【文档说明】2021届广东省汕头市高考物理一模试卷（解析版）.doc，共(30)页，835.000 KB，由小赞的店铺上传

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2021年广东省汕头市高考物理一模试卷一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。1．为检测某公路湿沥青混凝土路面与汽车轮胎的动摩擦因数μ，测试人员让汽车在该公路水平直道行驶，当汽车速度表显示40km/h时紧急刹车（车轮抱死），车上人员用

手机测得汽车滑行3.70s后停下来，g取10m/s2，则测得μ约为（）A．0.2B．0.3C．0.4D．0.52．如图所示，传送带在电动机带动下，始终以速度v做匀速运动，现将质量为m的某物块由静止释放在传送带的左端，设传送带足够长，设物块与传送带间的动摩擦因数为μ，重力

加速度为g，对于物块从静止释放到相对静止这一过程（）A．物块做匀速直线运动B．所用时间t＝C．摩擦产生的热量为mv2D．电动机多做的功等于mv23．在物理兴趣小组的活动中，某同学将轻质圆形铝板用细棉线悬挂在固定点O上，铝板可以绕O点自由摆动，如图所示。在平行于铝板的竖直面内将一竖放的条形磁

铁在铝板附近左右来回拉动（与铝板始终不相碰），若空气流动对铝板的影响可忽略不计，则下列对这个实验结果的判断，正确的是（）A．铝板内不会产生感应电动势B．铝板内能产生感应电动势但不会产生感应电流C．铝板可以在安培力的作用下摆动起来D．铝板始终保持静止不动4．

“走钢丝”的技艺在我国有着悠久的历史，图示为杂技演员手握长杆正在“走钢丝”，演员从A端缓慢走到B端过程先“下坡”后“上坡”，图中钢丝完全固定且不变形，下列说法正确的是（）A．演员“下坡”过程对钢丝的压力越来越小B．演员“

下坡”过程受到滑动摩擦力且越来越小C．演员“上坡”过程所受摩擦力方向与运动方向相同D．演员“上坡”过程钢丝对他的作用力方向不断改变5．光滑绝缘足够大的水平面上P点固定一点电荷，在点电荷的附近静止释放一个带电小球，小球仅在电

场力作用下从静止开始向右运动，下列说法正确是（）A．带电小球做匀加速直线运动B．带电小球电势能逐渐增大C．在相等的时间间隔内，小球位移的增加量逐渐减少D．在运动相同距离的过程中，小球动量的增加量逐渐减少6．某同学以变速自行车的齿轮传动作为研究性课题，

他通过查阅相关资料了解变速自行车的变速原理，测得图示后小齿轮组中最小，最大齿轮半径分别为r1、r2，前大齿轮半径为r3、后轮半径为R。若该自行车前大齿轮每秒匀速转动1圈，则后轮的最大线速度为（）A．B．C．D．7．如图为日常生活中常见的电子打火

灶点火装置原理图。将1.5V直流电压通过转换器转换为正弦交变电压u＝6sin100πt（V），再将其加在匝数比n2：n1＝2000：1的理想变压器的原线圈上，副线圈两端就可获得高压引发电火花点燃燃气。下列说法正确的是（）A．原线圈两端所接交流电压表的读数为6VB

．放电针之间电压最高可达12000VC．放电针之间交流电压频率100HzD．放电针每隔0.02s点火一次二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分。有选错的得0分。8．月球储藏大量

可控核聚变理想燃料氦﹣3（He），2020年12月1日，我国“嫦娥五号探测器”成功着陆月面后开始“挖土”并成功带回地面供科学研究。可控核聚变可以采用H+H→He+x或H+He→He+y。下列说法正确的是（）A．x是中子B．y是正电子

C．核聚变过程发生质量亏损，释放核能D．He比He的原子核更稳定9．古代人们常用夯锤（如图甲）将地砸实，打夯时四个劳动者每人分别握住夯锤的一个把手，一个人喊号，号声一响，四人同时用相同的力将地上质量为90kg的夯锤竖直向上提起；号音一落，四人同时松手，夯锤落下将地面砸实。以竖直向上为正方向，若某

次打夯过程松手前夯锤运动的v﹣t图像如图乙所示。不计空气阻力，g取10m/s2，则（）A．松手后，夯锤立刻落下做自由落体运动B．松手前，夯锤竖直向上做加速度a＝m/s2匀加速直线运动C．每个人对夯锤施加的力大小为300ND．夯锤离地的最大高度为0.3

375m10．如图甲，螺线管匝数n＝1000匝，横截面积S＝0.02m2，电阻r＝1Ω，螺线管外接一个阻值R＝4Ω的电阻，电阻的一端b接地。一方向平行于螺线管轴线向左的磁场穿过螺线管，磁感应强度随时间变化的规律如图乙所示，则（）A．在0～4s内，R中有电流从a流向bB．在t＝3s时，穿过螺

线管的磁通量为0.07WbC．在4s～6s内，R中电流大小为8AD．在4s～6s内，R两端电压Uab＝40V三、实验与探究（共2小题，共16分，请按要求作答）11．（6分）某实验小组利用如图所示装置测量小物块与接触面间的动摩擦因数。已知小物块与长木板面和水平面

