【文档说明】【精准解析】四川省棠湖中学2020届高三下学期3月第一次在线理综物理试题.doc，共(20)页，892.500 KB，由小赞的店铺上传

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2020届四川省棠湖中学高三下学期3月第一次在线理综物理试题二、选择题1.已知22688Ra、22286Rn、42He的静止质量分别是226.0254u、22.0175u、4.0026，u为原子质量单位，且1u相当于931.5MeV。当2268

8Ra发生α衰变时，下列说法正确的是（）A.22688Ra的质量等于组成它的核子的质量之和B.22688Ra发生一次α衰变释放的核能为4.93695MeVC.因22688Ra的比结合能比22286Rn

小，所以22688Ra比22286Rn更稳定D.一个静止的22688Ra发生一次α衰变，产生的22286Rn和42He的速度之比约为111：2【答案】B【解析】【详解】A．原子核的质量小于组成它的核子的质量之和，这个现象就是质量亏损，A不符合题意；B．2268

8Ra发生α衰变释放出核能，一次衰变释放的核能E=(2.0254-22.0175-4.0026)×931.5MeV=4.93695MeVB符合题意；C．原子核的比结合能越大，说明把它分成单个的核子需要赋予更多的能量，因此原子核更稳定，22688Ra的比结合能比22286Rn

小，所以据22286Rn比22688Ra更稳定，C不符合题意；D．衰变时动量守恒可知，22286Rn和42He的速度之比为两者质量的反比质量之比约为质量数之比，故22286Rn和42He的速度之比约为

2：111，D不符合题意。故选B。2.如图，在灭火抢险的过程中，消防队员有时要借助消防车上的梯子爬到高处进行救人或灭火作业．为了节省救援时间，人沿梯子匀加速向上运动的同时消防车匀速后退，则关于消防队员的运动，下列说法中正确的是（）A.消

防队员做匀加速直线运动B.消防队员做匀变速曲线运动C.消防队员做变加速曲线运动D.消防队员水平方向的速度保持不变【答案】B【解析】【详解】ABC．根据运动的合成，知合速度的方向与合加速度的方向不在同一条直线，其加速度的方向大小不变，所以消

防员做匀变速曲线运动，AC错误，B正确；D．将消防员的运动分解为水平方向和竖直方向，知水平方向上的速度为匀速后退的速度和沿梯子方向速度在水平方向上的分速度的合速度，因为沿梯子方向的速度在水平方向上的分速度在变，所以消防队员水平方向的速度在变，

D错误。故选B。3.如图所示的变压器电路中，三个定值电阻的阻值相同，理想变压器原、副线圈的匝数比为2：1，在ab、端加上电压为U的交流电压，电键S断开时，电流表的示数为I，则S闭合后，电流表的示数为A.25IB.52IC.35ID.53I【答案】

D【解析】【详解】设每个定值电阻的阻值为R，电键S断开时，根据变流比，副线圈中的电流为2I，副线圈两端的电压为2IR，根据变压比，原线圈两端的电压为4IR，结合串并联电路特点有45UIRIRIR=+=同理，当电键S闭合时

，设电流表的示数为1I，副线圈中的电流为12I，副线圈两端的电压为1IR，原线圈两端的电压为12IR，则11123UIRIRIR=+=得到153II=故D正确。故选D。4.地球绕太阳的公转可视为匀速圆周运动，周期为T1，轨道半径为r1；月球绕地球做匀速圆周运动，周期为T2，轨道半径为

r2。由此可知（）A.地球和月球的质量之比为32213212rTrTB.太阳和月球的质量之比为32113222rTrTC.月球和地球的向心加速度大小之比为212221rTrTD.太阳和地球的质量之比为32123221rTrT【答案】D【解析】【分析】由题中“地球绕太阳的公转可视为匀速圆周运动”

可知，本题考查万有引力定律，根据万有引力定律公式可分析本题。【详解】AB．根据万有引力公式可得2224MmmrGrT=由于不知道绕月轨道的周期，无法求月球的质量，故AB错误；C．根据公式2224MmmrGmarT==可得224raT=则月球和地球的向心加速度大小之比为222121a

rTarT=月地故C错误；D．根据万有引力公式可得2122114MmmrGrT=阳2222224MmmrGrT=地解得32123221rTMrTM=阳地故D正确。故选D。5.如图所示，足够长的固定光滑斜面倾角为θ，质量为m的物体以大小为v0的速度

