【文档说明】内蒙古赤峰市第二中学2023-2024学年高一上学期10月月考物理试题 含解析.docx，共(16)页，7.243 MB，由小赞的店铺上传

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赤峰二中2023级高一上学期第一次月考物理试题总分100分考试时间75分钟注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答

非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。一、单选题（本大题共7小题，每题4分，共28分，每个题的四个选项中只有一项是正确的）1.中国海军护航编队“巢湖”舰历经36h、航行约8330km，护送13艘货轮顺利抵

达亚丁湾西部预定海域，航线如图所示。下列说法正确的是（）A.以“巢湖”舰为参考系，13艘货轮全程任何时刻都是静止B.研究舰队的行驶路程时，可将“巢湖”舰看作质点C.此次护航过程的平均速度大约是231.4km/h

D.“巢湖”舰的速度越大，其加速度一定越大【答案】B【解析】【详解】A．13艘货轮不是任何时刻速度都是相同的，以“巢湖”舰为参考系，13艘货轮不是全程任何时刻都是相对静止的，故A错误；B．由于航程很长，远大于“巢湖”舰的尺寸，所以研究行驶路程时，可将“巢湖”舰

看作质点，故B正确；C．根据运动学公式可得，护航过程的平均速率约为8330km/h231.4km/h36svt===的舰队不是单向直线运动，平均速度大小不等于平均速率，故C错误；D．加速度大小表示速度变化快慢，与速度大小没有直接关系，所以“巢湖”舰的速

度越大，其加速度不一定越大，故D错误。故选B。2.某质点做匀减速直线运动直到停止，经过M、N两点的速度分别为8v和2v；经历的时间为t。如图所示。下列说法正确的是（）A.质点通过MN中点时的速度为5vB.质点的加速度大小为4vtC.M、N两点间的距离为5vtD.质点在前半段时间和后半段时间内位移

大小之比为3:1【答案】C【解析】【详解】A．质点通过M、N中点时的速度为222212(8)(2)3422vvvvvv++===故A错误；B．质点的加速度为286vvvvattt−−===质点的加速度大小为6v

t，故B错误；C．M、N两点间的距离1282522vvvvxttvt++===故C正确；D．前半段时间的位移18522vvtx+=后半段时间的位移的25222vvtx+=所以质点在前半段时间和后半段时间的位移大小之比为13：7，故D错误。故选C。3.第24届北京“冬奥会”于2022年2月

4日由北京市和张家口市联合举办。在“冬奥会”冰上项目中冰壶比赛是极具观赏性的一个项目。如图所示，在一次训练中，冰壶（可视为质点）以某一速度沿虚线做匀减速直线运动，垂直进入四个完全相同的矩形区域，离开第四个矩形区域边缘的E点时速度恰好为零。冰壶从A点运

动到D点和从B点运动到E点的时间分别为t1和t2，则t1与t2之比为（）A.13：B.21：C.31−（）：1D.21−（）：1【答案】A【解析】【详解】可以将冰壶视为做从E到A的初速度为零的匀加速直线运动，则有2EB02132ssat==2EA03

142ssat==2ED0412ssat==解得423::3:4:13:2:1ttt==134ttt=−所以12342:():1:3ttttt−==故BCD错误，A正确。故选A。4.从某一高度相隔1s先后自由释放两个相同的小球甲和乙，不计空气阻力，它们在空中任一时刻（）A.甲、乙两球

距离始终保持不变，甲、乙两球速度之差保持不变B.甲、乙两球距离越来越大，甲、乙两球速度之差也越来越大C.甲、乙两球距离越来大，甲、乙两球速度之差保持不变D.甲、乙两球距离越来越小，甲、乙两球速度之差也越来越小【答案】C【解析】

【详解】设乙运动的时间为t，则甲运动时间为t+1，则两球的距离：()221111222xgtgtgtg=+−=+可知两球间的距离随时间增加越来越大；两球速度之差为：()1vgtgtg=+−=所以甲乙两球速度之差

保持不变。故选C。5.一个物体做直线运动，其vt−图像如图所示，以下说法正确的是（）A.前2s内的位移达到最大值B.第2s末的速度和第6s末的速度相同C.4~6s内物体的速度大小一直在减小D.5~6s内加速度方向与速度方向相同【答案】D【解析】【详解】