的动摩擦因数相同，重力加速度为g。（1）甲同学利用该装置进行实验，把长木板倾角调整到合适角度，使小物块在倾斜的长木板上匀速下滑，测量出长木板倾角为θ0，则可知小物块与长木板的动摩擦因数μ＝。（2）由于难以确认小物块在倾斜的木板上做匀速运动，乙同学对实验加以改进，增大木板的倾

角使其稍大于θ0，再使小物块从A点从静止开始下滑，经过O点后到达水平面上的B点停下。测得A点距水平面的高度为h，A、B两点间的水平距离为x（如图），忽略物块在O点的机械能损失，则可测得动摩擦因数μ＝。（3）由于物块在O点实际上有机械能损失，因此上述测量结果与

真实值比较，μ测μ真（填“＞”“＜”或“＝”）。12．（10分）某些固体材料受到外力作用后，除了产生形变，其电阻率也会发生变化、这种现象称为“压阻效应”。已知Rx的阻值变化范围为几十欧姆到几百欧姆，某实验小组在室温下用伏安法探究压敏电阻阻值Rx随压力F变化的规律，实验室提供了如

下器材可供选择：A．压敏电阻，无压力时阻值R0＝400ΩB．直流电源，电动势6V，内阻不计C．电流表A，量程为0～100mA，内阻不计D．电压表V，量程为0～3V，内阻为3kΩE．定值电阻R1＝2kΩF．滑动变阻器R，最大电阻值约50ΩG．开关S与导线若干（1）甲同

学设计了图1实验电路原理图，请在图2将实物连线图补充完整。（2）某次压力测试，在电阻Rx上施加力F，闭合开关S，测得两个电表的读数分别为U和I，则压敏电阻的阻值Rx＝。（3）改变F的大小、测得不同的Rx值，绘成图象如图3所示，可得其斜率k＝Ω/N（保留两位有效数字）。Rx阻值

和压力F的关系式是Rx＝（用Rx、F和k等表示）。（4）按图1实验电路进行实验，调节滑动变阻器使电压表保持满偏，在电阻Rx上施加力F，当电流表满偏时，压力F为N。四、论述与计算题（共2小题，共26分，请按要求作答）13．如图甲所示，一本词典放置在水平桌面上，词典的

总厚度H＝6cm，总质量M＝1.8kg，将一张白纸（质量和厚度均可忽略）夹在词典最深处，白纸距词典上表面的高度为h＝4cm，如图乙所示，白纸上下表面与书页间，词典与桌面间的动摩擦因数均为μ＝0.3，各接触面间的最大静摩擦力可视为等于滑动摩擦力，白纸受

到的压力大小等于压在白纸上方那部分词典的重力，且词典的质量随高度均匀分布。用大小合适的水平拉力向外拉白纸，可带动词典在桌面上运动，重力加速度g＝10m/s2，求：（1）词典在桌面上运动时桌面对词典的摩擦力和白纸与词典间的最大摩擦力；（2）词典在桌面上运动的最大加速度。14．如图所示的平面直角坐

标系xOy，在第Ⅰ象限内有平行于y轴的匀强电场，方向沿y轴正方向；在第Ⅳ象限内有匀强磁场，方向垂直于xOy平面向内。一质量为m、电荷量为﹣q（q＞0）的粒子、从原点O以大小为v0的速度沿x轴正方向射入，通过磁场后到达y轴上的P（0，﹣d），点，不计粒

子所受的重力。（1）求匀强磁场的磁感应强度B；（2）将该粒子改在y轴上的Q（0，d）点同样以速度v0平行于x轴正方向射入电场中，已知电场场强大小E＝Bv0，粒子最后从y轴上N点（图中未画出）离开磁场，求N点的位置和粒子从Q点运动到N点的总时间。五、选做题（本题12分，在15

、16题中选择一道作答，如果两题都答，则所做按的第15题计分）[物理-选修3-3]15．拔罐是中医传统养生疗法之一，以罐为工具，将点燃的火源放入小罐内加热，然后移走火源并迅速将火罐开口端紧压在皮肤上，火罐

就会紧紧地“吸”在皮肤上。假设罐内封闭气体质量不变，可以看作理想气体。与刚压在皮肤上的时刻对比，火罐“吸”到皮肤上经一段时间后，火罐内气体的内能，压强，单位体积内的分子数。（都选填“增大”、“减小”或“不变”）16．肺活量是在标准大气压p0＝1atm下人一次尽力呼出空气

的体积。（ⅰ）某实验小组在学习气体实验定律后，设计了“吹气球法”的小实验来粗测肺活量，如图。甲同学通过气球口用力一口气向气球内吹气（吹气前气球内部的空气可忽略不计）。气球没有被吹爆，此时气球可近似看成球形，半径为r，球内空气的压强为p＝1.5a

tm，空气可看作理想气体，设整个过程温度保持不变，球体体积计算公式为V＝πr3。求甲同学的肺活量是多少？（ⅱ）某游泳运动员的肺活量为6L。在标准状态下，空气的摩尔体积为22.4L/mol，阿伏加德罗常数NA＝6.0×1023mol﹣1，则该运动员一