从斜面底端冲上斜面，到达最高点后又滑回原处．重力加速度为g．该过程中A.物体运动的总时间为0sinvgB.物体所受支持力的冲量大小为02tanmvC.物体所受的重力的冲量为0D.物体所受合力的冲量大小为m

v0【答案】B【解析】【详解】A.物体在斜面上向上和向下运动的时间相等，由运动学公式得v0=gtsin所以物体运动的总时间为02sinvg，选项A错误；B.支持力的冲量大小为mgcos×2t=02tanmv选项B正确；C.物体所受的

重力的冲量为mg×2t=02sinmv选项C错误；D.物体所受合力的冲量大小等于动量改变量即：2mv0，选项D错误．6.如图所示，等腰直角三角形金属线框abc放置在磁场中，∠c=90°，直角边ac长l，磁场方向垂直线框且垂直直面向外，磁感应强度为B0，电流表连接在ab边中。先让线框

以ab边为轴垂直直线匀速转动，转动角速度为；转动较长的时间后，保持线框平面和磁场垂直，再让磁感应强度从B0开始变化，磁感应强度随时间变化的关系为B=B0+kt（k为常数且k＞0）。下列说法正确的是（）A.线框转动和磁场变化两种情况下，电流表示数比值为022Bk

B.线框转动时，从开始到线框转过45°时感应电动势为2022BlC.线框转动时，从开始到线椐转动时间t1=的过程中磁通量的变化量为零D.线框转动和磁场变化两种情况下，从开始到经过相同时间t=2流过ab截面电荷量之比为02Bk【

答案】AD【解析】【详解】A.线框转动过程中产生的感应电动势的有效值为E1=2024Bl电流表示数I1=2024BlR第二种情况下，线框中产生的感应电动势为E2=22kl电流表示数I2=22klR两种情况下，电流表示数比值为0

22Bk，选项A正确；B.从初始位置计时，线框转动过程中产生的感应电动势e=201sin2BIt线框转过45°时感应电动势为2024Bl，选项B错误；C.第一种情况下，线框初始磁通量为20012Bt=转动时间t1=时磁通量2101-2Bt=，21

00--Bt==选项C错误；D.第一种情况下，经过时间t2=2的过程中，201'2Bl=，12Et=，11EIR=，201'2BlqRR==第二种情况下，经过时间t2=2的过程中，22224klqItR==，0122Bqqk

=选项D正确。7.如图所示，半径为r的半圆形光滑绝缘凹槽固定在水平地面上在同一水平面上。地面上方有一水平向右的匀强电场，电场强度为mgqE=。一个质量为m、电荷量为+q的小球，在凹槽最低点C获得一个水平向左的初速度后，能紧贴A点离开

凹槽，在空中飞行一段时间后恰好落在凹槽右侧的B点，已知重力加速度为g。下列说法正确的是A.小球从A到B的运动时间为rgB.小球在A点时对凹槽没有压力C.小球在B点的机械能最大D.小球在C点的初速度为2gr【答案】BC【解析】【详解】A．小球能

紧贴A点离开凹槽，说明离开A点后水平方向的初速度为0，则在水平方向上，小球沿电场方向做匀加速运动.根据题意可知，加速度为g，则有2122rgt=解得2rtg=故选项A错误；B．离开A点后，在竖直方向，小球仅受重力作用，设在A点速度为v，则由竖直上抛

运动可得2vgt=可得vgr=在A点设小球受到凹槽作用力为F，则由牛顿第二定律可得2mvqEFr+=解得F=0故选项B正确；C．根据功能关系可知，小球在B点时电场力对小球做正功最多，故机械能最大，则选项C正确；D．从C到A由动能定理可得2201122qErmgrmvmv−−=

−解得05vgr=则选项D错误；故选BC。8.如图所示，水平向右的匀强电场中，质量为m带正电的小球在A点由静止释放后，沿直线由A点运动到B点。不计空气阻力，在这一过程中，()A.小球的重力势能减小B.小球的动能减小C.小球的机械能减小D.小球的电势能减小【答案】AD【解析

】【详解】小球受到水平向右的电场力，竖直向下的重力，又知道小球沿直线AB运动，故合力方向在直线AB上，由A指向B；A．从A到B，小球的高度减小，重力做正功，重力势能减小，A正确；B．合力方向与运动方向同向，所以做正功，动能增大，B错误；CD．电

场力方向和运动方向夹角为锐角，故电场力做正功，所以电势能减小，机械能增大，C错误D正确；故选AD。三、非选择题：共174分，第22~32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33~38题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共129分。9.