A．在前5s内物体的速度都为正值，5s后速度为负，则5s末的位移达到最大值，故A错误；B．由图可知第2s末的速度和第6s末的速度大小相等，方向相反，故B错误；C．在46s−内，物体的速度先减小，后反方向增大，故C

错误；D．5～6s物体速度为负值，图像斜率为负值，加速度也为负值，加速度与速度方向相同，故D正确。的故选D。6.公共汽车进站刹车的过程可简化为匀减速直线运动，若刹车后的第1s内和第2s内位移大小依次为16m和8m，则刹车后5s内的位移是（）A.36mB.25mC.18mD.0

m【答案】B【解析】【详解】设汽车的初速度为0v，加速度为a，根据匀变速直线运动的推论2xaT=得221xxaT−=得221228168m/s1xxaT−−===−根据第1s内的位移21012xvtat=+代入数据得()0

116m181m2v=+−解得020m/sv=汽车刹车到停止所需的时间0000202.5s8vta−−===−则汽车刹车后5s内的位移等于2.5s内的位移，有00202.5m25m22vxt===故选B。7.a和b两个小球在外力作用下沿同一直线运动，其位置—时间()xt−图像分别为图中的直

线和曲线，已知b的加速度恒定，曲线过点(1)0，，且与直线在点(34)，相切，则下列判断正确的是（）A.a做匀速直线运动，且4m/s3av=B.3st=时a和b相遇，此时二者速度不同C.b做匀减速直线运

动且加速度大小为21m/sD.0=t时a和b的距离为3m【答案】C【解析】【详解】A．a图线为直线，做匀速直线运动,且速度大小为41m/s1m/s3axvt−===A错误；B．由于两个图线在点(34)，相切，可知3st=时a和b相遇，且此时二者速度相同，B错误；C．图线b的

斜率逐渐减小，做匀减速运动，在1~3s内，b前进的距离为4m，而且3s时速度为1m/s，将运动倒过来看成匀加速运动，根据2312xvtat=+代入数据可得21m/sa=C正确；D．b在前3s内前进的距离22311(1313)m7.5m22xvtat=+=+

=因此0=t时a和b的距离为7.5m(41)m4.5md=−−=D错误。故选C。二、多选题（本大题共3小题，每题6分，共18分，每个题的选项中有多个是正确的，选对但不全的得3分，只要有错的不得分）8.雨滴从高空由静止开始下落，由于空气阻力作用，

其加速度逐渐减小，直到变为零（整个过程其加速度方向不变），在此过程中雨滴的运动情况是（）A.速度一直保持不变B.速度不断增大，加速度为零时，速度最大C.速度不断减小，加速度为零时，速度最小D.速度的变化率越来越小【答案】BD【解析】

【详解】ABC．由于下落过程中，雨滴的加速度与速度方向相同，且下落过程中加速度逐渐减小，则雨滴做加速度减小的加速运动，当加速度为零时，速度达到最大，然后做匀速直线运动，故B正确，AC错误；D．加速度反映了速度的变化率大小，由于雨滴下落过程中加速度逐渐减小，则雨滴的速度的变化率越来越小，故D正

确。故选BD。9.如图所示是一边长为1cm的实心立方体木块，一只昆虫从A点爬到G点。下列说法正确的是（）A.该昆虫的路程有若干种可能性，其中最短路程为(1＋2)cmB.该昆虫的位移为5cmC.该昆虫的路程有若干种可能性，其中最短路程为5cmD.该昆虫位移为

3cm【答案】CD的【解析】【详解】AC．其最短路程分析可知：应该从相邻的两个面到达G才可能最短，我们可以把面AEFD和面CDFG展开，如图连接A与G，AIG的长度就是最短路程2212cm5cms=+=故A错误，C正确；BD．昆虫只能沿木块表面从A点到G

点，其运动轨迹可以有各种不同的情况，但是，其起点和终点是相同的，即位移相同，为立方体对角线的长度221(2)cm3cmx=+=故B错误，D正确。故选CD。10.如图所示，将乙小球从地面上以08m/sv=的初速度竖直向上抛出的同时，将甲小球从乙球的正上方12mh=处由静止释放，两小球运动过程中的空气

阻力忽略不计。取210m/sg=，两小球可视为质点，下列说法正确的是（）A.两小球在空中不相遇B.两小球相遇时甲小球的速度大小为15m/sC.乙小球抛出后0.8s时两小球相遇D.乙小球在下落过程中与甲小球相遇【答案】BD【解析】