次能呼出的空气分子数为多少？（计算结果保留两位有效数字）[物理-选修3-4]17．一列简谐横波沿x轴正向传播，t＝0时波的图象如图所示，质点P的平衡位置在x＝8m处。该波的周期T＝0.4s。由此可知。该列波的传播速度为。在0～1.2s时间内质点P经过的路程为，t＝0.6s时质点P的速度方向沿y轴

方向（选填“负”或“正”）。18．如图所示。在深h1＝4m的湖底O处有一激光光源。一桅杆顶部高出湖面h2＝5m的帆船静止在湖面上，从O点发出一束激光从水面出射后恰好照射到桅杆顶端。该出射光束与竖直向的夹角为45°，已知桅杆顶点A到O点的水平距离为x＝9m。（1）该湖水的折射率是多少？

（2）当激光束方向与竖直方向的夹角为多少度时，将没有光从水面射出？2021年广东省汕头市高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只

有一项符合题目要求。1．（4分）为检测某公路湿沥青混凝土路面与汽车轮胎的动摩擦因数μ，测试人员让汽车在该公路水平直道行驶，当汽车速度表显示40km/h时紧急刹车（车轮抱死），车上人员用手机测得汽车滑行3.70s后停下来

，g取10m/s2，则测得μ约为（）A．0.2B．0.3C．0.4D．0.5【分析】根据匀变速直线运动的速度﹣时间公式求出汽车刹车的加速度，根据牛顿第二定律求出车轮与公路湿沥青混凝土路面间的动摩擦因数。【解答】解：汽车速度v

＝40km/h＝11m/s，汽车刹车可看作匀减速运动，由运动学公式得0＝v﹣at由牛顿第二定律得μmg＝ma联立上述二式解得故ACD错误，B正确；故选：B。【点评】本题主要考查了牛顿第二定律和运动学公式，正确的受力分

析，判断出摩擦力提供汽车做刹车减速运动，即可。2．（4分）如图所示，传送带在电动机带动下，始终以速度v做匀速运动，现将质量为m的某物块由静止释放在传送带的左端，设传送带足够长，设物块与传送带间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，对于物块

从静止释放到相对静止这一过程（）A．物块做匀速直线运动B．所用时间t＝C．摩擦产生的热量为mv2D．电动机多做的功等于mv2【分析】物块放上传送带后，由于和传送带有相对滑动，因此受传送带给的摩擦力作用开始匀加速运动直到共速，此过程电动机多做的功即为传送带克服摩

擦力做的功，转化为物块的动能和系统内能。【解答】解：A．物块由静止释放在传送带上时，传送带会给物体一个向前的摩擦力，促使物体向前做匀加速运动，f＝ma＝μmg，解得a＝μg，故A错误；B．物块最终和传送带相对静止，即和传动带达到共速，所用时间为，故B正确；C．期间传

送带运动的位移为s＝vt，则可知克服摩擦力所做的功为Wf＝fs＝μmgvt＝mv2，物块获得的动能为，则可得摩擦产生的热量为Q＝Wf﹣Ek，解得，故C错误；D．电动机多做的功转化为物块的动能和系统内能，W＝Ek+Q，W＝mv2，故D错误；故选：B。【点评】本题借助水平传送带模型，考查学生对功

能关系的分析和理解，对学生分析能力有一定要求。3．（4分）在物理兴趣小组的活动中，某同学将轻质圆形铝板用细棉线悬挂在固定点O上，铝板可以绕O点自由摆动，如图所示。在平行于铝板的竖直面内将一竖放的条形磁铁在铝板附近

左右来回拉动（与铝板始终不相碰），若空气流动对铝板的影响可忽略不计，则下列对这个实验结果的判断，正确的是（）A．铝板内不会产生感应电动势B．铝板内能产生感应电动势但不会产生感应电流C．铝板可以在安培力的作用下摆动起来D．铝板始终保持静止不动【分析】条形磁铁运动导致通过

铝板的磁通量发生变化，所以铝板内会产生感应电动势，且铝板相当于一个闭合回路，所以会产生感应电流，感应电流在磁场中会受到安培力作用，阻碍铝板和磁铁之间的相对运动，所以会摆动。【解答】解：A、条形磁铁运动导致通过铝板的磁通量发生变化，所以铝板内会产生感应电动势，故A

错误。B、铝板内产生感应电动势，且铝板相当于一个闭合回路，所以会产生感应电流，故B错误。CD、铝板产生了感应电流，在磁场中会受到安培力作用，阻碍铝板和磁铁之间的相对运动，所以会摆动。故C正确，D错误。故选：C。【点评】本题考查感应电动势和感应电流的

产生条件，以及电流在磁场中受安培力，比较简单。需要注意此题中不考虑空气阻力。4．（4分）“走钢丝”的技艺在我国有着悠久的历史，图示为杂技演员手握长杆正在“走钢丝”，演员从A端缓慢走到B端过程先“下坡”后“上坡”，图中钢

丝完全固定且不变形，下列说法正确的是（）A．演员“下坡”过程对钢丝的压力越来越小B．演员“下坡”过程受到滑动摩擦力且越来越小C．演员“上坡”过程所受摩擦力方向与运动方向相同D．演员“上坡”过程钢丝对他的作用力方向不断改变【分析】钢丝可看成一个倾角不断变化的斜面，缓

