【文档说明】广东省广州市海珠区、白云区2019-2020学年高一下学期期末考试物理试题 【精准解析】.doc，共(17)页，958.500 KB，由小赞的店铺上传

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-1-海珠区、白云区2019学年第二学期期末教学质量监测高一物理试题本试卷分第一部分（选择题）和第二部分（非选择题），共100分，考试时间75分钟注意事项：1.答题前，考生务必用黑色字迹的签字笔在答题卡上填写姓名、考号

和坐位号，用2B铅笔将与考号和座位号对应的信息点涂黑。2.答题卡上第一部分必须用2B铅笔作答，将选中项涂满涂黑，黑度以遮住框内字母为准，修改时用橡皮擦除干净、第二部分必须用黑色字迹的签字笔按照题号顺序在各题目的器通区域内作答，未在对应的答题区域内作答或超出答题区城作答的均无效。3.考

生务必将答案写在答题卡上，在试春上作答无效第一部分选择题（共48分）一、单项选择（本题只有一个选项正确，共6小题，每小题4分，共24分）1.关于曲线运动，下列说法中正确的是()A.曲线运动一定是变速运动B.曲线运

动的加速度可以为零C.在恒力作用下，物体不可以做曲线运动D.物体做曲线运动，动能一定会发生变化【答案】A【解析】【详解】A．曲线运动的速度方向为该点的切线方向，时刻变化，故曲线运动是变速运动，故A正确；B．做曲线运动的物体，一定受

到力的作用，故一定有加速度，故B错误；C．曲线运动的条件，合外力与速度不一条直线上，与合外力是否变化无关；如平抛运动的合外力不变，加速度不变，物体做匀变速曲线运动，故C错误；D．匀速圆周运动的速率始终不变，故动能不变，故D错误．2.如

图所示，小明用与水平方向成角的轻绳拉木箱，绳中张力为F，沿水平地面向右移动了一段距离s，已知木箱与地面间的动摩擦因数为，木箱质量为m。则木箱受到的（）-2-A.重力做功为mgsB.拉力做功为cosFsC.滑动摩擦力做功为mgs−D.支持力做功为(-

sin)mgFs【答案】B【解析】【详解】A．重力的方向向下，始终与木箱运动的方向垂直，所以重力不做功，A错误；B．拉力的方向与木箱运动方向之间的夹角为，所以拉力做功为cosWFs=B正确；C．

建立如图坐标系根据竖直方向受力平衡有NsinFmgF=−根据滑动摩擦力公式可得摩擦力()fNsinFFmgF==−摩擦力与运动方向相反，所以摩擦力做的功为()fsinWFsmgF=−=−−C错误；D．支持力的方向向上，始终与木箱运动的方向垂直，所以支持力不做功，D错误。

故选B。3.如图所示，一篮球从离地H高处的篮板上A点以初速度v0水平弹出，刚好在离地h高处被跳起的同学接住，不计空气阻力．则篮球在空中飞行的()-3-A.时间为2HgB.时间为2hgC.水平位移为v02()Hhg−D.水平位移为v02()Hhg+【答案】C【解析】【详解】AB．根据H−h=1

2gt2知，篮球在空中飞行的时间：t=()2Hhg−，故A错误、B错误；CD．篮球的水平位移为：x=v0t=v0()2Hhg−，故C正确，D错误．4.如图所示为某校STEM小组拼装的一组传动置，轮O1、O3固定在同一转轴上，轮O1、O2用皮带连接且不打滑。

在O1、O2、O3三个轮的边缘各取一点A、B、C，已知三个轮的半径比r1：r2：r3=2：1：1，则（）A.转速之比为2：2：1B.角速度之比为1：1：2C.线速度大小之比为2：2：1D.向心加速度大小之比为4：2：1【

答案】C【解析】【详解】C．A、B两点靠传送带传动，线速度大小相等，A、C共轴转动，角速度相等，根据v=rω则有vA：vC=r1：r3=2：1-4-所以A、B、C三点的线速度大小之比vA：vB：vC=

