【文档说明】2023届安徽省滁州市定远中学高三下学期第三次质检物理试题 含解析.docx，共(18)页，2.834 MB，由小赞的店铺上传

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定远中学2022~2023学年高三下学期5月理综物理试卷第I卷（选择题）一、单选题（本大题共5小题）1.目前，我国处于空间站任务的关键技术验证阶段，将正式进入空间站建造阶段。预计2022年底转入空间站运营阶段，航天员

轮换期间将会最多有6名航天员同时在轨。空间站核心舱绕地球运行的轨道可视为圆轨道，轨道离地面的高度约为地球半径的116（低于同步卫星轨道高度）。下列说法正确的是（）A.核心舱在轨道上运行的速度大于7.9km/sB.核心舱在轨道上运行的周期小于24hC.核心舱进入轨道后运行的

加速度小于月球绕地球运行时的加速度D.后续加挂实验舱后，由于空间站质量增大，其轨道半径将变小【答案】B【解析】【详解】A．核心舱在轨道上运行，根据22MmvGmRR=可得GMvR=可知第一宇宙速度是最大的环绕速度，因此核心舱在轨道上运行的速度小于7.

9km/s，A项错误；B．根据2224MmGmrrT=可得32rTGM=轨道半径越大，运行周期越大，核心舱的轨道半径小于同步卫星的轨道半径，故其周期小于24h，B项正确；C．根据万有引力定律有2MmFGmar==得2

MaGr=月球离地球更远，故月球绕地球运行的加速度小于核心舱运行的加速度，C项错误；D．卫星做圆周运动时万有引力提供向心力，有22MmvGmrr=解得GMvr=则卫星的环绕速度与卫星的质量无关，所以核心舱的质量增大时，其轨道半径不变，D项错误。故选B。2.如图所示，两束单色光a、b同时从空气

中斜射入平行玻璃砖的上表面，进入玻璃砖中形成复合光束c，则下列说法中正确的是A.若用a光照射某金属的表面能发生光电效应，则用b光照射也能发生B.在相同条件下进行双缝干涉实验，a光的干涉条纹间距较小C.在玻璃砖中a光的速度较小D.从

水中射向空气发生全反射时，a光的临界角较小【答案】A【解析】【详解】A．由图知，玻璃对a光的折射率小于b光的折射率，故a光的频率小于b光的频率，所以若用a光照射某金属的表面能发生光电效应，则用b光照射也一定能发生，A正确；B．因为a光的频率小于b光的频率，所以ab，

又因为双缝干涉的条纹间距为Δlxd=，所以在相同条件下进行双缝干涉实验，a光的干涉条纹间距较大，B错误；C．在介质中的传播速度cvn=知在玻璃砖中a光的速度较大，C错误；D．临界角1sinCn=，所以从水

中射向空气发生全反射时，a光的临界角较大，D错误。故选A。3.如图所示，质量为m的木块，被水平力F紧压在倾角为60=的墙面上处于静止状态。则关于木块的受力情况、墙面对木块的作用力（压力与摩擦力的合力），下列说法不正确的是（）A.墙面对木块一定有压力B.墙面对木块一定有

摩擦力C.墙面对木块的作用力大小为FD.墙面对木块的作用力大小为()22Fmg+【答案】C【解析】【详解】AB．对木块受力分析，受竖直向下重力、水平向右的推力，若只有这两个力，木块不可能静止，根据平衡条件可

知物体一定受到摩擦力，故弹力必定存在，故AB正确；CD．由上述分析可知，木块受到四个力的作用：重力、推力、弹力、摩擦力，由平衡条件得，墙面对木块的作用力（即弹力与摩擦力的合力）一定与重力和推力的合力大小相等，故为()22Fmg+，故C错误，D正确。本题选不正确的，故选C。4.无线话筒是LC振荡

电路的一个典型应用。在LC振荡电路中，某时刻磁场方向、电场方向如图所示，下列说法正确的是（）A.电容器正在充电B.振荡电流正在增大C.线圈中的磁场正在增强D.增大电容器两板距离，LC振荡频率减小的【答案】A【解析】【详解】A．由题图中磁场的方向，根据安培定则可

知电流由电容器上极板经线圈流向下极板，由电场方向可知，下极板是正极，故此时电容器正在充电，故A正确；BC．电容器正在充电，则电路中电流正在减小，线圈中的磁场正在减弱，故BC错误；D．根据=4SCkd增大电容器两板距离，电容减小，根据112fTLC==LC振荡频率增大，故D错误。故选