慢运动可看成平衡态，由平衡条件可得，演员受到的支持力和摩擦力分别为：FN＝mgcosα，f＝mgsinα，即可分析出支持力与摩擦力的变化；演员只受重力和钢丝对他的作用力，二者一定等大反向。【解答】解：A、钢丝可看成一个倾角不断变化的斜面，演员受

力分析如图，缓慢运动可看成平衡态，由平衡条件可得：演员受到的支持力为：FN＝mgcosα，其中α为斜面倾角。下坡过程中斜面倾角α角变小，支持力变大，根据牛顿第三定律，演员对钢丝的压力也增大，故A错误；B、演员在“下坡”过程中，脚与钢丝之间是相对静止的，所以摩擦力为静摩

擦力，故B错误C、“上坡“过程中，演员受到的摩擦力大小为：f＝mgsinα，钢丝倾角α越来越大，所以静摩擦力越来越大；上坡过程演员有相对钢丝有下滑趋势，所受摩擦力方向沿钢丝向上，与运动方向相同，故C正确；D、演员缓慢“上坡“时，只受

重力与钢丝对他的作用力，根据平衡条件，二者一定等大反向，即所以钢丝对他的作用力方向始终与重力方向相反，即始终竖直向上，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了平衡条件在生活实际中的应用，解题关键在于会从实

际模型当中抽象出物理模型，然后用物理原理去求解。5．（4分）光滑绝缘足够大的水平面上P点固定一点电荷，在点电荷的附近静止释放一个带电小球，小球仅在电场力作用下从静止开始向右运动，下列说法正确是（）A．带电小球做匀加速直线运动B．带电小球电势能逐渐

增大C．在相等的时间间隔内，小球位移的增加量逐渐减少D．在运动相同距离的过程中，小球动量的增加量逐渐减少【分析】离点电荷越远，根据场强或电场力的变化分析加速度的变化；电场力做正功电势能减少；虽然是非匀变速运动，但可以用匀变速运动的公式类比。【解答】解：A、点电荷周

围的电场是非匀强电场，小球仅在电场力作用下从静止开始向右运动所受电场力越来越小，不是匀加速运动，故A错误；B、小球仅在电场力作用下从静止开始向右运动的过程中电场力做正功，电势能逐渐减小，故B错误；C、类比△x＝aT2，因为小球受到电场力越来越小，加速度越来越小，所以在相等的时间间

隔内，小球位移的增加量逐渐减少，故C正确；D、因为速度越来越大，在运动相同距离的过程中所用时间越来越短，类比△v＝a△t，a和△t都变小，所以速度变化量△v越来越小，动量变化量也越来越小，故D正确。故选：CD。【点评】本题考查了带电小

球在电场中的运动，要熟悉点电荷周围电场的分布情况，同时会用类比的方法分析非匀变速运动。6．（4分）某同学以变速自行车的齿轮传动作为研究性课题，他通过查阅相关资料了解变速自行车的变速原理，测得图示后小齿轮组中最小，最大齿轮半径分别为r1、r2，前大齿轮半径为r3

、后轮半径为R。若该自行车前大齿轮每秒匀速转动1圈，则后轮的最大线速度为（）A．B．C．D．【分析】靠链条传动轮子边缘上的点线速度大小相等，共轴转动的点角速度相等，结合线速度与角速度的关系进行求解。【解答】解：链条连接后小齿轮组中半径最小的齿轮

时，后轮的线速度最大，由于自行车前大齿轮每秒匀速转动1圈，所以前大齿轮的频率为f＝1Hz，其周期为：T3＝＝s＝1s，根据公式v＝ωr，可得前大齿轮边缘的线速度为：v3＝r3＝2πr3通过链条相连，线速度大小相同，所以后小齿

轮组中最小齿轮的线速度为：v1＝v3＝2πr3，则小齿轮组的角速度为：ω＝＝，由于后轮与小齿轮组同轴，所以角速度相等，根据公式v＝ωr，可得后轮的线速度为：v＝Rω＝，故A正确，BCD错误。故选：A。【点评

】解决本题的关键知道线速度与角速度的关系，知道共轴转动的点角速度相等，靠链条传动的轮缘上的点线速度大小相等。7．（4分）如图为日常生活中常见的电子打火灶点火装置原理图。将1.5V直流电压通过转换器转换为正弦交变电压u＝6sin100πt（V

），再将其加在匝数比n2：n1＝2000：1的理想变压器的原线圈上，副线圈两端就可获得高压引发电火花点燃燃气。下列说法正确的是（）A．原线圈两端所接交流电压表的读数为6VB．放电针之间电压最高可达12000VC．放电针之间交流电压频率100HzD．放电针每隔0.02s点火一次【分析】

根据正弦交变电压的瞬时表达式u＝Umsinωt，可知变压器原线圈的电压最大值为6V，可算出电压有效值，即电压的示数；根据，可求出副线圈的电压，即放电电压；正弦交流电的角速度ω＝100π，根据角速度与频率的关系可求解交流电的频率；根据角速度与周期的关系，可求解交