【详解】AC．设两球相遇的时间为t，则有2201122hgthvtgt==−甲乙，又hhh+=甲乙解得1.5st=故AC错误；B．两小球相遇时甲小球的速度大小为15m/svgt==甲故B正确；D．乙小球上升到最高点所需时间为00.8svtg==上升有2tt

t上升上升即乙小球在下落过程中与甲小球相遇。故D正确。故选BD。三、实验题（本大题共2小题，共15分）11.（1）打点计时器是使用______（直流电，交流电）电源的仪器；（2）根据打点计时器打出的纸带，我们

可以从纸带上直接得到的物理量是_____；A.时间间隔B.位移C.瞬时速度D.平均速度（3）“在探究小车速度随时间变化”的实验中，接通电火花计时器电源和让小车开始运动，这两个操作之间的时间顺序关系是______；A.先接通电源，后让小车拖动纸带运动B.先让小车拖动纸带运动，再

接通电源C.让小车拖动纸带运动的同时接通电源D.先让小车拖动纸带运动或先接通电源都可以（4）在“研究匀变速直线运动”的实验中，打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz，记录小车运动的纸带如图所示，在纸带上依次选择6个实际点A、B、C、D、E、F，各相邻点间的距离依次是2.0cm、3.0cm

、4.0cm、5.0cm、6.0cm。根据学过的知识可以求出小车在B点的速度为Bv=______m/s，CE间的平均速度为______m/s；结果均保留三位有效数字（5）小车的加速度=a______2m/s（结果保留两位有效数字）。若当交流电

的实际频率小于50Hz时，仍按50Hz计算，则测量的加速度值比真实的加速度值______（填“偏大”“偏小”“不变”）。【答案】①.交流②.AB##BA③.A④.1.25⑤.2.25⑥.25⑦.偏大【解

析】【详解】（1）[1]打点计时器是使用交流电电源的仪器；（2）[2]A．打点计时器是每隔0.02s打下一个点，所以数点就知道时间间隔，故A正确；B．位移利用刻度尺直接测量两点之间的距离即可得出，故B正确；C．瞬时速度需要通过匀变速直线运动的推论求出

，故C错误；D．平均速度的求解需要运用物理公式，故D错误。故选AB。（3）[3]如果先释放纸带后接通电源，有可能会出现小车已经拖动纸带运动一段距离，电源才被接通，那么纸带上只有很小的一段能打上点，大部分纸带没有打上点，纸带的利用率太低；所以应当先接通电源，后让纸带运动，故A正确

，BCD错误。故选A。（4）[4]利用匀变速直线运动的推论得0.020.03m/s1.25m/s220.02ACBxvT+===[5]CE间的平均速度为0.040.05m/s2.25m/s220.02CECExvT+===（5）[6]D点的速度为2.25

m/sDCEvv==由0vvat=+，可得小车的加速度222.251.25m/s25m/s220.02DBvvaT−−===[7]当交流电的实际频率小于50Hz时，仍按50Hz计算，则周期的测量值偏小，导致测得的加速度偏大。12.某同学为了测量

自己的反应时间，先用如图甲所示装置测量当地的重力加速度大小。（1）把挡板A和光电门B安装在铁架台上调整光电门的位置，使光电门B恰好位于挡板A的正下方。（2）使直径为d的小球贴着挡板A由静止释放，小球通过光电门B的时间为t，小球通

过光电门B的速度大小为___________，测出挡板A与光电门B间的距离为h，调整h（h>>d），多次重复上述操作，以h为横轴、21t为纵轴，作出21t随h变化的关系图像，若图像是过原点的一条直线，

且该直线的斜率为k，根据图像可知，当地的重力加速度大小g=___________（用题中所涉及的物理量的符号表示）。（3）若测得重力加速度大小g=9.8m/s2，让另一位同用手捏住直尺，该同学用一只手在直尺“0刻度”位置处做捏住直尺的准备，但手不碰到直尺，如图乙所示。

在看到另一同学松开手让直尺下落时，该同学迅速捏住直尺经过多次实验，该同学捏住处刻度的平均值为4.90cm，则该同学的反应时间约为_______s。（计算结果保留两位有效数字）【答案】①.dt②.22kd③.0.10【解析】【分析】【详解】（2）[1]