A。5.如图所示，一可视为质点的小球从倾角为θ的固定斜面上以不同的初速度0v沿水平方向抛出，最终均落在斜面上。忽略小球运动过程中所受空气阻力，下列说法错误的是（）A.小球在空中的运动时间与初速度成正比B.小球落在斜面上时的速度大小与初速度成正比C.小球抛出时速度越

大，则落到斜面上时速度方向与斜面夹角越小D.小球抛出时速度越大，则在运动过程中离斜面的最大距离也越大【答案】C【解析】【详解】A．依题意，初速度不同的小球均落在斜面上，则具有共同的位移偏向角，由平抛运动规律有0tan2ygtx

v==则小球在空中的运动时间02tanvtg=t与初速度成正比，故A正确；B．小球落在斜面上时的速度大小22200()14tanvvgtv=+=+v与初速度0v成正比，故B正确；C．小球落到斜面上时速度方向与水平方向夹角00tan2tanyvgt

vv===则落到斜面上时速度方向与斜面夹角为−，显然与初速度无关，故C错误；D．当小球在运动过程中速度方向与斜面平行时，小球离斜面的距离最大，把小球初速度及重力加速度分解在平行斜面与垂直斜面方向上，可得小球离

斜面的最大距离为2200max(sin)22cosyyvvlag==所以，小球抛出时速度越大，则在运动过程中离斜面的最大距离也越大，故D正确。由于本题选择错误，故选C。二、多选题（本大题共3小题）6.如图所示，含理想变压器的电路中，原线圈电路中有定值

电阻R1，阻值为5R0，副线圈电路中定值电阻R2和滑动变阻器串联，R2阻值和滑动变阻器的最大阻值均为R0，原副线圈的匝数比为2：1，a、b端接电压有效值恒定的正弦式交流电，则在滑动变阻器滑片P从最右端缓慢向左滑动至最左端的过程中，下列说法正确的是

（）A.R1两端电压与R2两端电压之比始终为5：2B.R2消耗的功率逐渐减小C.整个电路中消耗的总功率在增大D.变压器副线圈两端的电压逐渐减小【答案】AB【解析】分析】【详解】A．原、副线圈电路中电流强度之比等

于原副线圈的匝数的反比，即的【1221nInI=根据U=IR原、副线圈电路中定值电阻两端电压之比为121020552RRUIRUIR==故A正确；B．滑动变阻器滑片P向左移动的过程中，总电阻增大，原

副线圈的电流强度均减小；根据P=I2R可知副线圈电路中定值电阻R2消耗的功率在减小，故B正确；C．滑动变阻器滑片P向左移动的过程中，将变压器和副线圈电阻等效为电阻接入总电路中，总电阻增大，原副线圈的电流强度均减小；根据P=EI1可知电路中消耗的总功率在减小，故C错误；D．滑动变

阻器滑片P向左移动的过程中，总电阻增大，原副线圈的电流强度均减小；R1两端电压在减小，原线圈两端电压在增大，根据1122nUnU=可知变压器副线圈两端的电压逐渐增大，故D错误。故选AB。7.如图所示，正方形单匝铝质

线圈abcd和efgh放在光滑绝缘水平桌面上，分别在外力作用下以速度v向右匀速进入同一匀强磁场中。已知两线圈导线的横截面积相同，所用材料也相同，两线圈的边长之比为1:2，则（）A.两线圈的右边刚进入磁场时

，产生的感应电流之比为1:2B.两线圈的右边刚进入磁场时，所加的外力大小之比为1:4C.两线圈在进入磁场的整个过程中，通过导体横截面的电荷量之比为1:2的D.两线圈在进入磁场的整个过程中，产生的焦耳热之比为1:4【答案】CD【解析】【详解】由电阻定律LRS=可知，由于两线框的

材料、横截面积相同，两线圈边长之比为1:2，则有1:2:abcdefghRR=A．线框切割磁感线产生的感应电动势为EBLv=感应电流为EBLvIRR==则两线圈的右边刚进入磁场时，产生的感应电流之比为1:1，故A错误；B．两线圈的右边刚进入磁场时线圈受到的安培力AFBI

L=由于两线圈产生的电流之比为1:1，两线框边长为1:2，则两线圈受到的安培力之比为1:2，线圈做匀速直线运动，由平衡条件可知，外力与安培力相等，由此可知，所加外力大小之比为1:2，故B错误；C．线圈在进入磁场的

整个过程中，通过导体横截面的电荷量2EBLtqItttRRRR=====两线圈边长之比为1:2，电阻之比为1:2，则两线圈在进入磁场的整个过程中，通过导体横截面的电荷量之比为1:2，故C正确；D．线圈进入磁场过程中产生的热量2232BLvLBLvQIR

tRRvR===两线圈边长之比为1:2，电阻之比为1:2，则两线圈在进入磁场的整个过程中，产生的焦耳热之比为1:4，故D正确。故选CD。8.如图所示，竖直平面内有固定的半径R的光滑绝缘圆形轨道，水平匀强电场平行于轨道平面向左，P、Q分别为轨道的最高、最低点．一质量为m、电量为q的

