【文档说明】重庆市西北狼教育联盟2024-2025学年高二上学期开学考试物理试题 Word版含解析.docx，共(17)页，5.503 MB，由小赞的店铺上传

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西北狼教育联盟2024年秋季开学学业调研高二物理试题考试时间：90分钟注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、考号填写在答题卡上相应的位置．2．作答时，全部答案在答题卡上完成，答在本试卷上无效．3．考试结束后，只交答题卡，试卷由考生带走．一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．其

中1~8为单项选择题，9~12为多项选择题）1.战国时期的《甘石星经》最早记载了部分恒星位置和金、木、水、火、土五颗行星“出没”的规律。现在我们知道（）A.恒星都是静止不动的B.行星绕太阳做圆周运动C.行星绕

太阳运行的速率不变D.各行星绕太阳运行的周期不同【答案】D【解析】【详解】A．恒星都是运动的。故A错误；B．根据开普勒第一定律可知行星绕太阳做椭圆运动。故B错误；C．根据开普勒第二定律可知行星绕太阳运行的速率与行星和太阳的距离有关。故C错误

；D．根据开普勒第三定律可知，各行星绕太阳运行的周期不同。故D正确。故选D。2.如图所示，一运动员在驾驶无动力滑翔伞飞行过程中，在同一竖直平面内沿一段曲线轨迹飞行，而且越飞越快，该过程中关于运动员所受的合力和速度方向的关系，可能正确的是（）A.B.C.D.【答案】B【

解析】【详解】运动员在飞行过程中，在竖直平面内做曲线运动，根据物体曲线运动的合外力指向运动轨迹的内侧；同时，运动员在飞行过程中加速（越飞越快），故合外力与速度的方向的夹角要小于90。故选B。3.质量不等但有相同初动能的两

个物体在动摩擦因数相同的水平地面上滑行，直到停止，则（）A.质量大的物体滑行距离大B.质量小的物体滑行距离大C.两个物体滑行的时间相同D.质量大的物体克服摩擦力做的功多【答案】B【解析】【详解】ABD．由动能定理得k0mgxE−=−解得kExmg=两个物体克服摩擦力做的功一样多，质

量小的物体滑行距离大，故B正确，AD错误；C．由2k12Emv=可得k2Evm=再由k21Evtggm==可知，滑行的时间与质量有关，两个物体滑行时间不同，故C错误。故选B。4.波轮洗衣机中的脱水筒如图所示，在脱水时，衣服紧贴在筒壁上做匀速圆周运动。某次在运行脱水程序时

，有一硬币被甩到桶壁上随桶壁一起做匀速圆周运动。下列说法正确的是（）A.硬币受重力、弹力、摩擦力和向心力4个力的作用B.硬币随脱水桶做圆周运动所需的向心力由硬币受到的摩擦力提供C.洗衣机的脱水桶转动得越快，硬币与桶壁间的弹力就越大D.脱水时，

被甩出去的水滴受到离心力作用【答案】C【解析】【详解】A．向心力是一种效果力，实际上不存在，有其他力提供，可知，硬币受重力、弹力与摩擦力3个力的作用，故A错误；B．硬币随桶壁一起做匀速圆周运动，重力竖直向下，静摩擦力竖直向上，可知，硬币随脱水桶做圆周运动所

需向心力由硬币受到的弹力提供，故B错误；C．结合上述有2Nmr=可知，洗衣机的脱水桶转动得越快，硬币与桶壁间的弹力就越大，故C正确；D．离心力也是一种效果力，实际上不存在，脱水时，由于衣物对水滴的作用力不足以提供水滴圆周运动的向心力，导致水滴做离心运动被甩出去

，故D错误。故选C。5.如图所示，摩天轮悬挂的座舱在竖直平面内做匀速圆周运动．座舱的质量为m，运动半径为R，角速度大小为ω，重力加速度为g，则座舱的A.运动周期为2πRB.线速度的大小为ωRC.受摩天轮作用力的大小始终为mgD.所受合力大小始终为mω2R【答案

】BD【解析】【详解】由于座舱做匀速圆周运动，由公式2πT=，解得：2πT=，故A错误；由圆周运动的线速度与角速度的关系可知，vR=，故B正确；由于座舱做匀速圆周运动，所以座舱受到摩天轮的作用力是变力，不可能始终为mg，故

