【文档说明】重庆市第八中学2023届高考适应性月考卷（八）物理答案和解析.pdf，共(5)页，1.173 MB，由小赞的店铺上传

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1重庆市第八中学2023届高考适应性月考（八）物理参考答案1.B2.A3.D4.B5.C6.C7.D8.AB9.BD10.BCD1、【答案】B【详解】AB.太空中的油和水均处于完全失重状态，相同体积的油和水由于油的密度小，故做匀速圆周运动时

，油所需向心力更小，水需要的向心力更大，当向心力不足时，水会做离心运动从而处于小瓶底部,分层原因是离心运动导致的，B正确A错误；C.油和水做匀速圆周运动时，角速度相同，半径不同，故线速度不同，C错；D.油对水的作用力和瓶子对水的作用力的合力提供水做圆周运

动所需的向心力，D错，故选B。2、【答案】A【详解】Pu23894衰变要释放能量生成比结合能更高更稳定的U23492，所以Pu比U的比结合能小，A正确；衰变快慢与环境温度没有关系，半衰期是大量原子衰变的宏观统计规律，

BD错误；由核反应方程式的质量数和电荷数守恒，应该是α衰变；C错误。故选A。3、【答案】D【详解】从图中可以获得信息：振幅A=2cm，波长λ=4m，起振方向向下，波沿x轴负方向传播。A.由QR间距为1个波长，振动形式传

到R后，R又振动了���4到了波谷，即54���=0.5，则T=0.4s，频率为2.5Hz，故A错误；B.所有质点起振方向相同，沿y轴负方向，故B错误；C.1.2s相比图中过了3个周期，P运动状态与图中相同，即在平衡位置向下振动，故C错误；D.从图

示状态到R第一次到达波峰，总时间等于传播时间0.4s与R振动时间0.3s之和，一共经过了74���，Q从平衡位置开始动，走过路程为7A=14cm。故D正确。4、【答案】B【详解】A．由题意及PUI可得，额定电流为0.4W0.1

A4VPIU，由qIt知，35001080%4h0.1AqAhtI，故A错误；B．由题意可知，充电电流为0.2A，则有31500102.5h0.2AqAhtI充，故B正确；C．mAh是电荷单位，故C错误；D．

有题意可得333500104V5001036004J7.210JWqUAh，故D错误。故选B。5、【答案】C【详解】根据rvmrGMm22得rGMv2环绕天体质量不能比较，A错误；由图像斜率得1P质量大于2P，B错误；近地卫星RvmRGMm202得

GRvM20，行星半径21RR；由RvmRmRG202334得GRv22043,行星密度21，C正确；由mgRvmRGMm202得Rvg20，行星重力加速度21ggD错误；故选C.26、【

答案】C【详解】A．根据图丙可知，输出电流的频率11Hz5Hz210f，A错误；B．原线圈两端电压的有效值10.52VV42U，根据电压与匝数的关系有1122UnUn，解得252V2U，B错误；C．其他条件不变时

，根据上述，可知变压器原副线圈两端电压的有效值均一定，对不同规格的充电设备充电，通过设备的额定电流可能不同，则变压器输出功率可能不同，而输出功率决定输入功率，即其他条件不变，对不同规格的充电设备充电，变压器输入功率可能不同，C正确

。D．根据Ent可知，仅增大线圈a往复运动的频率时，穿过线圈的磁通量的变化率增大，则原线圈两端电压的最大值增大，根据电压匝数关系，充电电路两端的电压最大值，D错误；故选C。7.【答案】D【详解】A.A、D两点位于B

C的中垂面上，故场强方向相同，A、D两点到B、C两点的距离也相等，故场强大小也相等，A错误；B.电子从E到F的过程，正电荷对电子做功为零（E、F到B的距离相等），负电荷对电子做正功（F点到C的距离大于E点到C的距离），故电场力做总功为正，电势能减小，B错误

；C.直线AD在BC的中垂面上，电势处处相等，故移动电荷时，电场力不做功，C错误；D.D点在BC的中垂面上，也在AB的中垂面上，由对称性可知D处电势不变；当负电荷移到A点后，由对称性可知E、F两点处电场强度大小相等，D正确。8、【答案】AB【详解】由题意可

知a光的折射率比b光的折射率小，故A选项正确；由cnv可得折射率越小的传播速度越大，故a光在水中的传播速度大，故B正确；由双缝干涉dyL可得，b光的干涉条纹间距比a光小，故C错误；在同种介质中折射率越小，频率越大，b光的频率比a光的大，当a光能发生光电效应时

b光也能发生，D错误。9、【答案】BD【详解】作图可知有粒子可以到达MN的右侧地面，A错；若速率为mqBR2，则半径为2R，当从N点射入磁场时刚好与虚线上方地面处相切，入射点沿虚线向左移动，切点也会平移，平移的轨迹可以看成半径为R的圆，此圆和赤道平面相切。所以半径小于2R时