带正电小球(可视为质点)在轨道内运动，已知重力加速度为g，场强34mgEq=.要使小球能沿轨道做完整的圆周运动，下列说法正确的是()A.小球过Q点时速度至少为5gRB.小球过Q点时速度至少为232gRC.小球过Q、P点受轨道弹力大小的差值为6mgD.小球过Q、P点受

轨道弹力大小的差值为7.5mg【答案】BC【解析】【详解】根据“等效场”知识得电场力与重力的合力大小为225=(mg)()4mgqEmg+=效则5=4gg效方向为3tan4qEmg==，即37=当小球刚好通过C点关于

O对称的D点时，就能做完整的圆周运动，如图所示．AB．在D点由电场力和重力的合力提供向心力，则254Dvmgmr=从Q到D，由动能定理得2211(cos)(sin)22DQmgrrqErrmvmv−

+−+=−联立解得0232gRv=,故A错误，B正确．CD．在P点和Q点由牛顿第二定律2QQvFmgmr−=，2PPvFmgmr+=从Q到P，由动能定理得2211222PQmgrmvmv−=−联立解得6QPFFmg−=则C正确、D错误

；故选BC．第II卷（非选择题）三、实验题（本大题共2小题）9.为了测量滑块与长木板间动摩擦因数，某同学设计了如图（a）所示的实验装置。长木板固定在水平桌面上，力传感器固定在竖直的墙上，光电计时器的光电门固定在竖直支架上，绕过动滑轮的两段绳处于水平（两滑轮光滑且滑轮和

绳质量不计），悬挂的重物上固定一窄遮光条。滑块质量为M，重物和遮光条的总质量为m。现将滑块拉到某一位置，静止释放滑块，重物牵引滑块向左运动，测量并记录释放时遮光条中心到光电门之间的距离x以及遮光条通过光电门时的遮光时间Δt和力传感器示数F。多次改变滑块释放的位置，重复上述操作，并记录多

组相应的x和Δt值。已知重力加速度为g。(1)用20分度的游标卡尺测量出遮光条的宽度d如图（b）所示，d=___________mm；(2)以x为纵坐标，()21t为横坐标，画出()21xt−图像是一条通过坐标原点的倾斜直线，直线

的斜率为k，则滑块运动的加速度a=___________，滑块与长木板间的动摩擦因数μ=___________。（用已知量和题的中所给的物理量M、m、d、F、k表示）【答案】①.2.40②.24dk③.224FdMgkg

−【解析】【分析】【详解】(1)[1]由图示游标卡尺可知，其示数为2mm+8×0.05mm=2.40mm(2)[2]滑块经过光电门时的速度dvt=滑块做初速度为零的匀加速直线运动，加速度为a，对重物有22222daxvt==整理得2

214dxat=所以()21xt−图像的斜率24dka=则加速度24dak=[3]对滑块由牛顿第二定律得224dFMgMaMk−==解得224FdMgkg=−10.某实验小组用图甲所示电路测量电源E的电动势和内阻，图中电压表V的最大量程为3V，虚线框内为用电流计G改装的电流表

．(1)已知电流计G的满偏电流IG=200mA、内阻rG=0.30Ω，电路中已将它改装为最大量程600mA的电流表，则R1=____Ω（结果取二位有效数字）．(2)通过移动变阻器R的滑片，得到多组电压表V的读数U和电流计G的读数，作出如图乙的图象．某次测量时，电旅表V的示数如图丙

，则此时通过电源E的电流为____mA结果取三位有效数字）；电源E的电动势等于___V，内阻等于___Ω（结果取三位有效数字）．(3)若用来改装电流表的电阻R1的实际阻值略小于计算值，则对电源电动势测量的结果

____________（填“有”或“没有”）影响．【答案】①.0.15②.300③.2.93④.1.00⑤.没有【解析】【分析】（1）根据电路的结构，根据欧姆定律求解电阻R1的阻值；（2）根据电压表的读数，结合图乙可读出电流计G的读数；在根据改装后的电流表结构确定通过

电源的电流；根据图像的斜率和截距求解电动势的内阻；（3）根据电路的结构确定电阻R1对电动势测量结果的影响．【详解】（1）根据欧姆定律可知：1()GGGIrIIR=−，带入数据解得：R1=0.15Ω.（2）根据丙图可知电压表读

