【文档说明】【精准解析】安徽省合肥市第六中学2019-2020学年高一（下）期末考试物理试题（解析版）.doc，共(17)页，952.000 KB，由小赞的店铺上传

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2019级高一下学期期末考试物理试卷考试说明：1.考查范围：必修2.2.试卷结构：分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）；试卷分值：100分，考试时间：80分钟。3.所有答案均要答在答题卷上，否则无效。考试结束后只交答题卷。第Ⅰ卷（选择题共48分）一、选择题（共1

2小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求；第9~12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得分，有选错的得0分。）1.肩扛式反坦克导弹发射后，喷射气体产生推力F，一段时间内导弹在竖直面内沿下列图中虚线向前运动。其中

导弹飞行姿势可能正确的是（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】【详解】A．A图中导弹向后喷气，产生沿虚线向右的作用力，重力竖直向下，则合力方向向右下方，不可能沿虚线方向，故导弹不可能沿虚线方向做直线运动，故A不符合题意；B．B图中

导弹向后喷气，产生斜向右上方的作用力，重力竖直向下，则合力方向有可能沿虚线方向，故导弹可能沿虚线方向做直线运动，故B符合题意；C．C图中导弹向后喷气，产生斜向右下方的作用力，重力竖直向下，则合力方向不可能沿虚线方向，故导弹不可能沿虚线方向做直线运动，故C不符合题意；D．D图中导弹做曲线运动，

导弹向后喷气，产生斜向右上方的作用力，重力竖直向下，此时则合力方向不可能沿虚线凹侧，故导弹不可能沿虚线方向做曲线运动，故D不符合题意。故选B。2.如图所示，做匀速直线运动的小车A通过一根绕过定滑轮的长绳吊起一重物B，设重物和小车速度的大小分别为vB、vA，则（）A.vA>vBB

.vA<vBC.绳的拉力等于B的重力D.绳的拉力小于B的重力【答案】A【解析】【分析】【详解】小车A向左运动的过程中，小车的速度是合速度，可分解为沿绳方向与垂直于绳方向的速度，如图所示，由图可知cosBAvv=则BAvv小车向左

运动的过程中角减小，Bv增大，B向上做加速运动，故绳的拉力大于B的重力故选A。3.有两个物体a和b，其质量分别为ma和mb，且ma>mb，它们的初动能相同，若a和b分别受到不变的阻力Fa和Fb的作用，经过相同的时间停下来，它们的位移分别为xa和xb，则（）A.abx

xB.abxx=C.abxxD.阻力大小未知，无法判断【答案】C【解析】【分析】【详解】设物体的初速度为v，初动能为Ek，所受的阻力为F，通过的位移为x。物体的速度与动能的关系为2k12Emv=得k2Evm=物体所受阻力恒定不变，做匀减速直线

运动，故02vxt+=得k2Extm=由题t和Ek相同，则质量越大，位移越小，因为abmm，所以abxx，C正确ABD错误。故选C。4.如图所示，一偏心轮绕垂直纸面的轴O匀速转动，a和b是轮上质量相等的两个质点，则偏心轮转动过程中a、b两质点()A.角速度大小相同

B.线速度大小相同C.向心加速度大小相同D.向心力大小相同【答案】A【解析】【分析】【详解】A．同轴转动角速度相等，A正确；B．由于两者半径不同，根据公式v＝ωr可得两点的线速度不同，B错误；C．根据公式a＝ω2r，角速度相同，半径不同，所以向心加速度不

同，C错误；D．根据公式F＝ma，质量相同，但是加速度不同，所以向心力大小不同，D错误．故选A。5.2020年1月我国成功发射了“吉林一号”卫星，卫星轨道可看作距地面高度为650km的圆，地球半径为6400km，第一宇宙速度为7.9km/s。则该卫星的环绕速度为

（）A.16.7km/sB.11.2km/sC.7.9km/sD.7.5km/s【答案】D【解析】【分析】【详解】近地卫星环绕地球做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，则有22MmvGmRR=则有第一宇宙

