【文档说明】重庆市江津中学校2020-2021学年高一下学期入学考试物理试题含答案.docx，共(8)页，262.965 KB，由小赞的店铺上传

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江津中学2020—2021学年度下期开学考试高2023级物理试卷（考试时间：90分钟满分100分）第Ｉ卷（选择题共48分）一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分1．有关超重和失重的说法，正确的是()A.竖直上抛运动的物体处于超重状态B.物体处于超重状态

时，所受重力增大；处于失重状态时，所受重力减小C.在沿竖直方向运动的升降机中出现失重现象时，升降机可能处于上升过程D.在沿竖直方向运动的升降机中出现失重现象时，升降机一定处于下降过程2．关于牛顿运动定律和物体的运动状态与其受力的关系，以下

说法正确的是（）A.物体受到不为零的恒定合外力，物体一定做匀变速直线运动B.物体做曲线运动是变速运动，合外力可能恒定不变C.物体受到的合外力方向与初速度方向相反时，物体一定做减速直线运动D.苹果之所以能落地，是因为受到的地球的吸引力；而月亮之所以能

绕地球圆周运动而没有掉到地球上，是因为地球对它没有力的作用3．以10m/s的速度沿平直公路行驶的汽车，遇障碍物刹车后获得大小为a=4m/s2的加速度，刹车后第3s内，汽车走过的路程为（）A.0.5mB.2mC.10mD.12.5m4．一质量为2kg的质点在xOy平面内运动，在

x方向的x-t图象和y方向的v-t图象分别如图所示．下列关于该质点的说法正确的是（）A．初速度为3m/sB．做匀变速直线运动C．初速度方向与合外力方向垂直D．所受的合外力为3N5．如图所示，质量为m的小球与弹簧Ⅰ和水平细线Ⅱ相连，Ⅰ、Ⅱ的另

一端分别固定于P、Q.小球静止时，则()A．弹簧弹力大小为mgcosθB．细线的拉力大小为mg/tanθC．剪断细线的瞬间，球的加速度gtanθ，方向水平向左D．剪断细线的瞬间，则a＝g，方向竖直向下6．在t＝0时刻汽车a和b沿两条平直的

平行车道以相同速度同时经过同一地点，如图所示，直线a和曲线b分别是这两车行驶的速度－时间图象，由图可知()A．在t1时刻，两车再次相遇B．在t1时刻，两车运动方向相反C．在0～t1这段时间内，b车的平均速度大于v1＋v22D．在0～t1这段时间内，b车的速度先增大后减小，且方

向发生改变7．如图所示，绷紧的传送带在轮子带动下始终以v=2m/s的速度水平转动，将质量为m=0.1kg的工件轻放到皮带A端，若工件与皮带间的动摩擦因数μ=0.1，A、B间距L=8m,g取10m/s2.则下列叙述正确的是()A.工件做匀加速直线运动的加速度大小为2m/s2B.工

件从A到B所用的时间为4sC.工件相对传送带滑动的距离为3mD.工件从A到B的平均速度大小为1.6m/s8．如图所示，粗糙水平面上放置B、C两物体，A叠放在C上，A、B、C的质量分别为m、2m和3m，物体B、C与水平面间的动摩擦因数相同，其间用一不可伸长

的轻绳相连，轻绳能承受的最大拉力为FT．现用水平拉力F拉物体B，使三个物体以同一加速度向右运动，则（）A．此过程中物体C受重力等五个力作用B．当F逐渐增大到FT时，轻绳刚好被拉断C．当F逐渐增大到1.5FT时，轻绳刚好被拉断D．若水平面光滑，则绳刚断时，A、C间的摩擦力为二、多项选

择题，共4个小题，每题4分，共16分。每题至少有2个选项正确，全部选对得4分，选对但不全得2分，有错选或不选得0分。9．关于静摩擦力，下列说法中正确的是（）A．两个相对静止的物体之间可能摩擦力的作用B．静摩擦力的大小与接触面的性质及正压力有关C．静摩擦力的方向总