数为2.6V；根据图乙可知电流计的读数为100mA，通过电阻R1的电流等于通过电流计G电流的2倍，则电路的总电流为300mA；根据图像可知，电源的电动势为：E=2.93V，因改装的电流表的内阻为0.150.300.10.150.30AR==+；则电源内阻32.932.401.00160310

ArR−−=−=.（3）电源电动势等于电流表读数为零时电压表的读数，可知电表改装时，若用来改装电流表的电阻R1的实际阻值略小于计算值，则对电源电动势测量的结果无影响；四、计算题（本大题共3小题）11.气压式玩具水枪如图甲所示，图乙为玩具水枪的储水罐的示意图。玩水枪时，先在储水罐内加

水，再用充气筒向储水罐充气，使罐内气压大于外界气压，扣动扳机将阀门K打开，水即从枪口喷出。现储水罐内有一半容积的水，用充气筒向储水罐充气，使其压强达到2p0（p0为大气压强），扣动扳机喷水，当水的体积剩下为原来的一半时停止喷水。设罐内外气体温度相等且始终保持不变，罐内水的

体积不受气体压强的影响。求停止喷水时罐内气体的压强p1。【答案】1043pp=【解析】【详解】设储水罐的容积为V，开始时罐内气体体积为02VV=停止喷水时罐内气体的体积为134VV=气体初状态压强为2p0，气体温度不变，根据玻意耳定律得00112pVpV=代入数据解得1043pp

=12.如图所示，在水平轨道上静止放置足够长的木板A和物块C，可视为质点的物块B以初速度03m/sv=从A左端开始向右运动，当A和B的速度相等时，A与C恰好发生第一次碰撞。已知A、B、C的质量分别为m、

2m、3m，不计A与水平轨道间的摩擦，B与A上表面间的动摩擦因数为10.1=，C与轨道间的动摩擦因数20.05=，每次碰撞时间极短，均为弹性碰撞，重力加速度210m/sg=，忽略空气阻力。求：（1）A与C第一次碰撞后瞬间A、C的速度；（2）A与C第一、二两次碰撞的时

间间隔。【答案】（1）A1m/sv=−，C1m/sv=；（2）t=2s【解析】【详解】（1）A与B共速，有()0122mvmmv=+解得12m/sv=A与C碰撞由动量守恒可得1AC3mvmvmv=+动能守恒2221AC1113222mvmvmv=+解得A1

m/sv=−C1m/sv=（2）碰后C减速，有CC22svtg==2CC21m2vxg==AB再次共速A223mvmvmv+=解得21m/sv=A回到原位置时间1211211s1vvtg−−===一起匀速至

C处C221sxtv==两次碰撞的时间间隔t=2s13.如图所示是带电粒子流的控制装置。该装置内有三个半径均为R的圆形磁场区域，第一、二象限的磁场方向垂直纸面向里，第四象限的磁场方向垂直纸面向外，三个圆形磁场区域与x轴、y轴均相切，磁感应强度大小均为B0。第三象限内有方向垂直纸面向外

、磁感应强度大小也为B0的匀强磁场。在x轴上x<－2R的位置有荧光屏，粒子源P（2R，－R）可以在纸面内沿与x轴负方向成－37°到37°夹角的范围内发射速率00BqRvm=（m、q分别为粒子的质量和电荷量）的同种带正电粒子。忽略粒子的重力和粒

子间的相互作用力，求：（1）沿x轴负方向射出的粒子到达荧光屏上的位置坐标；（2）粒子打到荧光屏上的x轴坐标范围；（3）粒子从射出到打到荧光屏上的过程中，粒子的最长运动时间。【答案】（1）（－3R，0）；（2

）（－3.6R，－2.4R）；（3）0048731805RRvv+【解析】【详解】（1）根据洛伦兹力提供向心力2000vqBvmr=可得轨迹半径00mvrRqB==沿x轴负方向射出的粒子到达荧光屏的过程中，运动轨迹如图1所示则该粒子打到荧光屏上的位置坐标为（

3R−，0）。（2）根据题意，可知最近和最远粒子的运动轨迹如图2所示对最远粒子在第二象限的运动，几何关系如图3所示根据对称关系，打到荧光屏上的最远距离的位置()12sin373.6xRRRR=−++=

−同理可得，打到荧光屏上的最近距离的位置()22sin372.4xRRRR=−+−=−粒子打到荧光屏上的x轴坐标范围为（3.6R−，2.4R−）。（3）根据图像可知，打到最远处的粒子运动的时间最长，其中圆周运动时间13

790(1)360tT+=+T为带电粒子在磁场中运动的周期02RTv=直线运动时间20(1cos37)3Rtv−=最长时间为12ttt=+联立解得0048731805RRtvv=+获得更多资源请扫码加

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