已知经过光电门时的时间和小球的直径，则可以由平均速度表示经过光电门时的速度，则有Bdvt=[2]根据速度位移公式有222122Bvdhggt==变形得2212ghtd=则21ht−图像的斜率为22gkd=解得22kdg=（3）[3]根据自由落体运动规律，

可得212hgt=代入h=4.90cm，g=9.8m/s2，解得t=0.10s四、计算题（本大题共3小题，共39分，在答题中必须有相应的公式和必要的文字说明，只写结果的不给分）13.假设航母静止在海面上，舰载机在航母跑道上从静止开始做匀加速直线运动，以5m/

s2的加速度运动，需要达到50m/s的速度才可升空，求：（1）滑行5s后，舰载机的速度大小？（2）从启动到起飞，至少滑行多长时间？（3）航母跑道至少多长？【答案】（1）25m/s；（2）10s；（3）250m【解析】【详解】（1）滑行5s

后，舰载机的速度大小5555m/s=25m/svat==（2）从启动到起飞，至少需要滑行的时间50s=10s5vta==（3）航母跑道长度至少为2250m=250m225vxa==14.跳伞运动员做低空跳伞表演，他在离地面224m高处由静止开

始在竖直方向做自由落体运动。一段时间后，立即打开降落伞，以12.5m/s2的加速度匀减速下降，为了运动员的安全，要求运动员落地速度最大不得超过5m/s。（g取10m/s2）（1）若以5m/s的速度落地，相当于从多高处自由下落；（2）求运动员

展开伞时，离地面高度至少为多少；（3）求运动员在空中运动的最短时间是多少。【答案】（1）1.25m；（2）99m；（3）8.6s【解析】【详解】(1)设运动员以5m/s的速度着地时，相当于从h′高处自由落下，由22tvgh=代入数据解得h′

=125m(2)设运动员做自由落体运动的高度为h时速度为v，此时打开伞开始匀减速运动，落地时速度刚好为5m/s，则有v2＝2gh2tv－v2＝2a（H－h）解得h＝125mv＝50m/s为使运动员安全着地，他展开伞时的高度至少为H－h＝224m－125m＝99

m(3)他在空中自由下落，根据2112hgt=解得时间为t1=5s他减速运动的时间为t2=-Hhv=-2tHhvv+=3.6s他在空中运动的最短时间为.t=t1+t2=8.6s15.在笔直的公路上，一辆以5m/s的速度匀速行驶的小轿车，正要以22m/s的加速度开始加速时，一辆卡

车刚好从旁边以25m/s的速度匀速同向驶过，如图所示。已知该路段小轿车最大速度为33m/s，不考虑两车的长度。求：（1）小轿车追上卡车前，二者之间的最大距离；（2）小轿车追上卡车所用时间；（3）当小轿车超过卡车200m时，

因突发情况，小轿车立即以32m/s的加速度开始减速，此后卡车再次追上小轿车需要多少时间。【答案】（1）100m；（2）24.5s；（3）15.26s【解析】【详解】（1）小轿车与卡车速度相等时，二者相距最远0125m/svvatv=+==轿卡解得110st=小

轿车前进的位移2201111510m210m150m22xvtat=+=+=轿卡车前进的位移12510m250mxvt===卡卡二者之间的最大距离m250m150m100mxxx=−=−=轿卡（2）当小轿车从开始加速到最大速度时，需要用时m0335s14s

2vvta−−===小轿车前进的位移2200011514m214m266m22xvtat=+=+=轿卡车前进的位移02514m350mxvt===卡卡由于xx轿卡，此时并没追上卡车，设又经历2t时间小轿车追上卡车，位移满足m

22xvtxvt+=+轿卡卡解得210.5st=小轿车追上卡车所用总时间0214s10.5s24.5sttt=+=+=（3）小轿车减速到零需要的时间m30033s11s3vta−−===−这段时间内

，小轿车刹车位移22m30113311m(3)11m181.5m22xvtat=+=+−=轿卡车前进的位移32511m275mxvt===卡卡由于0181.5m200m381.5mxxx+=+=轿卡此时卡车还没

追上小轿车，但小轿车以后静止不动此时二者相距0106.5mxxxx=+−=轿卡设又经历4t时间卡车追上小轿车，有44.26sxtv==卡卡车再次追上小汽车所需时间获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xia

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