2：2：1故C正确；B．A、C共轴转动，角速度相等，A、B两点靠传送带传动，线速度大小相等，根据v=rω则有ωA：ωB=r2：r1=1：2所以A、B、C三点的角速度之比ωA：ωB：ωC=1：2：1故B错误；A．根据ω=2πn可知转速之比等于角速度之比，即转速之比为1:2:1，A错误；D．根据

a=vω所以A、B、C三点的向心加速度之比aA：aB：aC=2：4：1D错误。故选C。5.如图所示，河水由西向东流，河宽为800m，假定河中各点的水流速度大小v水与各点到较近河岸的距离x的关系为v水=100x（m/s）（

x的单位为m）某一可视为质点的小船船头始终垂直对岸划行，由南岸向北岸渡河，已知小船在静水中的速度为v船=3m/s，则下列说法正确（）A.小船过河的轨迹为直线-5-B.小船渡河的时间大于等于100s3C.小船渡河的最大速度是5m/

sD.小船在距南岸200m处的速度小于在距北岸200m处的速度【答案】C【解析】【详解】A．由题意可知，小船在南北方向做匀速直线运动，东西方向先加速后减速，故小船的合运动是曲线运动，不是直线运动，故A错误；B．小船的渡河时间等于800m/s3dt

v==船故B错误；C．当小船运动到河正中间时，东西方向的分速度最大，最大为400m/s=4m/s100v=水此时，小船的合速度最大，最大值为22m34m/s=5m/sv=+故C正确；D．由水流速度大小v水与各点到较近河岸的距离x的关系可知，小船在距南岸200m处的速度等于在距北岸200m

处的速度，故D错误。故选C。6.设地球的半径为R，质量为m的卫星在距地面高为2R处做匀速圆周运动，地面的重力速度为g，则（）A.卫星所需的向心力为3mgB.卫星的角速度为8gRC.卫星的周期为32RgD.卫星的线速度为3gR【答案】D【解

析】【详解】卫星在距地面2R高处做匀速圆周运动，则卫星做圆周运动的半径为3R，根据地面附近的万有引力等于重力-6-2MmGmgR=根据万有引力提供向心力222224(3)(3)(3)3MmvGmgmmRmRRRT====可解得3gRv=27gR=19Fmg

=272RTg=故选D。二、多项选择题（本题共4小题，每小题6分，共24分。在每小题给出的四个选项中，至少有两个选项符合题目要求。全部选对得6分，选对不全得3分，有选错或不答得0分。）7.如图所示，一小孩沿粗糙的滑梯加速滑下，则该小孩（）

A.动能增加B.重力势能减少C.机械能守恒D.机械能减少【答案】ABD【解析】【详解】小孩沿粗糙的滑梯加速滑下，则该小孩速度增加，动能增加；高度降低，重力势能减小；由于有摩擦阻力做功，则机械能减小，故选ABD。8.北斗卫星导航系统是我国自行研制开发的区域性三维卫星定位与通信系统（CNSS），建

成后的北斗卫星导航系统包括5颗同步卫星和30颗一般轨道卫星。对于其中的5颗同步卫星，-7-下列说法正确的是（）A.它们运行的线速度一定大于7.9km/sB.地球对它们的万有引力一定相同C.它们一定位于赤道上空同一

轨道上D.它们运行的向心加速度大小一定相同【答案】CD【解析】【详解】A．第一宇宙速度是最大环绕速度，最小发射速度，同步卫星运行的线速度一定小于7.9km/s，A错误；B．由万有引力定律公式2GMmFr=同步卫

星的质量不确定是否相同，则地球对它们的万有引力不一定相同，B错误；C．同步卫星周期固定，且绕行方向与地球一致，根据万有引力提供向心力有222GMmmrrT=解得2324GMTr=，可知轨道半径一定，则

它们一定位于赤道上空同一轨道上，C正确；D．根据万有引力提供向心力有2GMmmar=解得2GMar=，可知同步卫星轨道半径相同，它们运行的向心加速度大小一定相同，D正确。故选CD。9.如图所示，半径为R的细圆管（管径可忽略）内壁光滑，竖直放置，一质量为m直径略小于管径的小球可在管内自由

滑动，测得小球在管顶部时与管壁的作用力大小为mg，g为当地重力加速度，则（）A.小球在管顶部时速度大小为0-8-B.小球运动到管底部时速度大小可能为2gRC.小球运动到管底部时对管壁的压力可能为5mgD.