流电的周期，结合正弦交流电的周期特性，可判断点火时间间隔。【解答】解：A.正弦交流电有效值和最大值之间的关系为：u＝，电压表示数为有效值，所以原线圈两端所接交流电压表的读数为：u＝＝V＝3V，故A错误；B.根据变压器原副线圈电压关系为：，计算出副线圈两端电压的最大值为12

000V，故B正确；C.正弦交流电的角速度为100π，所以交流电的频率为：f＝＝Hz＝50Hz，故C错误；D.一个周期内电压可两次达到最高电压12000V，而周期T＝＝＝0.02s，所以每间隔0.01s点火一次，故D错误。故选：B。【点评】本题的入手点在于利用正弦交变电压的瞬时表

达式u＝Umsinωt，对比题干中“正弦交变电压u＝6sin100πt（V）”，获取变压器原线圈端的最大电压和角速度，再结合相应的规律求解。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出

的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分。有选错的得0分。8．（6分）月球储藏大量可控核聚变理想燃料氦﹣3（He），2020年12月1日，我国“嫦娥五号探测器”成功着陆月面后开始“挖土”并成功带回地面供科学研究。可控核聚变可以采用H+H→

He+x或H+He→He+y。下列说法正确的是（）A．x是中子B．y是正电子C．核聚变过程发生质量亏损，释放核能D．He比He的原子核更稳定【分析】根据核反应过程中质量数守恒和电荷数守恒判断生成的产物；核反应过程中质量亏损，释放核能；中

等核的比结合能最大。【解答】解：AB、根据质量数守恒和电荷数守恒可得：x的质量数为2+3﹣4＝1，电荷数为1+1﹣2＝0，为中子；y的质量数为2+3﹣4＝1，电荷数为1+2﹣2＝1，y为质子，故A正确，B错误；C、核聚变反应过程中，由于质

量亏损所以会释放出核能，故C正确；D、质量数越接近中等核的原子核比结合能越大，所以比的比结合能大，也更稳定，故D错误。故选：AC。【点评】本题易错原子核的比结合能大小的比较，自然组成原子核的核子越多，它的结合能就越高。因此，有意义的是它的结合能与核子数之比，称做平均结合能，也叫比结合能。平均结

合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定。9．（6分）古代人们常用夯锤（如图甲）将地砸实，打夯时四个劳动者每人分别握住夯锤的一个把手，一个人喊号，号声一响，四人同时用相同的力将地上质量为90kg的夯锤竖直向上提起

；号音一落，四人同时松手，夯锤落下将地面砸实。以竖直向上为正方向，若某次打夯过程松手前夯锤运动的v﹣t图像如图乙所示。不计空气阻力，g取10m/s2，则（）A．松手后，夯锤立刻落下做自由落体运动B．松手前，夯锤竖直向上做加速度a＝m/s2匀加速直线运动C．每个人对

夯锤施加的力大小为300ND．夯锤离地的最大高度为0.3375m【分析】松手后，由于惯性夯锤做竖直上抛运动；根据v﹣t图像的斜率表示加速度，求出松手前夯锤的加速度；根据牛顿第二定律求每个人对夯锤施加的力大小；根据位移﹣时间公式求

夯锤离地的最大高度。【解答】解：A、松手后，由于惯性夯锤做竖直上抛运动，故A错误；B、松手前，夯锤的加速度为a＝＝m/s2＝m/s2，可知松手前，夯锤竖直向上做加速度a＝m/s2匀加速直线运动，故B正确；C、设每个

人对夯锤施加的力大小为F，由牛顿第二定律得4F﹣mg＝ma，解得：F＝300N，故C正确；D、松手后，夯锤继续上升的时间t2＝＝s＝0.15s，故夯锤离地的最大高度为H＝（t1+t2）＝×（0.45+0.15）m＝0.45m，故D错误。故选：BC。【点评】本题要认真分析夯锤物体上升的过程，知道松

手前，夯锤竖直向上做匀加速直线运动，松手后，由于惯性夯锤做竖直上抛运动，分段利用相应的运动学规律进行研究。10．（6分）如图甲，螺线管匝数n＝1000匝，横截面积S＝0.02m2，电阻r＝1Ω，螺线管外接一个阻值R＝4Ω的电阻，电阻的一端b接地。一方向平行于

螺线管轴线向左的磁场穿过螺线管，磁感应强度随时间变化的规律如图乙所示，则（）A．在0～4s内，R中有电流从a流向bB．在t＝3s时，穿过螺线管的磁通量为0.07WbC．在4s～6s内，R中电流大小为8AD

．在4s～6s内，R两端电压Uab＝40V【分析】根据楞次定律结合图像可以分析出通过R的电流方向；根据图像可以分析出t＝3s时磁感应强度大小，然后利用Φ＝BS可以求出磁通量；根据感生电动势公式求解电动势大小，结合欧姆定律可以求出电流；根据欧姆定律可以求解4s～6s内R两端电压Uab.【解答】

解：A、在0～4s内，原磁场增大，则磁通量增大，根据楞次定律可知，感应磁场方向向右，再由安培定则可知R中的电流方向从b流向a，故A错误；B、由图乙可知，t＝3s时磁感应强度分别为B＝3.5T，则此时的磁通量为Φ＝BS＝3.5×0.02Wb＝0.07Wb，