速度7.9km/sGMvR==“吉林一号”卫星环绕地球做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，则有22()MmvGmRhRh=++联立解得7.5km/sv=，故D正确，ABC错误。故选D。6.仰卧起坐是《国家学生体质健康标准》中规定

的女生测试项目之一。根据该标准高三女生一分钟内完成55个以上仰卧起坐记为满分。若某女生一分钟内做了50个仰卧起坐，其质量为50kg，上半身质量为总质量的0.6倍，仰卧起坐时下半身重心位置不变，g取10m/s2。则测试过程中该女生克服重力做功的平均功率约为（）A.10

WB.40WC.100WD.200W【答案】C【解析】【分析】【详解】该同学身高约1.6m，则每次上半身重心上升的距离约为14×1.6m=0.4m，则她每一次克服重力做的功W=0.6mgh=0.6×50×10×0.4=120J1min内

她克服重力所做的总功W总=50W=50×120=6000J她克服重力做功的平均功率为6000100W60WPt===故C正确，ABD错误。故选C。7.太空行走又称为出舱活动.狭义的太空行走即指航天员离开载人航天器乘员舱进入太空的

出舱活动.如图所示，假设某宇航员出舱离开飞船后身上的速度计显示其相对地心的速度为v，该航天员从离开舱门到结束太空行走所用时间为t，已知地球的半径为R，地球表面的重力加速度为g，则()A.航天员在太空行走时可模仿游泳向后划着前进B.该航天员在太空“走”的路程估

计只有几米C.该航天员离地高度为22gRRv−D.该航天员的加速度为22Rvt【答案】C【解析】A、由于太空没有空气，因此航天员在太空中行走时无法模仿游泳向后划着前进，故A错误；B、航天员在太空行走的路程是以速度v运动的路程，即为vt，故B错误；C、由2MmGR＝mg和()22GMm

vmRhRh=++，得22gRhRv−＝，故C正确；D、由()22aRgRh=+得42vagR＝，故D错误．点睛：太空没有空气，无法模仿；路程等于速度与时间的乘积；由引力提供向心力，及黄金代换公式，即可求解．8.为了抗击病毒疫情，保障百姓基本生活，许多快递公司推出了“无接触配送”。快递小哥想到了用

无人机配送快递的方法。某次配送快递无人机在飞行过程中，水平方向速度Vx及竖直方向Vy与飞行时间t的关系图像如图甲、图乙所示。关于无人机运动说法正确的是（）A.0~t1时间内，无人机做曲线运动B.t2时刻，无人机运动到最高点C

.t3~t4时间内，无人机做匀变速直线运动D.t2时刻，无人机的速度为2202vv+【答案】D【解析】【分析】【详解】A．0~t1时间内，无人机在水平方向做匀加速运动，在竖直方向也做匀加速运动，则合运动为匀加速直线运动，选项A错误；B．0~t4时间内，无人机速度一直为正，

即一直向上运动，则t2时刻，无人机还没有运动到最高点，选项B错误；C．t3~t4时间内，无人机水平方向做速度为v0的匀速运动，竖直方向做匀减速运动，则合运动为匀变速曲线运动，选项C错误；D．t2时刻，无人机的水平速度为v0，竖直速度为v2，则合速度为2202vv+，选项D

正确。故选D。9.如图所示，一直角斜劈绕其竖直边BC做圆周运动，物块始终静止在斜劈AB上。在斜劈转动的角速度ω缓慢增加的过程中，下列说法正确的是（）A.斜劈对物块的支持力逐渐减小B.斜劈对物块的支持力保持不变C.斜劈对物块的摩擦力逐渐增加D.斜劈对物块的摩擦力变化情况无法

判断【答案】AC【解析】【分析】【详解】物块的向心加速度沿水平方向，加速度大小为a=ω2r，设斜劈倾角为θ，对物块沿AB方向f-mgsinθ=macosθ垂直AB方向有mgcosθ-N=masinθ解得f=mgsi

nθ+macosθN=mgcosθ-masinθ当角速度ω逐渐增加时，加速度a逐渐增加，f逐渐增加，N逐渐减小，故AC正确，BD错误。故选AC。10.清华2020年招生宣传片《追光少年》走红网络，该短片改编自清华大学“天格