是与物体的相对运动趋势方向相反D．当认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力时，可以用f=μN计算静摩擦力10．图为蹦极运动的示意图。弹性绳的一端固定在A点，另一端和运动员相连。运动员从A点自由下落，至点B弹性绳自然伸直，经过合力为零的点C到达最低点D，然后弹起。整个

过程中忽略空气阻力。分析这一过程，下列表述正确的是（）A．经过B点时，运动员的速率最大B．经过C点时，运动员的速率最大C．从B点到C点过程中，运动员的加速度减小，处于失重状态D．从C点到D点过程中，运动员的加

速度增大，处于失重状态。11．小河宽为d，河水中各点水流速度与各点到较近河岸边的路离成正比，kxv=水，dvk04=，x是各点到近岸的距离，小船胎头始终垂直河岸渡河、小船划水速度为0v，则下列说法中正确的是()A．小船渡河时的轨迹为直线B．小船波河时的轨迹为曲线C．

因为水流速度的变化，小船渡河时间将要大于0vdD．小船到达距河对岸d43处，船的渡河速度为02v12．一质量为2kg的物体受到水平拉力作用，在粗糙水平面上作加速直线运动时的a-t图像如图所示，t=0时其速度大小为2m/s，滑动摩擦力大小恒为2N，则()A．在t=2s

时刻，物体的速度为5m/sB．在0～2s时间内，物体做的位移小于7mC．在0～2s时间内，物体做的移大于7mD．在t=1s时刻，拉力下F的大小为3N第Ⅱ卷（非选择题共52分）二、实验题（每空各2分，共16分）13．（6分）某同学用图a装置完成“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实

验，部分实验步骤如下：A．将铁架台固定于桌子上，并的v0t/sa(m/s2)F122图乙将弹簧的一端系于横梁上，在弹簧附近竖直固定一刻度尺B．记下弹簧不挂钩码时，其下端在刻度尺上的刻度L0C．依次在弹

簧下端挂上1个、2个、3个、4个……钩码，并分别记下钩码静止时，弹簧下端所对应的刻度并记录在表格内，然后取下钩码D．以弹簧长度x为横坐标，以弹力F为纵坐标，描出各组数据(x，F)对应的点，作出F—x图线(1)．若他

通过实验得到如图(b)所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线．由此图线可得该弹簧的原长x0＝____________cm，劲度系数k＝________N/m(2)．他又利用本实验原理把该弹簧做成一把弹簧秤，当弹簧秤上的示数如图(c)所示时，该弹簧的伸长量x＝____

____________cm14．（10分）利用如图甲所示的装置可以验证牛顿第二定律。(1)除了图中器材外，在下列器材中还必须使用的有___________（选填选项前的字母）。A．低压直流电源B．220V、50Hz的交流电源C．天平（或电子秤）

D．刻度尺(2)．如图乙所示为某同学某次实验中打出纸带的一部分，已知实验中打点计时器的打点周期为0.02s，纸带上的0、1、2、3、4、5、6为相邻的计数点，在每两相邻的计数点间还有4个点没有画出，则小车的加速度a=_________m/s2．(3)．该实验中“细线对小车的

拉力F等于砂和桶所受的总重力”是有条件的。若实验前已经平衡好了摩擦，将小车的质量记为M，砂和桶的总质量记为m，重力加速度为g，根据牛顿第二定律可计算出细线作用于小车的拉力F=__________（用题中所给字母表示）。如果实验中要进行质量M和m的选取，以下最合理

的一组是_______。A．M=20g，m=10g、15g、20g、25g、30g、40gB．M=200g，m=20g、40g、60g、80g、100g、120gC．M=400g，m=10g、15g、20g、25g、30g、40gD．M=400g，m=20g、40g、60g、80g

、100g、120g(4)．在本实验中认为细线对小车的拉力F等于砂和桶的总重力mg，已知两位同学利用实验数据做出的aF−图像如图丙中的1、2所示。下列分析正确的是（选填选项前的字母）。A．出现图线1的原因可能是在平衡摩擦力时长木板的倾斜度过大B．出现