故B正确；C、在4s～6s内，感应电动势为：则R中电流大小为：，故C正确；D、在4s～6s内，根据楞次定律可知，R中的电流从a流向b，则R两端电压为：Uab＝IR＝8×4V＝32V，故D错误。故选：BC。【点评】本题考查法拉第电磁感应定律基本知识，需

要同学们对基本公式熟练掌握，可以根据图像求解电动势大小，结合欧姆定律求解对应的电流和电压.三、实验与探究（共2小题，共16分，请按要求作答）11．（6分）某实验小组利用如图所示装置测量小物块与接触面间的动摩擦因数。已知小物块与长木板面和水平面的动摩擦因数相同，重力加速度为g。（

1）甲同学利用该装置进行实验，把长木板倾角调整到合适角度，使小物块在倾斜的长木板上匀速下滑，测量出长木板倾角为θ0，则可知小物块与长木板的动摩擦因数μ＝tanθ0。（2）由于难以确认小物块在倾斜的木板上做匀速运动，乙同学对实

验加以改进，增大木板的倾角使其稍大于θ0，再使小物块从A点从静止开始下滑，经过O点后到达水平面上的B点停下。测得A点距水平面的高度为h，A、B两点间的水平距离为x（如图），忽略物块在O点的机械能损失，则可测得动摩擦因

数μ＝。（3）由于物块在O点实际上有机械能损失，因此上述测量结果与真实值比较，μ测＞μ真（填“＞”“＜”或“＝”）。【分析】（1）物块在斜面上做匀速运动，根据共点力平衡求得动摩擦因数；（2）在整个过程中，根据动能定理求得动摩擦因数；（3）由于物块在O点实际上有机械能损失，则测得的x

值偏小，即可判断。【解答】解：（1）小物块沿斜面向下匀速运动，则mgsinθ0﹣μmgcosθ0＝0解得：μ＝tanθ0（2）在整个运动过程中，设AO段距离为x1，OB段距离为x2，根据动能定理可得：mgh﹣μmgx1cosθ﹣μmgx2＝0﹣0其中x1cosθ

+x2＝x联立解得：（3）由于物块在O点实际上有机械能损失，则测得的x值偏小，故μ测＞μ真故答案为：（1）tanθ0；（2）；（3）＞【点评】本题主要考查了动摩擦因数的测定，关键是明确实验原理，知道误差产生的原因即可。12．（10分）

某些固体材料受到外力作用后，除了产生形变，其电阻率也会发生变化、这种现象称为“压阻效应”。已知Rx的阻值变化范围为几十欧姆到几百欧姆，某实验小组在室温下用伏安法探究压敏电阻阻值Rx随压力F变化的规律，实验室提供了如下器材可供选择：A．压敏电阻，无压力时阻值R0＝400ΩB

．直流电源，电动势6V，内阻不计C．电流表A，量程为0～100mA，内阻不计D．电压表V，量程为0～3V，内阻为3kΩE．定值电阻R1＝2kΩF．滑动变阻器R，最大电阻值约50ΩG．开关S与导线若干（1）甲同学设计了图1实验电路原理图，请在图2将实物连线图补

充完整。（2）某次压力测试，在电阻Rx上施加力F，闭合开关S，测得两个电表的读数分别为U和I，则压敏电阻的阻值Rx＝。（3）改变F的大小、测得不同的Rx值，绘成图象如图3所示，可得其斜率k＝﹣1.9Ω/N（保留两位有效数字）。Rx阻值和压力F的关系式是Rx＝400+kF（用Rx、F和k等表示）。

（4）按图1实验电路进行实验，调节滑动变阻器使电压表保持满偏，在电阻Rx上施加力F，当电流表满偏时，压力F为184N。【分析】（1）按电路图连接实物图，注意顺着电流方向连接，电压表最后接入电路；（2）由欧姆定律写求出压敏电阻两端的电压，再求出压敏电阻的阻值；（3）由图3上取几个特殊点，确定

直线方程，从而求出斜率；（4）先由两电表均满偏求出此时电阻值，再代入Rx﹣F表达式求出压力。【解答】解：（1）按电路图连接实物图，如图所示；（2）显然R1与电压表串联是把电压表的量程扩大了，当电压表的示数为U时，压敏电阻两端的电压Ux＝U+＝

，根据欧姆定律Rx＝＝；（3）根据图3设Rx﹣F直线的方程为Rx＝kF+b，将图象上的特殊点（0，400Ω）和（210N，0）代入可求得：b＝400Ω，k＝﹣1.9Ω/N。则Rx＝400+kF＝400﹣1.9F。（4）由题意，当电压表满偏为5V不

变，当电流表再满偏时有：Rx＝，代入上式得F＝184N。故答案为：故答案为：（1）如图所示；（2）；（3）﹣1.9（﹣1.7～﹣1.9均正确）（4）400+kF；（5）184（180～199均正确）【点评】此题是电压表的扩大量程与伏安法测电阻的综合题，关键要弄清电路

的连接情况，会计算新电压表的新量程，连接实物图是要顺着或逆着电流方向连接，要能够把数学中直线方程的内容应用到物理知识中来。四、论述与计算题（共2小题，共26分，请按要求作答）13．如图甲所示，一本词典放置在水平桌面上，词典的总厚度H＝6cm，总质量M＝1.8kg，将一张