C错误；由匀速圆周运动的合力提供向心力可得：2FmR=合，故D正确．6.嫦娥六号是中国嫦娥探月计划的第六个探测器，着陆区为月球背面南极-艾特肯盆地，2024年5月8日10时12分，嫦娥六号顺利进入环月圆轨道飞行．若探测器

在轨飞行的周期为T，轨道半径为r，月球的半径为R，万有引力常量为G，则下列说法正确的有（）A.嫦娥六号的发射速度必须达到第三宇宙速度B.在环月轨道上，地球对探测器的引力等于月球对探测器的引力C.月球的平均密度23GT=D.月球第一宇宙速度2324rvTR=【答案】D【

解析】的的【详解】A．嫦娥六号登月，依然绕地球运动，发射速度大于第一宇宙速度即可，故A错误；B．在环月轨道上，探测器受月球和地球的引力提供向心力，由于探测器绕月运动，则地球对探测器的引力小于月球对探测器的引力，故B错误；C．根据万有引力提供向心力

有2224GMmmrrT=月球的平均密度为3233343MrGTRR==故C错误；D．根据万有引力提供向心力有2224GMmmrrT=月球的第一宇宙速度满足22GMmvmRR=解得2324rvTR=故D正确。故选D。7

.新能源汽车以恒定的加速度由静止开始沿平直的公路行驶，t1时刻达到发动机额定功率后保持功率不变，t2时刻起匀速行驶。汽车所受的阻力大小不变，则此过程中汽车的加速度a、速度v、牵引力F、功率P随时间t的变化规律正确的是（）A.B.C.D.

【答案】C【解析】【详解】A．由题意可知汽车以恒定的加速度启动，则汽车先做匀加速直线运动，后做加速度减小的加速运动，再做匀速直线运动，加速度为零，故A错误；B．0~t1阶段图线为过原点的倾斜直线，故B错误；C．0~t1汽车的牵引力恒定不变，

t1后汽车的功率等于额定功率，速度增大，牵引力减小，根据PFv=可知，P不变，v增大的越来越慢，则F减小的越来越慢，即t1~t2图线的斜率减小，t2后加速度减为零，汽车的速度达到最大，汽车开始匀速直线运动，即牵引力等于阻力，故C

正确；D．汽车做匀加速直线运动时，根据PFv=由于v随时间均匀增大，F不变，则该阶段P随t均匀增大，即图线为一条过原点的倾斜直线，汽车的功率达到额定功率时，汽车的功率恒定不变，故D错误。故选C。8.如图所

示，固定的倾斜光滑杆上套有一个质量为m的圆环，圆环与竖直放置的轻质弹簧一端相连，弹簧的另一端固定在地面上的A点，弹簧处于原长时，圆环高度为h.让圆环沿杆滑下，滑到杆的底端时速度为零.则在圆环下滑到底端的过程中(杆与水平方向夹角为30°)()A.圆环机械能守恒B

.弹簧的弹性势能先减小后增大C.弹簧的弹性势能变化了mghD.弹簧与光滑杆垂直时圆环动能最大【答案】C【解析】【详解】圆环沿杆滑下，滑到杆的底端的过程中有两个力对圆环做功，即环的重力和弹簧的拉力；所以圆

环的机械能不守恒，如果把圆环和弹簧组成的系统作为研究对象，则系统的机械能守恒，故A错误．弹簧的弹性势能随弹簧的形变量的变化而变化，由图知弹簧先缩短后再伸长，故弹簧的弹性势能先增大后减小再增大．故B错误．

根据系统的机械能守恒，圆环的机械能减少了mgh，那么弹簧的机械能即弹性势能增大mgh．故C正确．当弹簧的弹力、重力和细杆轨圆环的支持力这三个力平衡时，圆环的加速度为零，速度最大，此位置不在弹簧与光滑杆垂直的位置，选项D错误；故选C.【点睛】此题主要是分析圆环沿杆下滑的过程的受力和做功情况，只有

重力弹簧的拉力做功，所以圆环机械能不守恒，但是系统的机械能守恒；当沿杆方向合力为零的时刻，圆环的速度最大．9.如图所示，竖直墙壁上的M点到地面有Ⅰ、Ⅱ两条固定光滑轨道，从M点静止释放的物块分别沿不同轨道滑到地面，下列说法正确的是（）A