计划”的真实事件，讲述了包括合肥一中2015届学子刘畅等一群21岁的少年自主研发卫星载荷，并发射到了太空的部分情景。2018年10月29日8时43分，“天格计划”学生兴趣团队的首颗实验卫星从酒泉卫星发射中心发射入轨。若该实验卫星工作轨道为

圆形，其离地球表面高度为h、运行周期为T，地球半径为R。忽略地球自转的影响，由以上数据可求的物理量有（）A.地球表面的重力加速度B.实验卫星绕地球运行的加速度C.实验卫星绕地球运行的速度D.地球对该实验卫星的吸引力【答案】ABC

【解析】【分析】【详解】A．根据222()()MmGmRhRhT=++可求解地球的质量M，根据2MmGmgR=可求解地球表面的重力加速度，选项A正确；B．根据22()aRhT=+可求解实验卫星绕地球运行的加速度，选项B正确；C．根据2()Rh

vT+=可求解实验卫星绕地球运行的速度，选项C正确；D．实验卫星的质量不确定，则不能求解地球对实验卫星的吸引力，选项D错误。故选ABC。11.如图半径为R的内壁光滑圆轨道竖直固定在桌面上，一个可视为质点

的质量为m的小球静止在轨道底部A点。现用小锤沿水平方向快速击打小球，使小球在极短的时间内获得一个水平速度后沿轨道在竖直面内运动。当小球回到A点时，再次用小锤沿运动方向击打小球，通过这两次击打，小球才能运动到圆轨道的最高点。已知小球在运动过程

中始终未脱离轨道，在第一次击打过程中小锤对小球做功W1，第二次击打过程中小锤对小球做功W2.，若两次击打过程中小锤对小球做功全部用来增加小球的动能，则21WW的值可能是（）A.1B.2C.3D.4【答案】BCD【解析】【分析】【详解】第一次击打后球最多到达与球心O等高位置，

根据功能关系，有1WmgR„两次击打后可以到轨道最高点，根据功能关系，有212122WWmgRmv+−=在最高点，有2NvmgFmmgR+=…联立解得1WmgR„232WmgR…故2132WW，故BCD正确，A错误。故选BCD。12.如图所示，轻弹簧一端固定在1O点，另一端系一小

球，小球穿在固定于竖直面内、圆心为2O的光滑圆环上，1O在2O的正上方，C是12OO的连线和圆环的交点，将小球从圆环上的A点无初速度释放后，发现小球通过了C点，最终在AB、之间做往复运动．已知小球在A点时弹簧被拉长，在C点时弹

簧被压缩，则下列判断正确的是A.弹簧在A点的伸长量一定大于弹簧在C点的压缩量B.小球从A至C一直做加速运动，从C至B一直做减速运动C.弹簧处于原长时，小球的速度最大D.小球机械能最大的位置有两处【答案】AD【解析】【分析】【详解】A．因只有重力和内力中的弹

力做功，故小球和弹簧构成的系统机械能守恒，小球在A点的动能和重力势能均最小，小球在A点的弹性势能必然大于在C点的弹性势能，所以弹簧A点的伸长量一定大于弹簧在C点的压缩量，符合题意；BC．小球从A至C，在切线方向先做加

速运动，在做减速运动，当切线方向合力等于0（此时弹簧仍处于伸长状态）时，速度最大，B不符合题意，C不符合题意；D．当弹簧处于原长时，弹性势能为0，小球机械能最大，由此可知，AB、相对于12OO对称，显然此位置在AC、与BC、之间各有一处，符合题意．第Ⅱ卷（非选择题共52分）二、实验题（

每空2分，共14分，第一个选择为多选题，漏选得1分。）13.用如图1所示装置研究平抛运动。将白纸和复写纸对齐重叠并固定在竖直的硬板上。钢球沿斜槽轨道PQ滑下后从Q点飞出，落在水平挡板MN上。由于挡板靠近硬板一侧较低，钢球落在挡板上时，钢