某物理兴趣小组利用图示装置探究小车加速度与外力的关系，小车前端固定的力传感器可以测量轻绳的拉力大小F。（1）将长木板放在水平桌面上，安装好实验装置，在平衡摩擦力的过程中，下列说法或做法正确的是（）A挂上

小吊盘B.滑轮右侧的轻绳必须水平C.轻推小车，使得与小车相连的纸带上打出的点迹均匀分布（2）平衡摩擦力后，保持小车的总质量不变，增加吊盘中的小砝码以改变轻绳的拉力大小，为了减小实验误差，________（选填“需要”或“不需要”）满足吊盘及盘中砝码的总质量远小于小车的总质量。（3）若某同学平

衡摩擦力时木板的倾角过大，但其他步骤操作正确，增添吊盘中小砝码以探究加速度a与外力F的关系，得到的a－F图线应为________________。A.B.C.D.【答案】(1).C(2).不需要(3).D【解析】【详解】(1)[1]将长木板放在水平桌面上，安装好实验装置，在平衡摩

擦力的过程中，需要平衡摩擦力，需要轻推小车，使得与小车相连的纸带上打出的点迹均匀分布；(2)[2]因为本实验使用了力传感器，力传感器的示数即为小车所受的合外力，所以不用满足吊盘及盘中砝码的总质量远小于小车的总质量

；(3)[3]因为平衡摩擦力时木板的倾角过大，所以在没有给予外力的情况下，小车就会有一个加速度，由于使用了力学传感器，所以应是一条直线，所以应选D。10.某同学要用如图1所示电路测量电源的电动势和内阻，同时测定一段粗细均匀的电祖丝电阻，实验器材除滑动变阻器K、开关S1、S2

、导线若干外，还有如下器材：A.待测电源（电动势约3V，内阻约1）B.待测电阻丝Rx（约为3）C.电压表（0-3V，内阻约15k）D.电压表（0-3V，内阻约3k）E.电流表（0-0.6A，内阻约1）F.电流表（0-3A，内阻约0.5）实验主要步骤：（1）用游标卡尺测电阻丝长

度如图2所示，则其长度为_________cm；用螺旋测微器测电阻丝直径如图3所示，则其直径为_________mm。（2）将滑动变阻器接入电路的阻值调到最大，闭合S1，将S2接1。①逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，记下电压表的示数U

和相应电流表的示数I；②以U为纵坐标，I为横坐标，作U-I图线如图4中甲所示（U、I都用国际单位）；③求出甲图线斜率的绝对值k1和在横轴上的截距a。（3）将S2接2重复以上操作步骤，作U-I图线如图4中乙所示，求出乙图线斜率的绝对值k2。（4）回答下列问题：①电压表最好选用

_________，电流表最好选用_________；（填字母代号）②若用a、k1和k2表示待测电源的电动势E、内阻r和待测电阻Rx的表达式，则E=_________、r=_________、Rx=_________.【答案】(1).5.235(2).3.852-3.854(3).C(

4).E(5).1ka(6).1k(7).21kk−【解析】【详解】（1）[1]用游标卡尺测电阻丝长度为5.235cm[2]用螺旋测微器测电阻丝直径为3.852mm；（4）①[3][4]根据电路图可知，本实验产生误差原因是电压

表分流造成的，要想减小分流引起的误差，在量程相同情况下应选择内阻大的电压表，故电压表选C。由题意可知电路中最大电流约为xAEIRRr=++=0.6A所以电流表应选择E。②[5][6][7]S2接1时，根据闭合电路欧姆定律可得E=U+Ir得U-I关系式为U=