.物块落地时速度相同B.沿Ⅰ下滑重力做功等于沿Ⅱ下滑重力做功C.沿Ⅰ下滑重力的平均功率等于沿Ⅱ下滑重力的平均功率D.物块滑到地面时，沿Ⅰ下滑重力的瞬时功率大于沿Ⅱ下滑重力的瞬时功率【答案】BD【解析】【详解】A．根据机械能守恒定律可知，两次物块到达底端的速度大小相等，但方向不同，故A错误；B．物块

下滑过程重力做功Wmgh=两次物块下滑的高度相等，则重力做功相等，故B正确；C．设斜面的倾角为，根据牛顿第二定律可知sinmgma=解得sinag=根据运动学规律有21sinsin2hgt=则重力

的平均功率为2sin2gmghPmghht==则物块运动过程中，沿Ⅰ下滑重力的平均功率大于沿Ⅱ下滑重力的平均功率，故C错误。D．重力的瞬时功率为sinPmgv=两次物块到达底端的速度大小相等，可知物块滑到地面时，沿

Ⅰ下滑重力的瞬时功率大于沿Ⅱ下滑重力的瞬时功率，故D正确。故选BD。10.在竖直平面内有一条光滑弯曲轨道，轨道上各个高点的高度如图所示，一个小环套在轨道上，从1m高处以大小为8m/s、沿轨道切线方向的初速

度下滑，则下列说法正确的是（g取10m/s2）（）A.到达第①高点的速度约为8.6m/sB.到达第①高点的速度约为74m/sC.小环不能越过第③高点D.小环能越过第④高点【答案】AD【解析】【详解】AB．根据机械能守

恒定律可得220111122mghmvmghmv+=+则小环到达第①高点的速度为()2110274m/s8.6m/svghhv=−+=故A正确，B错误；CD．设小环能达到最大高度为H，由机械能守恒有2012mghmvmgH+=解得4

.2mH=所以小环能越过第③④高点，故C错误，D正确。故选AD。11.2024年5月21日，我国在酒泉卫星发射中心使用快舟十一号遥四运载火箭，成功将武汉一号卫星、超低轨技术试验卫星等4颗卫星发射升空，卫

星顺利进入预定轨道，发射任务获得圆满成功。下列关于人造地球卫星的说法正确的是（）A.同一颗卫星绕地球做圆周运动的轨道高度越高，机械能越大B.高轨卫星的运行速度大于7.9km/sC.卫星由较低轨道变轨至更高轨道时需要加速D.相对于地面静止的同步轨道卫星可能处于辽宁

某地正上方【答案】AC【解析】【详解】A．同一颗卫星绕地球做圆周运动的轨道高度越高，对应的发射速度越大，发射卫星所需的能量越大，则卫星的机械能越大，选项A正确；B．第一宇宙速度7.9km/s，是卫星在地球表面附近绕地球做匀速圆周运动的最小速度，卫星由万有引力

提供向心力可得22MmvGmrr=GMvr=由上式可知，卫星的轨道半径越大，运行速度越小，因此高轨卫星的运行速度小于第一宇宙速度7.9km/s，选项B错误；C．卫星由较低轨道变轨至更高轨道时需要加速做离心运动，选项C正确；D．相对于地面静止的同步轨

道卫星只能定点在赤道的正上方，不可能处于辽宁某地正上方，选项D错误。故选AC。12.如图所示，两个34圆弧轨道固定在水平地面上，半径R相同，a轨道由金属凹槽制成，b轨道由金属圆管制成（圆管内径远小于半径R），均可视为光滑轨道，在两轨道右端的正上方分别将金属小

球A和B（直径略小于圆管内径）由静止释放，小球距离地面的高度分别用Ah和Bh表示，下列说法中正确的是（）A.若AB52hhR=，两小球都能沿轨道运动到最高点B.若AB32hhR=，两小球在轨道上上升的最大高度均为32RC.适当调整Ah和Bh，均可使两小球从轨道最高点

飞出后，恰好落在轨道右端口处D.若使小球沿轨道运动并且从最高点飞出，Ah的最小值为52R，B小球在B2hR的任何高度释放均可【答案】AD【解析】【详解】AD．若小球A恰好能到达a轨道的最高点，有2AvmgmR=由机械能守恒定律可知2AA1(2)2mghRmv−=解得A5