图线1的原因可能是在平衡摩擦力时长木板的倾斜度过小C．出现图线2的原因可能是砂和桶的总质量不合适D．出现图线2的原因可能是小车的质量过大三、计算题（本题共计3小题,共36分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必

须明确写出数值和单位）15．（10分）一只鸟在距水面20m的上空以5m/s的速度水平飞行.突然它叼着的一条0.1kg的鱼从口中掉落.不计空气阻力（g取10m/s2），求（1）鱼从脱离到撞击水面的过程中，水平方向的位移大小

；（2）鱼撞击水面的速度大小16．（12分）可爱的企鹅喜欢在冰面上玩游戏，如图所示，有一企鹅在倾角为37°的倾斜冰面上，先以加速度a=0.5m/s2从冰面底部由静止开始沿直线向上“奔跑”，t=8s时，突然卧倒以肚皮贴着冰面向前滑行，最后退滑

到出发点，完成一次游戏（企鹅在滑动过程中姿势保持不变）。已知企鹅肚皮与冰面间的动摩擦因数µ=0.25，sin37°=0.60，cos37°=0.80，重力加速度g取10m/s2。求：（1）企鹅向上“奔跑”的位移大小；（2）企鹅在冰面向前滑动的加速度大小；（3）企鹅退滑到出发点时的速度大小。（结果可

用根式表示）17．（14分）如图所示，质量为M＝2kg的木板静止在水平面上，质量为m＝1kg的物块以大小为v0＝12.5m/s的速度从木板的左端水平向右滑上长木板，同时给物块施加一个F＝8N、水平向左的恒力，已知物块与木板间动摩擦因数μ1＝0.4，

木板与地面间的动摩擦因数μ2＝0.1，最大静摩擦力可视为等于滑动摩擦力，物块不会从木板的右端滑离，重力加速度g＝10m/s2。求（1）物块滑上木板瞬间，物块和长木板的加速度大小；（2）要使物块不从木板的右端滑离，木

板的长度至少为多少？（3）求从静止开始运动，木板在2s内前进的位移（该过程物块未滑离木板）。高一年级入学考试物理试卷1、C2、B3A、4D、5C6、C7、D8、C9、AC10、BC11、BD12AB1

3(1)425(2)1214(1).BCD(2).0.48(3).()MmgFMm=+(4).C(5).AC15（1）10m（2）20.5/ms16、（1）“奔跑”过程21162xatm==（2）上滑过程：21sincos8/aggms=

+=下滑过程22sincos4/aggms=−=（3）上滑位移()21112atxma==，退滑到出发点的速度()2212vaxx=+，解得234/11.7/vmsms=15、（14分）解析：物块刚滑上长木板瞬间，设物块加速度为a1,长木板加速度为

a2,根据牛顿第二定律可得：分分1)(122111=+−=+MagMmmgmamgF解得：分分1/5.01../122221==smasma（2）设

经过t1时间物块与长木板刚好具有共同速度v1，物块前进的位移为x1,长木板前进的位移为x2,分分分分1..21..21...1....11211011211101=+==−=tvxtvvxtavtavv解得：mxxx25.612=−=木板的最小长度为6.25m…

……………1分（3）判断：假设二者共速后不再发生滑动，向右共同运动的加速度为共a，根据牛顿第二定律可得：共静共mafFamMgmMF=++=++)()(2解得：NfNf4313max==静故假设不成立，此后物

块与木板间滑动摩擦反向。…………………1分设木板向右减速至零过程，加速度大小为a3,用时t2,前进位移大小x3,由牛顿第二定律和运动学公式得：31232113212)(avtavxMagMmmg===++

解得：分，22817131==mxst余下2132ttt−−=，木板向左匀加速，有：234442121)(taxMagMmmg==+−解得：mx4994=mxxxx495432=−+=总所以长木板在2s内的位移为m4

95………………2分