E-Ir根据公式可知，电源内阻即为斜率1k。当路端电压为0时，有0=E-Ir，即E=1ka当S2接2时，根据闭合电路欧姆定律可得E=U+I（r+Rx）得U-I关系式为U=E-I（r+Rx）根据公式可知2xkrR=+得221xRkrkk=−=−11.如图所示，水平放置的两块长直平行金

属薄板a.b间的电势差为U，b板下方足够大的空间内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场．一质量为m、电荷量为q的带正电粒子，从贴近a板的左端以大小为v0的初速度水平射入板间的匀强电场，然后从狭缝P垂直进人匀强磁场，最后粒子回到b板上与P点距离为L的Q点(图中未标出，粒子打到b板后被吸收)．粒子重力不计．

求:(1)粒子穿过狭缝P时的速度大小v；(2)匀强磁场的磁感应强度大小B．【答案】(1)202qUvvm=+(2)22mUBLq=【解析】【详解】(1)对粒子从贴近a板处运动到狭缝P的过程，由动能定理有:220112

2qUmvmv=−解得:202qUvvm=+(2)设粒子进人磁场时的速度方向与b板的夹角为，粒子在磁场中做匀速圆周运动，运动轨迹的圆心为O、半径为r，如图所示，由几何关系有:0cosuv=2sinLr=由牛顿第二定律有:2vqvBmr=解得:22mUBLq=12.如图所示，劲度系数为k的较

弹簧一端固定水平面上，另一端与质量为m的物块A相连接处于直立状态。细绳跨过一固定光滑定滑轮，一端系在物体A上，另一端连接一个不计质量的小挂钩。小挂钩不挂任何物体时，物体A处于静止状态。在小挂钩上轻轻挂上一个质量为2m的物块B并由静止释放后，物块A开始向上运

动，运动过程中B始终未接触地面，弹簧的形变始终在弹性限度内。已知重力加速度为g。求：（1）设物块A上升通过Q点位置时速度最大，求Q点到出发点的距离x0及最大速度vm；（2）若物块的质量增大为原来的N倍，试分析说明不管N多大，物块A上升到Q点时的速度都不可能增大

到2vm；（3）若把物块B撤掉，在小挂钩上施加一个竖直向下的外力F（未知），使物块A由静止向上做匀加速直线运动，经过时间t上升到Q点，求此过程外力做的功。【答案】（1）2mgkvm=243mgk（2）不可能（3）222222(4)mgmtkkt+【解析】【详解】（1）小挂

钩不挂任何物体时，物体A处于静止状态，设弹簧的压缩量为x1，根据平衡条件有：mg=kx1得：x1=mgk挂上物块B后，A开始向上加速运动，加速度逐渐减小，当加速度减小为零时，弹簧必然处于拉伸状态，物块A到达Q位置，此时速度

达到最大。设弹簧的伸长量为x2，有：2mg-mg-kx2=0得：x2=mgkx0=x1+x2=2mgk物块A在出发点位置和Q位置，弹簧形变量相同，弹性势能相等，根据功能关系得：（2mg-mg）·x0=2122mmmv+（）解得：vm=243mgk（2）若物块B的质量增大为原来的N倍，因为根据功

能关系得：（2Nmg-mg）·x0=21122mNmv+（）解得：v1=242-121NmgNk+（）（）当N→∞时，v1=24mgk而2vm=2163mgk显然v1=2123mgk＜2vm所以不管N多大，物块A上升

到Q点时的速度都不可能增大到2vm。（3）物块A由静止向上做匀加速直线运动，上升到Q点时的速度为v′，根据运动学公式有：02vxt=02mgxk=解得：v′=02xt此过程根据功能关系，有：WF-mg

x0=212mv解得：WF=222222(4)mgmtkkt+13.下列说法中正确的是____________．A.气体对器壁的压强就是大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力B.清晨荷叶上的露珠呈球形是液体表面张力作用的结果C.一定质量的理想气体，温度不变，压强

减小时，气体的密度一定减小D.空气中水蒸气的压强越大，空气的相对湿度一定越大E.破裂的眼镜镜片不能无痕拼接，是分子间斥力作用的结果【答案】ABC【解析】【详解】A、气体对器壁的压强是大量分子对容器壁的碰撞造成的，是大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力，故A正确；B