，粒子均无法到达地面。B对；若速率为mqBR，作图可知正对着O处入射的粒子不能到达地面。C错；粒子正对着O处入射时，假设速率不断变大，当轨迹与赤道平面相切时，由几何关系2222rRRr）（）（可得

：23Rr，D对。10、【答案】BCD【详解】A．设弹性绳弹性系数为k，小球在CE段任意一点N受到的弹性绳的拉力为F，弹性绳与竖直杆的夹角为θ。则小球在任意一点受到弹性绳拉力沿水平方向的分力为4sin1mgklklFBCBE（恒力），

动摩擦也就为恒力4mg，且由于CD=DE，所以小球在CD阶段克服摩擦力做的功等于其在DE阶段克服摩擦力做的功。故A错误；B．假设从C到D的运动中，下降的位移为y，竖直方向的合力F=mg-f-klBEcosθ=mg-4mg-ky，满足回复力的特

点，说明是简谐振动（只是说C到E是简谐振动的一部分，从E返回的运动摩擦力反向，不3能说小球一直做简谐振动），根据简谐振动的对称性，小球在C点和E点的加速度等大反向，故B正确；C．由以上分析可知，若将小球的质量变为2m，摩擦力及弹力做功不变

。故改变前，由能量守恒定律可得P+EQmgh，改变质量后，由能量守恒定律可得2P1+(2)22EEQmvmgh，联立可得Evgh，故C正确；D．结合以上分析可知，从在C点到E点过程中，摩擦生热为Q=fh=4mgh，此过程中弹性势能变化量为Qm

ghEp，从在E点到C点过程中，由能量守恒定律可得QmghmvEp2021，解得ghv0，故D正确。故选BCD。11、【答案】(1)C选项；（2分）(2)；等于（2分）(3)bag24。（2分

）解析：（1）最低点速度最快，计时误差较小；（2）n-1个T/2就是t，所以没有误差；（3）由grlT2可得rTgl224；斜率24gba得bag2412、【答案】（1）如图（2分）；(2)减小电阻箱的阻值（2分）；(3))(1212121221tttRRtttR

tRRRRBAt（2分）；(4)A（3分）解析：（1）如图；（2）电流从1流向2，说明2的电势低，较小RC的电阻可以提高2的电势；（3）由电桥平衡有：BAttBARRRRRRRR1111得；BAttBARRRRRRRR22

22得将Rt1、Rt2分别代入)1(0tRRt可解得：211221tRtRRR；211221110tRtRRRtRRRRRBBA，把0R和代入)1(0tRRt化简后可得答案；（4）BARR的数量级越小，测量Rt时电阻箱的值越

大，电阻箱的精确度为0.1，电阻箱的值越大则相对误差越小。13.解：（1）因为塔内封闭气体做等温变化，由玻意耳定律得10003VPVP（2分）代入数据解得，水泵停止注水时塔内气体的体积为301VV

（2分）（2）对塔内气体，由玻意耳定律得1100VPVP（2分）由题意得01%)401(VV（2分）代入数据解得，水泵工作压强的上限应调到0135PP（2分）14解：（1）由tIq，REI（2分）

；tnE（2分）4当列车前进距离d时，BdL2=ΔΦ，所以rBdLq（2分）（2）对列车由动量定理得0-=Δ2-vmmvtFA（2分）BLqtBILtFA（2分）；所以mrdLBvv2202220

2121mvmvQ（2分）；所以22442222mrdLBrdvLBQ022440222mrdLBrdvLBQQb（2分）15解：（1）A球摆到最低点过程，20021vmmgh（2分）；02gh

0v（2分）（2）A与B发生弹性碰撞：BBAAAvvvmmm0（2分）；22vvvBBAA20A212121mmm（2分）0BAAB2vvmmm同理可知：B与C碰撞后BCBBC2vvmmmC与D碰撞后0DCCBBACBACDCCD82vvvmmmmmmmmmmmm

D球摆到最高点2D42104vmmgh；023516hh（2分）；顾客不能获得优惠卷或者直接分析：因为D的质量大于A的质量，如果D能上升到ℎ0，则系统机械能变大，故D不能上升到ℎ0，顾客不能获得优

惠卷。（3）讨论可知共有8种可能，分别是：CABD、CADB、CDAB、CDBA、BCAD、BCDA、DCAB、DCBA；由能量关系可知，第四个球如果是D，系统机械能会变大，故不能获得优惠券，故还有6种可能。讨论如下：如：BCDA2����

��ℎ0=122���������2解得：������=2���ℎ0B与C碰撞，2���������=2���������'+3���������122���������2=122���������'2+123

���������2解得：������=45������，同理可解得������=192175������>������，故该情况能获得优惠券；同理分析剩下的情况，可得BCDA、CDBA、DCAB、DCBA四种情况满足要求，故概率为

50%评分建议：8种可能，列举一种给0.5分，计算分析出一项满足要求的可能给0.5分，最后结果2分。获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com