，A、B球的加速度大小相等，故D错误，C正确。故选C。二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题3分，共9分。每

小题列出的四个各选项中至少有一个符合题目要求的。全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）13.根据以下说法中的“快”，能判断出物体加速度较大的是（）A.图甲，飞机在万米高空中飞行得很快B.图乙，苏炳

添在百米赛跑中起跑很快C.图丙，从温州到宁波，如果乘坐动车就能很快到达D.图丁，汽车在紧急制动的时候，能够很快地停下来【答案】BD【解析】【详解】A．图甲，飞机在万米高空中飞行得很快，是说明飞机的速度大。A错误；B．图乙，苏炳添在百米赛跑

中起跑很快，是说明苏炳添起跑的加速度大，B正确；C．图丙，从温州到宁波，如果乘坐动车就能很快到达，是说明动车的速度大，C错误；D．图丁，汽车在紧急制动的时候，能够很快地停下来，是说明汽车的加速度大。D正确。故选BD。14.用如图所示的实验装置，研究木板与木

块间的动摩擦因数，将一木块和木板叠放于水平桌面上，已校准的弹簧测力计一端固定，另一端与木块水平相连，通过一根绳子拉着木板向右运动过程中，弹簧测力计的稳定示数为1F，木块受到木板的摩擦力大小为2F。下列说法正确的是（）A.木块受到四个力的作用B.若木板正向右做加速直线运

动，则12FFC.为使12FF=，则木板一定要向右做匀速直线运动D.若要算出木板与木块间动摩擦因数大小，还需要测量木块的重力【答案】AD【解析】【详解】A．木块受重力、木板对它的支持力和摩擦力，弹簧测力计对它的拉力，共四个力作用，故A正确；BC．弹簧示数稳定后，即木块对地静止，受

力平衡，则不管木板在桌面上怎样运动，木块受到的摩擦力和弹簧测力计的拉力是一对平衡力，即12FF=，故B、C错误；D．由滑动摩擦力的大小2NFF=木块受力平衡12FF=所以1NFF=所以若要算出木板与木块间动摩擦因数的大小，还需要知道木块对木板的正压力，即需测量木块的重力，D正确。故选A

D15.体育课上，小林同学沿直线做50m折返跑运动，2T时刻回到起点，vt−图像如图所示。将小林视为质点，则下列说法正确的是（）的。A.T时刻，小林运动方向发生变化B.43T时刻，小林速度大小为零C.0T与2TT时间内，小林的平均速度大小相等D.0T与2TT

时间内，小林的加速度大小之比为1:2【答案】BC【解析】【详解】A．T时刻前后速度都为正，运动方向没改变，故A错误；C．设T时刻小林的速度为1v、2T时刻速度为2v，0T时间内的平均速度为111022vvv+==2TT时间内的平均速度

为1222vvv+=0T与2TT时间内位移大小相等、方向相反，即12vTvT=−解得212vv=−故12vv=−即0T与2TT时间内，小林的平均速度大小相等，故C正确；D．则0T时间内加速度为11vaT

=2TT时间内加速度为21123vvvaTT−==−故1213aa=故D错误；B．小林在t时刻速度为零，则21113003vvtTvTaT=−−−−==解得43tT=故B正确。故选BC。非选择题部分三、非选择题（本题共6小题，共55分）1

6.小王同学用力传感器探究弹簧的弹力与伸长量的关系，如图甲所示，他将一轻质弹簧一端固定于铁架台上，用力传感器竖直向下拉弹簧下端，读出多组拉力F及其对应的标尺刻度x。所得数据记录在下列表格中：组别123456拉力大小/NF00.621.121.612.502.61标尺刻度/cmxΔ12.98

15.0017.1018.2021.10请根据题意回答下列问题：（1）在图乙中，弹簧自然下垂时，标尺的刻度为________cm；（2）在丙图的坐标纸上画出第一组数据对应的坐标点，并作出Fx−关系图像；（）（3）根据图像得到该弹簧的劲度系数为_______

_N/m。（结果保留三位有效数字）【答案】①.9.98##9.99##10.00##10.01##10.02②.③.22.0##22.1##22.2##22.3##22.4##22.5##22.6##22.7##22.8

##22.9##23.0【解析】【详解】（1）[1]标尺的最小刻度为1mm，故标尺的刻度值为010.00cmx=（2）[2]观察各点分布在一条直线上，故用一条直线进行拟合，让尽可能多的点落在直线上，不在直线上的点均匀分布在直线得两侧，如图所

示（3）[3]由胡克定律可知02.5N/cm=22.7N/m21.010.0Fkxx==−−17.某实验小组用如图所示的实验装置做“探究加速度与力、质量的关系”实验。已知小车质量200gM=，则：（1）用图中打点计时器完成实验，应该选择接入的电源是________（选

填“A”、“B”或“C”）；（2）关于该实验的操作，下列做法中不正确的是________（单选）；A.实验前，调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与轨道保持平行B.实验前，适当垫高轨道沙有滑轮的一端，使未被牵引的小车恰能拖着纸带匀速下滑C.实验时，应先接通打点计时器的电源，再释放小车

D.实验时，可通过增加小桶中的钩码（50g规格）的个数来改变细绳对小车的拉力大小（3）在补偿阻力后，打出的纸带其中一段如图所示。打点计时器使用交流电的频率是50Hz，当打点计时器打计数点4点时小车的速度是________m/s，运动过程中小车的加速度大小是________2m/s。（两空结果均

保留两位有效数字）【答案】①.C②.D③.0.43##0.44##0.45##0.46##0.47④.0.68##0.69##0.70##0.71##0.72##0.73##0.74##0.75【解析】【详解】（1）[