、液体表面的分子分布比液体内部分子的分布要稀疏，故存在液体的表面张力，草叶上的露珠呈球形是由于液体表面张力的作用，故B正确;C、气体温度不变压降减小，由玻意耳定律pVC=可知，其体积V增大，气体质量不变而体积变大，气体的密度减小，故C正确；D、空气中的水蒸气的压强与同一温

度下水的饱和汽压的比值叫做空气的相对湿度，因此相对湿度还与同温下水的饱和汽压有关，故D错误；E、破碎的玻璃不能把它们拼接在一起是因为其分子间距离较大，分子间不存在作用力，并不是存在斥力作用的，故E错误．14.如图所示，导热良好的气缸A、B用细管相连，A的容积为B的3倍，A中装有压强

为P0、质量为m0的理想气体，活塞C可沿气缸B滑动且与方保持良好的气密性．连接A、B的细管上有两个阀门K1、K2，当向右拉活塞时，保持K1打开，K2闭合；向左推活塞时，保持K1闭合，K2打开．活塞开始时位于气缸B的最左端，若环境温度始终保持不变，外界大气压为P0，不计细管体积的影响．求：I.将活

塞缓慢拉到气缸B的最右端时缸内气体的压强；II.将活塞缓慢拉到气缸B的最右端，再缓慢推回到最左端，如此重复n次（包括第一次）后缸内气体的质量．【答案】I.1034PP=；II.034nnmm=【解析】【详解】I.据玻意耳定律可得：01()A

ABPVPVV=+解得：1034PP=II.将活塞第一次推回到汽缸B的最左端时，A内剩余气体质量：10AABVmmVV=+可得：1034mm=依次类推可得：034nnmm=15.一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t＝0时刻恰好传到x1＝1.2m处，其

波形如图所示．已知再经过时间t1＝0.60s，A点恰好第三次出现在波峰处，则________A.该简谐波的周期T＝1.2sB.该简谐波的波速v＝5m/sC.B点的起振方向沿y轴负方向D.t＝1.2s时简谐波恰好传

播到B点E.t＝1.45s时B点第一次出现在波峰【答案】BCD【解析】【详解】当经过时间t1＝0.60s，A点恰好第三次出现在波峰时，则2.5T=0.6s，则T=0.24s；波速1.2v/5/0.24msmsT

===，选项A错误，B正确；在t=0时刻，x=1.2m处的质点向下振动，则波传到B点时，B点的起振方向沿y轴负方向，选项C正确；传到B点的时间7.21.21.25xtssv−===，选项D正确；B点第一次出现在波峰时，波向前传播7.2m-0.

3m=6.9m，时间6.91.385xtssv===，选项E错误；故选BCD.点睛：本题中注意时间上的周期性即可顺利求解，能通过题意求出周期，再根据波速公式即可解决．16.由不同介质制成的两个半径均为R的透明四分之一圆柱

体I和Ⅱ紧靠在一起，截面如图所示，圆心为O，顶部交点为D，以O为原点建立直角坐标系xOy．红色光束1从介质I底部的A（32R−，0）点垂直于界面入射；红色光束2平行于y轴向下射入介质Ⅱ，入射点为B且∠BOD=60°．已知透明介质I对红光的折射率n1=2，透明介

质Ⅱ对红光的折射率n2=3．设光束1经柱体I的圆弧面后与y轴交点为P,光束2经柱体Ⅱ的下底面后与y轴交点为Q．求：P、Q两交点的距离．【答案】43R【解析】【详解】红光线1对介质I的全反射临界角为：111arcsin45Cn==，而光线1由A点入射后

的入射角i1=60°＞45°，所以将会发生全反射，根据几何关系可知：反射后恰好交y轴于D点，设红光线2在B点发生的折射的折射角为r2，由折射定律2sinsininr=得：222sin1sin2nir==，所以：r2=30°，根据几何关系光线2再传播到底部介面时入射角i3=3

0°，光线2对介质II的全反射临界角为：22111sinsin3023Cn===，所以不会发生全反射，再由折射定律得折射角：r3=60°，设光线2射出后交y轴于P点，依据几何关系：1112tan30cos30333RROPR===，所以所求的距离d

=DP=R+13R=43R