球侧面会在白纸上挤压出一个痕迹点。移动挡板，重新释放钢球，如此重复，白纸上将留下一系列痕迹点。(1)下列实验条件必须满足的有_____________。A.小球每次必须从斜槽上同一位置由静止释放B.斜槽轨

道要尽量光滑些C.斜槽轨道末端必须保持水平D.本实验必需的器材还有刻度尺和停表(2)为定量研究，建立以水平方向为x轴、竖直方向为y轴的坐标系。取平抛运动的起始点为坐标原点，将钢球静置于Q点，钢球的__

___________（选填“最上端”、“最下端”或者“球心”）对应白纸上的位置即为原点；在确定y轴时_____________（选填“需要”或者“不需要”）y轴与重锤线平行。(3)伽利略曾研究过平抛运动，他推断∶从同一炮台水平发射

的炮弹，如果不受空气阻力，不论它们能射多远，只要下落高度相同，在空中飞行的时间都一样。这实际上是因为平抛物体_____________。A.在水平方向上做匀速直线运动B.在竖直方向上做自由落体运动C.在下落过程中机械能守恒【答案】(1).

AC(2).球心(3).需要(4).B【解析】【分析】【详解】(1)[1]．ABC．为了能画出平抛运动轨迹，首先保证小球做的是平抛运动，所以斜槽轨道不一定要光滑，但必须是水平的。同时要让小球总是从同一位置释放，这样才能找到同一运动轨迹上的几个点；故B错误，AC正确；D

．本实验必需的器材还有刻度尺，但不需要停表，选项D错误；故选AC。(2)[2][3]．将钢球静置于Q点，钢球的球心对应白纸上的位置即为原点；在确定y轴时需要y轴与重锤线平行；(3)[4]．做平抛运动的物体在竖直方向上做自由落

体运动，所以高度相同时时间相同；故选B。14.图甲为光电门传感器俯视图，由发射器和接收器组成，当光路被物体挡住的时候，它就开始计时，当光路再次恢复的时候，它就停止计时，这样就可以测出挡光片挡光的时间。某同学利用光电门传感器设计了一个验证小球下落过程中机械能守恒的实验，实验装置

如图乙所示，图中A、B为固定在同一竖直线上的两个光电门传感器，实验时让直径为d的小球从某一高度处（O点）由静止释放，让小球依次从A、B两个光电门传感器的发射器和接收器之间通过，测得挡光时间分别为t1、t2。(1)实验中

，还需要测量的一个物理量是___________（用文字说明并写出对应物理量的符号）；(1)小球通过光电门A时的速度大小为___________（用对应物理量的符号表示）；(1)如果在误差允许的范围内能满足关系式___________（用对应物理量的符号

表示），即能证明小球下落过程中机械能守恒。【答案】(1).两光电门之间的高度差h(2).1dt(3).22222122ddghtt=−【解析】【分析】【详解】(1)[1]由于是验证机械能守恒定律，即验证减小的势能等

于增加的动能，所以除了测量小球通过两光电门的速度外，还要测量两光电门之间的高度差(2)[2]用小球通过光电门的平均速度代替瞬时速度，所以小球通过光电门的瞬时速度A1dvt=(3)[3]用小球通过光电门的平均速度代替瞬时

速度，所以小球通过光电门的瞬时速度2Bdvt=小球从A光电门到B光电门，若机械能守恒，则减小的重力势能mgh等于增加的动能22BA1122mvmv−，消去质量有22222122ddghtt=−三、计算题（本题3小题，15题12分，16题12分，17题14分，共38分。要求每题写出解题过

程，只有答案没有过程概不评分。）15.如图所示，水平地面上固定一半径R=0.50m的圆弧凹槽，O为圆心，半径OA水平，且O点距地面的高度h=0.95m。一质量m=1.0kg的小球从图示A点由静止释放，到达最低点B的速度v=3.0m/s。（忽略空气阻力，取重力加速度g=10m/s2）求：(1