2hR=若小球B恰好能到b轨道的最高点，在最高点的速度vB=0，根据机械能守恒定律2BB1(2)2mghRmv−=得B2hR=所以AB52hhR=两球都能到达轨道的最高点，故AD正确；B．若Bh=32R，则小球B在轨道b上上升的最大高度等于32R；若Ah=32R，则小球A在轨道左上方某位置脱

离轨道，脱离时有一定的速度，由机械能守恒定律可知，A在轨道上上升的最大高度小于32R，故B错误；C．小球A从最高点飞出后做平抛运动，下落R高度时，水平位移的最小值为AA22RxvRRg==所以小球A落在轨道右端

口外侧，而适当调整Bh，B可以落在轨道右端口处，所以适当调整Ah和Bh，只有B球可以从轨道最高点飞出后，恰好落在轨道右端口处，故C错误。故选AD。二、实验题（本大题共2小题，第13题6分，第14题10分，共16分）13.西北狼教育联盟开展学生实验交流活动．（1）某学校学生探究向心力与哪

些因素有关，借助如图1所示装置进行探究．在电动机控制下，悬臂可绕轴在水平面内匀速转动，固定在连杆上的砝码随之做匀速圆周运动，无线光电门传感器安装在悬臂的一端．①在该实验中，主要利用了______来探究向心力与质量、半径、角

速度之间的关系．A．理想实验法B．微元法C．控制变量法D．等效替代法②探究向心力的大小与圆周运动半径的关系时，应选择两个质量______（“相同”或“不同”）的小球．（2）另一学校学生用如图2所示的装置与传感器结合，探究向心力大小

的影响因素．实验时用手拨动旋臂使它做圆周运动，力传感器和光电门固定在实验器上，测量角速度和向心力．③电脑通过光电门测量挡光杆通过光电门的时间，并由挡光杆的宽度d、挡光杆通过光电门的时间t、挡光杆做圆周运动的半径r，自动计算出砝码做圆周运动的角速度，则计算其角速度的

表达式为=______．【答案】（1）①.C②.相同（2）drt【解析】【小问1详解】[1]在研究向心力F的大小与质量m、角速度和半径r之间的关系时，先控制其中两个物理量不变，研究向心力大小与另一个物理量的关系，主要用到的物

理方法是控制变量法。ABD错误，C正确。故选C。[2]探究向心力的大小与圆周运动半径的关系时，需控制角速度和质量相同，运动半径不同，应选择两个质量相同的小球。【小问2详解】砝码转动的线速度Δdvt=由线速度、角速度的关系可得vr=联立解得Δdrt=14.某同学用如图甲所示的装置验证机械能守

恒定律，他将两物块A和B用轻质细绳连接并跨过轻质定滑轮，B下端连接纸带，纸带穿过固定的打点计时器，用天平测出A、B两物块的质量A300gm=，B100gm=，A从高处由静止开始下落，B拖着的纸带打出一系列的点，

对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律，图乙给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个点（图中未标出），计数点间的距离如图乙所示，已知打点计时器计时周期为0.02sT=，则：（1）在打点0~5过程中系统

势能的减小量E=p______J，系统动能的增加量kE=______J，由此得出的结论是______：（重力加速度29.8m/sg=，结果均保留三位有效数字）（2）实验结果显示，动能的增加量小于重力势能的

减少量，主要原因可能是______。A.工作电压偏高B.存在空气阻力和摩擦阻力影响C.先释放重物，后接通电源打出纸带D.利用公式2vgh=计算重物速度（3）用v表示物块A的速度，h表示物块A下落的高度。若某同学作出的22vh−图像如图丙所示

，则可求出当地的重力加速度g=______2m/s（结果保留三位有效数字）。【答案】（1）①.1.18②.1.15③.在误差允许的范围内，A、B组成的系统机械能守恒（2）B（3）9.70【解析】【小问1详解】[1]在打点0~5过程中系统重力势能的减小量()2pABΔ(

)0.30.19.8(38.4021.60)10J1.18JEmmgh==−=－－＋[2]根据某段时间内平均速度等于中间时刻的瞬时速度，计数点5的瞬时速度的2465(21.6026.40)10m/s2.40m/s250

.2Txv−+===则系统动能增加量()22kAB511Δ00.42.4J1.15J22Emmv=+−==[3]在误差允许的范围内，A、B组成的系统机械能守恒。【小问2详解】A．工作电压的高低不会影响打点计时器的打点时间间隔，因此不会使得动能的增加量减小故A错误；B．重物下落过