1]图中为电火花打点计时器，工作电压为220V交流电。故选C。（2）[2]A．实验前，调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与轨道保持平行。A正确；B．实验前，适当垫高轨道沙有滑轮的一端，使未被牵引的小车恰能拖着纸带匀速下滑，B正确；C．实验时

，应先接通打点计时器的电源，再释放小车。C正确；D．实验时，可通过增加小桶中的钩码的个数来改变细绳对小车的拉力大小，但要满足小桶和钩码总质量远小于小车的质量，才能认为绳的拉力近似等于小桶和钩码的重力。规格50g的钩码质量太大。D错误。选不正确的，故选

D。（3）[3]当打点计时器打计数点4点时小车的速度24(16.157.60)10m/s0.43m/s0.2v−−=[4]运动过程中小车的加速度大小2222(16.157.60)(7.601.89)1

0m/s0.71m/s40.1a−−−−==18.在温州站附近某段平直的铁路上，一列以216km/h匀速行驶的动车组列车，从某时刻开始匀减速行驶，5min后恰好停在温州站。随后匀加速驶离车站，经过6km后车速恢复到216km/h，并继续以该速度匀速行驶。求：（1）列车做匀减速直线运动的加速

度大小；（2）列车做匀减速直线运动的位移大小；（3）列车驶离车站时做匀加速直线运动的时间。【答案】（1）20.2m/s；（2）9000m；（3）200s【解析】【详解】（1）列车的初速度216km/h60m/s=列车减速运动的加速度201100.2m/svat−==−故列

车做匀减速直线运动的加速度大小为20.2m/s。（2）列车减速运动的位移201102vxa−=的代入数据得19000mx=（3）列车匀加速运动的加速度为220220.3m/s2vax==加速时间022200sv

ta==19.每逢春节，家家户户张灯结彩，热闹非凡。如图1所示，某同学用两根轻绳把灯笼甲和灯笼乙连接起来，并悬挂在屋檐的O点。起风时，若灯笼甲、乙受到相等且恒定的水平风力而保持静止，此时轻绳OA、BC与竖直方向的夹角分别为30、60，简化的情景如图2所示。已知灯笼乙的质量为m，求

：（1）轻绳BC对灯笼乙的拉力大小TF；（2）灯笼乙受到水平风力的大小F；（3）灯笼甲的质量M。【答案】（1）2TFmg=；（2）3Fmg=；（3）5m【解析】【详解】（1）对灯笼乙受力分析得cos60TmgF=解得2TFm

g=（2）对灯笼乙受力分析得tan60Fmg=解得3Fmg=（3）对灯笼甲、乙的整体受力分析得2()tan30FMmg=+解得25tan30FMmmg=−=20.水上滑板是滑水和冲浪这两项水上运动的结合体，图甲是一款常用的滑板，OO是其中轴线。图乙为某运动员在滑行过程中的情景，运

动员脚踏滑板在绳索的牵引下沿水面快速前进。假设在某次训练中，运动员从静止开始先做匀加速直线运动，经120st=达到某一速度后，又匀速运动220st=，上述运动过程中滑行的总距离300ms=。已知该过程中滑板中轴线OO、牵引绳、前进方向始终保持在同一

个竖直平面内，并且滑板、绳索与水平面的夹角均为37，运动员与滑板的总质量70kgm=。假设水对滑板的作用力垂直于滑板平面向上，并忽略空气阻力，求：（1）匀速直线运动过程中滑行的距离2s；（2）匀速直线运动过程中水对滑板作用力F的大小；（3）匀加速直线运动过

程中绳索牵引力TF的大小。【答案】（1）200m；（2）560N；（3）448N【解析】【详解】（1）设匀速运动时的速度为mv，则有m1m22vtvts+=解得m10m/sv=则匀速直线运动过程中滑行的距离2m2200msv

t==（2）匀速运动过程，对人与滑板整体受力分析，如图所示由平衡条件可得cosFmg=解得560NF=（3）加速过程中，加速度水平向前，对对人与滑板整体受力分析，如图所示由牛顿第二定律有TcossinFFma−=

又有TsincosFFmg+=解得T448NF=21.如图所示，倾角37=的斜面AB与光消水平面BC平滑连接，BC的右端与水平传送带紧密相连，传送带逆时针匀速转动的速度大小02.0m/sv=。有一质量1.0kgm=的物块从斜而上高

为h处静止释放，已知滑块与斜面及传送带间的动摩擦因数分别为10.50=和20.40=，传送带C、D两端距离2.0mL=。（1）若3.0mh=，求物块到达B点时的速度大小Bv；（2）若3.0mh=，求物块离开传送带时的速度大小v；（3）若物块从不同高度h处静

止释放，求它第一次离开传送带时的速度大小v随h变化的函数关系。【答案】（1）25m/s；（2）2m/s；（3）见解析【解析】【详解】（1）根据题意，物体在斜面上下滑时，对物体受力分析，如图所示由平衡条件有NcosF

mg=由牛顿第二定律有f1sinmgFma−=又有f1NFF=解得212m/sa=由运动学公式2202vvax−=有2102sinBhva−=解得1225m/ssinBahv==（2）物体在传送带上运动时，对物体受

力分析，如图所示由平衡条件有N1mgF=由牛顿第二定律有f12Fma=又有f12N1FF=解得224m/sa=由运动学公式2202vvax−=有2222BvvaL−=解得2m/sv=（3）①根据题意，结合上述分析可知，当212220sinahva

L=−即2.4mh时，物块从D端离开，则有12220216sin3ahvaLh=−=−②当2.4mh物块从C端离开，若102sinBahvv=即2.4m0.6mh时，则有02m/svv==若102sinBahvv=即0.6mh时，则有2153Bvvh==获得更多资源请扫

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