)小球落地点与O点的水平距离x；(2)小球到B点时轨道对小球的支持力大小FN；(3)小球由A到B的过程中，克服阻力所做的功W。【答案】(1)0.9m；(2)28N；(3)0.5J【解析】【分析】【详解】(1)

小球从最低点出发做平拋运动，根据平拋运动的规律得水平方向212hRgt−=解得0.9mxvt==(2)小球在圆最低点受重力和支持力，根据牛顿第二定律得2NvFmgmR−=解得N28NF=(3)小球由A到B的过程中，根据动能定理得2f12mgRWmv−=解得2f10.5J2WmgRmv=

−=16.中国的“神舟”系列飞船，目前已经达到或优于国际第三代载人飞船技术，其发射过程简化如下：质量为m的飞船在酒泉卫星发射中心发射，由长征运载火箭送入近地点为A、远地点为B的椭圆轨道上，A点距地面的高度为h1

，飞船飞行5圈后进行变轨，进入预定圆轨道，如图所示。设飞船在预定圆轨道上飞行n圈所用时间为t，若已知地球质量为M，地球半径为R，且运行过程中飞船质量不变，求：(1)飞船经过椭圆轨道近地点A时受到地球的引力大小；(2)飞船在B点经椭

圆轨道进入预定圆轨道时是加速还是减速；(3)椭圆轨道远地点B距地面的高度h2。【答案】(1)()21GMmFRh=+；(2)加速；(3)232224πGMthRn=−【解析】【分析】【详解】(1)根据万有引力定律可知，飞船经过椭圆轨道近地点A时受到地球的引力大小()21GMmFRh=+(2)

飞船在B点经椭圆轨道进入预定圆轨道时要由向心运动变为匀速圆周运动需要加速以提高所需的向心力(3)在预定圆轨道运动时由万有引力提供向心力得()()222224πGMmmRhTRh=++由题意可知tnT=联立解得232224=−GMthRn17.

如图所示，动摩擦因数均为μ=0.1的水平轨道AB和DE分别长2.0m和10.0m，光滑圆弧形轨道CD半径R=0.5m，光滑斜面EF足够长。一质量m=0.4kg的滑块（可视为质点）静止于水平轨道上的A点，现对滑块施加一水平外力，使其

向右运动，外力的功率恒为P=10.0W；经过一段时间后撤去外力，滑块继续滑行至B点后水平飞出，恰好在C点沿切线方向进入固定在竖直平面内的光滑圆弧形轨道CD，到达轨道的最低点D处的动能为5.4J；已知半径OC和竖直方向的夹角α=37°，（

空气阻力可忽略，重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8），求：(1)滑块运动到C点时速度vC的大小；(2)滑块从B点运动到C点重力做的功；(3)滑块在水平轨道AB段上水平外力作用在滑块上的时间t和最终滑块停在距D点多远的位置。【答

案】(1)5m/sCv=；(2)1.8J；(3)0.4s，最终停在距D点6.5m的位置上【解析】【分析】【详解】(1)滑块由C点运动到D点的过程，由机械能守恒定律得2211(1cos)22CDmgRαmvmv−+=联立解得5m/sCv=(2)滑块运动到B点时的速度为cosBCvv=

4m/s=滑块由B点运动到C点的过程，由动能定理得22G1122CBWmvmv=−代入数据解得G1.8JW=或：滑块在C点时，速度的竖直分量为ysinCvv=3m/s=B、C两点的高度差为2y0.45m2vhg=

=滑块由B运动到C重力做的功为G1.8JWmgh==(3)滑块由A点运动到B点的过程，由动能定理得212BPtμmgLmv−=解得0.4st=滑块由D点运动到停止的过程，由动能定理得2102Dμmgxmv−=−解得13.5mx=水平轨道

DE长10.0m，滑块冲上斜面EF后返回DE10(13.510)m6.5mx=−−=最终停在距D点6.5m的位置上。获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com