【文档说明】山东省济南市2021届高三下学期十一学校联考物理试题答案.pdf，共(7)页，340.315 KB，由管理员店铺上传

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物理试题答案第1页（共7页）物理试题评分标准2021．03一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。题号12345678答案ABDCCCBD二、多项选择题：本题共4小题，每小

题4分，共16分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得4分，部分选对的得2分，有选错的得0分。题号9101112答案BCADADACD三、非选择题：本题共6小题，共60分。13、(6分)(1)d2（2分）(2)

dmg（2分）(3)157N/m(156N/m～158N/m）（1分）m/kgθ/rad0.100.200.300.500.400.600.700.800.10.20.30.40.50.60.7O（1分）14、(8分)(1)B（2分）(2)如图（2分

）；左（2分）物理试题答案第2页（共7页）(3)A（2分）15、(7分)解：（1）由牛顿第二定律：�ՠᥠ��ᥠ��……2分得ᥠ�ᓠ͊͊kg……………………1分（2）由动量定理得�ՠᥠ��ꙸᥠ��…………………2分由图像可

知��͊图像可͊图૞��͊���m/s�ᓠm/s…………�分则��图�쳌��͊像N·s……………1分16、（8分）解：（1）（3分）设导体棒匀速运动的速度大小为v，匀速运动时导体棒上电流的大小为I，对导体

棒从cd到fe匀速运动过程，根据力的平衡条件得mgsinθ＝μmgcosθ+BIL（1分）代入数据解得：I=1A匀速运动时，闭合电路的外电阻：R=0.5R1=1Ω导体棒两端的电压：U=IR（1分）带入数据解得：U=1V（1分）（2）（5分）由闭合电路欧姆定律得BLv=I(R+r）（1分）

联立以上各式，代入数据解得v=2m/s对导体棒从ab运动到fe的过程，由能量守恒定律得mg2L0sinθ=μmgL0cosθ+212mv+Q（2分）QR1=4Q（1分）联立以上各式代入数据解得QR1=1.25J（1分）17、（15分）解：（1）（3分）氕核11H在磁场中做匀速圆周

运动，根据向心力公式得200mvqvBR（1分）物理试题答案第3页（共7页）解得：0mvBqR（1分）对氘核21H在磁场中做匀速圆周运动，半径也为R，根据向心力方程得：22mvqvBR联立以上各式，解得氘核2

1H的速率：v=012v（1分）（2）（4分）设氕核在匀强电场中做类平抛运动的加速度大小为1a，运动时间为3t，在x轴方向上做匀速直线运动：03Rtv（1分）在y轴方向上做匀加速直线运动：2131122R

at（1分）1qEma（1分）联立以上各式，整理得：20mEqRv（1分）（3）（4分）氕核的运动轨迹如图中ADO3所示，在磁场中做匀速圆周运动时，根据几何知识可知，四边形OACD是菱形，其圆弧轨迹对应的圆心角θ=3（1分）物理

试题答案第4页（共7页）出射点D的横坐标：13sin2xRR（1分）出射点D的纵坐标：011sin302yRR氕核在磁场中运动的时间：10Rtv氕核出磁场后到达3O点过程，水平方向上做匀速直线运动的时间

1203Rxtv（1分）设氕核从进入磁场运动到3O点的总时间t，联立以上各式，整理得1203(3)32Rtttv（1分）（4）（4分）根据以上分析可知，射入磁场每一个粒子在题设条件下，出磁场的位置只由入射的方向决定，

同方向入射的粒子出射点的位置相同，对沿AM入射的氕核与氘核其在磁场中的运动轨迹如图所示，根据几何知识可知，该轨迹对应的圆心角也为θ=3所以，其出射点F的坐标分别为：23sin2xRR021sin302yRR对于任意一个进入电场的

氕核，在匀强电场中均做类平抛运动，设其到达荧光屏时，在匀强电场中沿y轴方向上升的距离为y，则：22312yat22qEma联立以上各式，整理得：yR同理，可知对于射入磁场的任意氕核粒子，在电场中做类平抛运动时，根据上述分析可知，其在沿y轴方向上升的距离均为12R，所以得到粒子在电场中

到达荧光屏时的轨迹如图所示，根据该轨迹图可知，氕核与氘核在荧光屏的落点重叠区域的纵坐标为：物理试题答案第5页（共7页）2RyR（2分）结合以上分析可知，当其他条件不变，把电场强度加倍的时候，氕核与氘核在荧光屏上的落点刚好不重合，所以，通过调整电场强度能够使两类粒子的落点区域不重合，

电场强度满足的条件为：202mEqRv（1分）能实现。（1分）18、（16分）(1)（4分）以沿传送带向上为正，在弹丸射入的过程中动量守恒ᥠ�͊ᥠ可��͊�…………………1分所以：�͊�ᓠm/s因为传送带速度为�m/s，所以物块的加速度为ᥠ可

��sin�可�ᥠ可��cos�ᥠ可������͊m/s�………1分减至共速，所需时间为ꙸ��͊�ՠ���………1分解得ꙸ�͊图�s…………………1分(2)（6分）此时位移为���͊�可��ꙸ���͊图�m继续减速时，摩擦力方向沿传送带向上，此时加速度方向沿传送带向下，大小为ᥠ可��

sin�ՠ�ᥠ可��cos�ᥠ可������m/s�……1分若继续减速至零，所需时间为ꙸ�ՠ͊��解得ꙸ�s所以物块未减至零时，第二颗弹丸已射入，此时物块的速度为物理试题答案第6页（共7页）���ՠ���ՠꙸ���͊图ᓠm/s…………………�分此

时位移为����可���ՠꙸ���͊图Ǥ�m因为传送带与物块间的摩擦力大小为��ᥠ可��⸵㐲′�…………………1分�͊图ᓠ�传送带与物块间的相对位移为����͊�可��ꙸ�ՠ�ꙸ����͊图�m………1分�����ՠꙸ�ՠ��可���ՠꙸ����͊图�ᓠ

m………1分�����可����解得�͊图૞૞�J………1分(3)（6分）第二颗弹丸射入的过程中动量守恒ᥠ�͊可ᥠ可���ᥠ可ᥠ可��͊�…………………1分所以：�͊�ᓠm/s由此可推至每次射入弹丸后，物块A都是先减速至传送带速

度，然后继续减速到下一颗弹丸射入。可推知这次物块上升的位移是′��可��′�图像�m………1分第三颗子弹射入的过程中动量守恒ᥠ�͊可�ᥠ可���ᥠ可ᥠ可ᥠ可��͊૞………………1分所以�͊૞૞图�m/s减至共速，所需时间为物理试题答案第7页（共7页）ꙸ૞�͊૞ՠ���ꙸ૞͊图

��s所以物块未减至零时，第4颗子弹已射入，此时物块的速度为�૞�ՠ���ՠꙸ૞�૞͊图૞ᓠm/s此时上升的总位移为′૞�͊૞可��ꙸ૞可�૞可���ՠꙸ૞′૞�图ᓠ像像�m………1分此时已发生位移为′��可��可′�可′૞′ᓠ图像�像�m………1分传

送带总长5m，还剩0.4244m，可以推知：第4颗子弹射入后，A物体到达传送带顶端，所以子弹需要射入4次。…………………1分