白纸（质量和厚度均可忽略）夹在词典最深处，白纸距词典上表面的高度为h＝4cm，如图乙所示，白纸上下表面与书页间，词典与桌面间的动摩擦因数均为μ＝0.3，各接触面间的最大静摩擦力可视为等于滑动摩擦力，白纸受到的压力大小等于压在白纸上方那部分词典的重力，且词典的质量随高度

均匀分布。用大小合适的水平拉力向外拉白纸，可带动词典在桌面上运动，重力加速度g＝10m/s2，求：（1）词典在桌面上运动时桌面对词典的摩擦力和白纸与词典间的最大摩擦力；（2）词典在桌面上运动的最大加速度。【分析】（1）根据摩擦力公式计算桌面对词

典的摩擦力和白纸受到的摩擦力，注意白纸两个面都受到摩擦力（2）当白纸给词典的摩擦力最大时，词典达到最大加速度，根据牛顿第二定律列式求解。【解答】解：（1）词典放在水平桌面上时对桌面的压力大小等于词典重力大小，根据摩擦力公式有桌面对词典的摩擦力f＝μFN

＝μMg＝0.3×1.8×10N＝5.4N，方向水平向右，白纸受到的压力大小等于压在白纸上方那部分词典的重力，则FN′＝Mg＝×1.8×10N＝12N，因为白纸两面都受到摩擦力，因此白纸与词典间最大摩擦力f′＝2μFN′＝2×0

.3×12N＝7.2N；（2）当两个摩擦力都达到最大时，词典加速度最大，根据牛顿第二定律，有f′﹣f＝Ma，a＝＝m/s2＝1m/s2，方向水平向左。答：（1）词典在桌面上运动时桌面对词典的摩擦力为5.4N，方向水平向右，白纸与词典间的最大摩擦力为7

.2N；（2）词典在桌面上运动的最大加速度为1m/s2，方向水平向左。【点评】本题考查摩擦力以及牛顿第二定律相关知识，属于简单题，但应注意白纸两个面都受到摩擦力，当白纸和词典间摩擦力达到最大时，词典达到最大加速度。14．如图所示的平面直角坐标系xOy，在第Ⅰ象限内有平行于y轴的匀强电

场，方向沿y轴正方向；在第Ⅳ象限内有匀强磁场，方向垂直于xOy平面向内。一质量为m、电荷量为﹣q（q＞0）的粒子、从原点O以大小为v0的速度沿x轴正方向射入，通过磁场后到达y轴上的P（0，﹣d），点，不计粒子所受的重力。（1）求匀强磁场的磁感应强度B；（2

）将该粒子改在y轴上的Q（0，d）点同样以速度v0平行于x轴正方向射入电场中，已知电场场强大小E＝Bv0，粒子最后从y轴上N点（图中未画出）离开磁场，求N点的位置和粒子从Q点运动到N点的总时间。【分析】

（1）由题意可知粒子从O点进入磁场做匀速圆周运动到P点的半径，由洛伦兹力提供向心力求得磁感应强度的大小；（2）大致画出粒子运动的轨迹，由运动学规律和牛顿第二定律可粒子做类平抛运动的位移时间，进入磁场后求得半径和偏转角，从而求出总时间。【解答】解：（1）粒子从

O点进入磁场运动到P点，有：qv0B＝由题意可知：d＝2r0解得磁感应强度：B＝（2）粒子从Q点射入电场直到离开过程，有：qE＝ma＝x＝v0t1将E＝Bv0代入可得：t1＝，x＝粒子离开电场时的速度大小和速度方向与x轴正方向的夹角θ满足：v＝＝2v0cosθ＝即θ

＝60°粒子进入磁场有：qvB＝解得半径：r＝d因为：rsinθ＝所以圆周运动的圆心在y轴上，如图所示N点与原点的距离yN＝r+rcosθ＝在磁场中轨迹的圆心角为120°，粒子在磁场中运动的周期T和时间t2T＝，t2＝＝因此粒子从Q点运动到N点

的总时间t＝t1+t2＝答：（1）匀强磁场的磁感应强度B为；（2）N点的位置距原点距离为、粒子从Q点运动到N点的总时间为。【点评】本题是带电粒子先在电场中做类平抛运动后在磁场中做匀速圆周运动的综合，由于磁感应强度与电场强度有已知的大小关系，从而从电场的位移求得粒子在磁场做匀速圆

周运动的半径，再由几何关系求出粒子离开磁场的位置。五、选做题（本题12分，在15、16题中选择一道作答，如果两题都答，则所做按的第15题计分）[物理-选修3-3]15．拔罐是中医传统养生疗法之一，以罐为工具，将点燃的火源放入小罐内加热，然后移走火源并

迅速将火罐开口端紧压在皮肤上，火罐就会紧紧地“吸”在皮肤上。假设罐内封闭气体质量不变，可以看作理想气体。与刚压在皮肤上的时刻对比，火罐“吸”到皮肤上经一段时间后，火罐内气体的内能减小，压强减小，单位体积内的分子数增大。（都选填“增大”

、“减小”或“不变”）【分析】拨火罐“吸”在皮肤上，是利用了大气压，火罐内气体体积减小，温度降低，压强减小，小于大气压，火罐在内外气体压力差作用下，吸在皮肤上。【解答】解：把罐扣在皮肤上，气体经过热传递，温度不断降低，气体