小球运动到管底部时对管壁的压力为7mg【答案】C【解析】【详解】A．小球在管顶部时与管壁的作用力大小为mg，可能对内壁有作用力，也可能对外壁有作用力，当对内壁有作用力时，根据牛顿第二定律可知2NvmgFmR−=解得0v=当对外壁有作用力时，则有2NvmgFmR+=解得2v

gR=A错误；B．根据机械能守恒，运动到管底部时速度2211222mgRmvmv=+当0v=时，解得'2vgR=当2vgR=时，解得'6vgR=B错误；CD．在最低点，根据牛顿第二定律可知2NvFmgmR

−=-9-当'2vgR=时，解得N5Fmg=根据牛顿第三定律，小球运动到管底部时对管壁的压力为5mg，当'6vgR=时，解得N7Fmg=根据牛顿第三定律，小球运动到管底部时对管壁的压力为7mg，D错误，C正确。故选C。10.如图所示，一位同学玩飞镖游戏。圆盘最上端有一P点，飞镖抛出时与P等高，且

距离P点为L。当飞镖以初速度v0垂直盘面瞄准P点抛出的同时，圆盘以经过盘心O点的水平轴在竖直平面内速转动。忽略空气阻力，重力加速度为g，若飞镖恰好击中P点，则（）A.圆盘的半径可能为2202gLvB.飞镖击中P点所需的时间为0LvC.圆盘转动角速度的最小值为0vLD.P点随圆盘转

动的线速度不可能为03gLv【答案】BCD【解析】【详解】AB．飞镖水平抛出做平抛运动，在水平方向做匀速直线运动，设运动时间为t，则有t=0Lv飞镖击中P点时，P恰好在最下方，则有2r=12gt2联立可得-10-r=2204gLv故A错误，B正确；C．飞镖击中P点，则

P点转过的角度满足2tk==+（k=0，1，2，3……）解得0(21)kvtL+==当k=0时圆盘转动角速度有最小值为0vL，故C正确；D．P点随圆盘转动的线速度为00200(21)(21)44kvgLkgLvrLvv++===假设P点随圆盘转动

的线速度为03gLv，则有003(21)4gLkgLvv+=解得k=5.5，不满足k=0，1，2，3……假设错误，故D正确。故选BCD。第二部分非选择题（共52分）三、实验探究题（共12分）11.如图所示研究平抛运动的演示装置

。将白纸和复写纸对齐重叠并固定在竖直的硬板上。钢球沿斜槽轨道PQ滑下后从Q点飞出，落在水平挡板MN上。由于挡板靠近硬板一侧较低，钢球落在挡板上时，钢球侧面会在白纸上挤压出一个痕迹点。移动挡板，重新释放钢球，如此重复，白纸上将留下一系列痕迹

点。本实验必须满足的条件有_______。-11-A．斜槽轨道光滑B．挡板高度等间距变化C．斜槽轨道末段水平D．每次从斜槽上相同的位置无初速度释放钢球【答案】CD【解析】【详解】[1]为了画出平抛运动轨迹，首先小球做的是平抛运动，

所以斜槽轨道不一定要光滑，但必须是水平的，挡板高度不需要等间距变化。同时要让小球总是从同一位置无初速度释放，这样才能找到同一轨迹上的几个点，故AB错误，CD正确。故选CD。12.某小组用如图所示实验装置验证机械能守恒定律。现有的器材为：带

铁夹的铁架台、电磁打点计时器、纸带、带铁夹的重锤、天平。回答下列问题(1)为完成此实验，除了所给的器材外，还需要的器材有___。（填入正确选项前的字母）A．秒表B．刻度尺C．低压直流电源D．低压交流电源(2)某同学所用打点计时器所用电源频率为50Hz，

当地重力加速度的值为9.80m/s2，测得所用重物的质量为1.00kg。得到的纸带如图所示，那么：在从起点O到打下计数点B过程中，重物重力势能的减少量是PE=___J，（结果均保留三位有效数字）。此过程中重物动能的增加量-12-是kE=_______J。实验结果发现，动能的增

加量略小于重力势能的减少量，原因是：_______________。【答案】(1).BD(2).0.491J(3).0.480J(4).克服阻力做功，（部分）重力势能转化为内能（或共它形式的能）【解析】【详解】(1)[1]为完成此实验，除了所给的器材外，还需要的器材有刻度尺和低压交流

电源，因打点计时器有计时功能，所以不需要秒表，故选BD。(2)[2]在从起点O到打下计数点B过程中，重物重力势能的减少量是p=19.800.0501J=0.491JBEmgh=[3]打B点时的速度2(7.063.14)10m/s=0.98m/s220.02ACB

xvT−−==此过程中重物动能的增加量是22k11=10.98J=0.480J22BEmv=[4]实验结果发现，动能的增加量略小于重力势能的减少量，原因是：克服阻力做功，（部分）重力势能转化为内能（或共它形式的能）。四、计算题（本