程中受到空气阻力、摩擦阻力作用，则会使重物动能增加量减小，即动能的增加量小于重力势能的减少量，故B正确；C．先释放重物，后接通电源打出纸带，则会导致纸带上打出很少的点，就会产生较大的实验误差，但不一定会使重物的动能增加量

减小，故C错误；D．利用公式2vgh=计算重物速度，已经认为机械能守恒，所以两者应该没有误差，故D错误。故选B。【小问3详解】根据机械能守恒定律得()()2ABAB12mmghmmv−=+可得ABB2A12mmvghmm−=+由图丙可得22vh−图像斜率

B2AAB5.82m/s1.20mmkgmm−==+代入数据得g＝9.70m/s2三、计算题（本大题共4小题，第15题6分，第16题8分，第17题10分，第18题12分，共36分）15.胎压监测器可以实时监测汽车轮胎内部的气压，在汽车上安装胎压监

测报警器，可以预防因汽车胎压异常而引发的事故．如图所示，一辆质量为800kg的小汽车行驶在山区的波浪形路面，路面可视为圆弧且左右圆弧半径相同，半径40mr=，根据胎压可计算出汽车受到的支持力，当支持力达到45.810N

时检测器报的警．重力加速度g取210m/s。（1）汽车在A点速度mv多大时会触发报警？（2）汽车要想不脱离路面，在最高点B时的最大速度Bv是多少？【答案】（1）m50m/sv=（2）20m/sBv=【解析】【小问1详解】汽车在凹形路面最底端受到重力

和支持力作用，根据牛顿第二定律有2mmmvFmgr−=解得m50m/sv=【小问2详解】若汽车在最高点B对路面没有压力时，只受到重力作用提供向心力，则有2Bmvmgr=代入数据，解得20m/sBv=16.完全由我国自行设计、建造的国产新型航空母舰已完成多次海试，并取得成功．航母上

的舰载机采用滑跃式起飞，故甲板是由水平甲板和上翘甲板两部分构成，如图1所示．为了便于研究舰载机的起飞过程，假设上翘甲板BC是与水平甲板AB相切的一段圆弧，示意如图2，AB长1150mL=，BC水平投影263mL=，图中

C点切线方向与水平方向的夹角12=（sin120.21）．若舰载机从A点由静止开始做匀加速直线运动，经6st=到达B点进入BC．已知飞行员的质量60kgm=，210m/sg=，求（1）舰载机水平运动的过程中，飞行员受到的水平力所做功

W；（2）舰载机刚进入BC时，飞行员受到竖直向上的压力NF多大．【答案】（1）47.510JW=；（2）3N1.110NF=【解析】【详解】（1）舰载机由静止开始做匀加速直线运动，设其刚进入上翘甲板时的速度为，则有12Lt=①根据动能定理，有2102Wm=−②

联立①②式，代入数据，得47.510JW=③（2）设上翘甲板所对应的圆弧半径为R，根据几何关系，有2sinLR=④由牛顿第二定律，有2NFmgmR−=⑤联立①④⑤式，代入数据，得3N1.110NF

=⑥17.2023年《三体》电视剧异常火爆，点燃了人类探索未知世界的热情。假如将来的某一天你成为了一名优秀的宇航员，你驾驶宇宙飞船对火星进行探测，为了研究火星表面的重力加速度你精心设计了如图所示的实验装置，该实验装置由光滑倾斜轨道AB、水平轨道BC和光滑圆形轨道CDE组成

，轨道间平滑连接（小球经过连接点时速度大小不变），随后登陆火星后做了该实验，在轨道AB距水平轨道BC高为h=3R处无初速释放一个质量为m的小球，小球从C点向右进入半径为R的光滑圆形轨道，小球恰好通过圆形轨道最高点E且测得在E点的速度为v0.假设火星为均质球体，火星的半径为r。求：（1）火星表面的

重力加速度g；（2）火星的第一宇宙速度v；（3）小球从A点到E点的过程中，因摩擦产生的热量Q。【答案】（1）20vgR=；（2）20rvvR=；（3）202mvQ=【解析】【详解】（1）小球恰好通过圆形轨道

最高点时20vmgmR=解得火星表面的重力加速度20vgR=（2）对环绕火星表面做圆周运动的物体2''vmgmr=解得20rvvgrR==（3）小球从A点到E点的过程中，由能量守恒可得20(2)2mvmg

hRQ−=+解得202mvQ=