的内能减小；火罐“吸”到皮肤上经一段时间后，人的一部分的皮肤组织进入火罐内，可知气体的体积减小；人的一部分的皮肤组织进入火罐内是由于火罐在内外气体压力差作用，可知气体压强减小；气体的体积减小，则单位体积内的分子数增大。故答案为：

减小，减小，增大。【点评】本题考查了查理定律在生活中的应用，对于生活现象的解释，关键在于判断此现象与哪些物理知识有关。16．肺活量是在标准大气压p0＝1atm下人一次尽力呼出空气的体积。（ⅰ）某实验小组在学习气体实验定律后，设计了“吹气球法”的小实验来粗测肺活量，如图。甲同学通过气球口用力一口

气向气球内吹气（吹气前气球内部的空气可忽略不计）。气球没有被吹爆，此时气球可近似看成球形，半径为r，球内空气的压强为p＝1.5atm，空气可看作理想气体，设整个过程温度保持不变，球体体积计算公式为V＝πr3。求甲同学的肺活量是多少？（ⅱ）某游泳运动员的肺活量为6L。在

标准状态下，空气的摩尔体积为22.4L/mol，阿伏加德罗常数NA＝6.0×1023mol﹣1，则该运动员一次能呼出的空气分子数为多少？（计算结果保留两位有效数字）【分析】（ⅰ）甲同学呼出气体做等温变化，

由玻意耳定律可知求肺活量；（ⅱ）由n＝求该运动员一次能呼出的空气分子的物质的量，再由N＝nNA求该运动员一次能呼出的空气分子个数；【解答】解：（ⅰ）甲同学呼出气体做等温变化，设肺活量为V0，由玻意耳定律可知：p0V0＝pV，其中V＝πr3，解得：V0＝2πr3（ⅱ）某游泳运动员的肺活量为6L

，则该运动员一次能呼出的空气分子的物质的量为：n＝则空气分子的个数N＝nNA联立解得：N≈1.6×1023个答：（ⅰ）甲同学的肺活量是2πr3；（ⅱ）该运动员一次能呼出的空气分子数为1.6×1023个。【点评】本题考查气

体状态方程的玻意耳定律，要清楚的找到初末状态的各个物理量，结合物质的量的知识求解运动员一次呼出空气分子数。[物理-选修3-4]17．一列简谐横波沿x轴正向传播，t＝0时波的图象如图所示，质点P的平衡位置在x＝8m

处。该波的周期T＝0.4s。由此可知。该列波的传播速度为20m/s。在0～1.2s时间内质点P经过的路程为1.2m，t＝0.6s时质点P的速度方向沿y轴负方向（选填“负”或“正”）。【分析】根据图示波形图求出波长

，根据波速、波长与周期的关系求出波速；质点在一个周期内的路程是振幅的4倍，由图示波形图求出质点的振幅，然后求出质点的路程；根据题中所给时间与周期的关系，可以找出P点的位置及振动方向【解答】解：由图示波形图可知，波长为：λ＝8m，则波速为：；由波形图可知，质点的振幅为：A＝10cm

，时间t＝1.2s＝3T，质点P的路程为：s＝3×4A＝12×10cm＝120cm＝1.2m；t＝0时刻，质点P在平衡位置向上振动，，质点P由平衡位置向下振动，即质点P的速度方向沿y轴负方向.故答案为：20m/s；1.2

m；负.【点评】机械振动问题中，一般根据波形图得到波长，从而得到波速；根据题中所给时间找出和周期之间的关系，由于一个周期路程为4A，所以找出时间和周期的关系就可以找出路程.18．如图所示。在深h1＝4m的湖底O处有一激光光源。一桅杆顶部高出湖面h2＝5m的帆船静止在湖面上，

从O点发出一束激光从水面出射后恰好照射到桅杆顶端。该出射光束与竖直向的夹角为45°，已知桅杆顶点A到O点的水平距离为x＝9m。（1）该湖水的折射率是多少？（2）当激光束方向与竖直方向的夹角为多少度时，将没有光从水面射出

？【分析】（1）根据几何关系求解激光束在水中与竖直方向的夹角，根据折射定律求解折射率；（2）根据发生全反射的条件求解临界角，由此分析没有光从水面射出时激光束方向与竖直方向的夹角。【解答】解：（1）设光束从水面射出的点到桅杆的水平距离为x1，到O点的水平距离为x2，激光束在水中与竖直方向的

夹角为θ，由几何关系有：x1＝h1＝5mtanθ＝＝＝＝，所以θ＝30°由折射定律有：n＝＝；（2）光射到水面上时的临界角为C，则有：sinC＝＝所以C＝45°当激光束方向与竖直方向的夹角不小于45°，将没有光从水面射出。答：

（1）该湖水的折射率是；（2）当激光束方向与竖直方向的夹角不小于45°，将没有光从水面射出。【点评】本题主要是考查了光的折射，解答此类题目的关键是弄清楚光的传播情况，画出光路图，根据图中的几何关系求出折射角或入射角，然后根据

光的折射定律或全反射的条件列方程求解。获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com