共3小题，共40分。解答应写出必赛的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13.“嫦娥四号”已成功降落月球背面，未来中国还将建立绕月轨道空间站。如图所示，关闭动力的宇宙飞船在月球引力作用下沿地—月转

移轨道向月球靠近，并将与空间站在A处对接。(1)关闭动力发动机后，宇宙飞船飞向A过程中加速度如何变化（逐渐增大或逐断减小）？请简述理由（忽略地球引力的作用）；(2)测得空间站绕月轨道半径为r，已知万有引力常量为G。月球的质量为M，求空间站绕月运行的周期T。

-13-【答案】(1)加速度逐渐增大，原因是根据万有引力定律可知，宇宙飞船在飞向A过程中，随着宇宙飞船到月球中心的距离x的逐渐减小，加速度a逐渐增大；(2)234rTGM=【解析】【详解】(1)关闭动力发动机后，设宇宙飞船到月球中心的距离为x，根据万有引力

定律2MmGmax=解得2MaGx=可知，宇宙飞船在飞向A过程中，随着x的逐渐减小，加速度a逐渐增大。(2)对空间站，根据万有引力提供向心力有2224MmGmrrT=解得234rTGM=14.我国时速600公里的高速磁悬浮试验样车近期在青岛下线．高速磁悬浮具有

速度高、噪音低、震动小、载客量大、安全可靠、耐候准点等优点．若试验车的总质量为m，发动机的额定功率为P，在水平轨道行驶时所受阻力恒为车重的k倍，重力加速度为g．求：-14-（1）试验样车以额定功率启动后能达到的最大

速度；（2）某次启动测试中，试验样车由静止开始做加速度为a的匀加速直线运动，这一过程能维持多长时间？【答案】（1）Pkmg；（2）()Pamakmg+【解析】【详解】（1）速度最大时，加速度为零，根据平衡有Ffkmg==牵；根据功率方程：maxPFv=牵，联立解得maxPvkmg=；（2）在匀加

速过程中，根据运动学公式有：v=at；功率方程：'PFv=牵根据牛顿第二定律有：'Fkmgma−=牵联立解得：()Ptamakmg=+．15.游乐场的过山车可以底朝上在竖直圆轨道上运行。现简化为如甲图的模型，半径R的光浮竖直圆轨道，通过BC、CE平滑连接倾角为45°的斜轨道AB和减速直

轨道EG。现有质量m的过山车，从高为h的A点静止下滑，经过BCDCE最终停在G点，过山S车与轨道AB的动摩擦因数为，过山车可视为质点，且在BC、CE段所受的阻力可以忽略，重力加速度为g。求：(1)过山车从斜轨道下滑后，进入圆轨道C点时的速度大

小及受到轨道的作用力大小；(2)要求过山车不脱离轨道做完整的圆周运动，设计的圆轨道半径R需满足什么条件；(3)若过山车在水平减速直轨道EG直线滑行，其所受轨道摩擦力大小f与滑行距离s的关系如图乙所示，则减速直轨道EG的长度l为多少？-15-【答案】(1)2(1)cvgh=−；2(1)c

mghFmgR−=+；(2)2(1)5Rh−；(3)13lh−=【解析】【详解】(1)过山车到达C点的速度为cv，由动能定理得21cos45sin452Chmghmgmv−=代入数据可得()21Cvgh=−在

C点，根据牛顿第二定律有2cCvFmgmR−=解得()21CmghFmgR−=+(2)过山车到达D点的速度为Dv，由牛顿第二定律2DDvmgFmR+=机械能守恒定律22D11222CmgRmvmv+=过山车不脱离轨道，完成圆周运动，要求0DF联立得2(1)5Rh−-16-(3)方法一：过

山车从E到达G点过程，可用fs−图象包含的面积可求阻力做功的大小。从A到达G点，由动能定理可得1cos45440sin45222hllmghmgmgmg−−−=代入数据可得13lh−=方法二：过山车从离开C到达G点过程，由动能定理可得2

1110442222Clmvmgmg−=−−代入数据可得13lh−=或者21104(40)222222Cllllmvffmgmg−=−−=−−+代入数据化简得13lh−=-17-