【文档说明】华附、省实、深中、广雅2020届高三四校联考理综试卷含答案.doc，共(24)页，2.921 MB，由小赞的店铺上传

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以下为本文档部分文字说明：

-1-理科综合本试卷分选择题和非选择题两部分，共14页，满分300分，考试用时150分钟。注意事项：1．答卷前，考生务必用2B铅笔在“准考证号”处填涂准考证号。用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己姓名、班级、考场号、座位号、准考证号填写在答题卷指定区域内。2．选择题

每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卷上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案；不能答在试卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卷各题目指定区域内的相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，

然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液；必须保持答题卷的整洁。不按以上要求作答的答案无效。可能用到的原子量：H1C12N14O16Cu64第一部分选择题（共126分）一、选择题：本题共13小题，每小题6分,共78分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．下列

关于细胞结构与成分的叙述，正确的是A．线粒体膜上有葡萄糖的载体，没有氧气的载体B．细胞中的色素不是分布在叶绿体中，就是分布在液泡中C．含有蛋白质的细胞器不一定含有核酸，含核酸的细胞器一定含有蛋白质D．微量元

素可参与某些复杂化合物的组成，如Fe、Mg分别参与蛋白质和叶绿素的组成2．SGLT2是肾小管细胞膜上重吸收葡萄糖的一种载体蛋白，SGLT2可以与肾小管腔中葡萄糖和Na+结合，形成Na+-载体-葡萄糖复合物，将Na+顺浓度梯度运入细胞，同

时将葡萄糖逆浓度梯度运入细胞，下列叙述错误的是A．氧气的含量变化会直接影响SGLT2参与的葡萄糖的运输速率B．SGLT2将肾小管腔中的葡萄糖运入细胞属于主动运输C．细胞通过SGLT2运输葡萄糖的动力来自Na+的浓度差D．肾小管细胞中SGLT2合成不足可能导致人尿液中含有葡萄糖3．蝗虫的决定为X

O型，正常雄虫的体细胞中有23条染色体，仅有一条性染色体（X染色体）。下图表示某雄虫精巢中某一细胞染色体的行为，染色体A和B为一对同源染色体。以下叙述正确的是A．图示细胞处于减数第二次分裂后期-2-B．若

对该种蝗虫进行基因组测序，则应该测定12条染色体的DNA序列C．该细胞所处的时期染色体高度螺旋化难以解旋，细胞内不能合成新的蛋白质D．萨顿通过观察雄蝗虫体细胞和精子细胞的染色体数，提出了基因在染色体上的假说4．2017

年诺贝尔生理学或医学奖颁给了美国的三位科学家，他们发现果蝇的昼夜节律与PER蛋白浓度的变化有关，右图表示PER蛋白作用部分过程，有关叙述错误的是A．PER蛋白可反馈抑制per基因的转录B．permRNA的合成过程发生在细胞核内C．图

中核糖体移动的方向是从a→bD．PER蛋白与TIM蛋白结合后穿过核膜进入细胞核5．下列关于生物变异、育种和进化的叙述，正确的是A．B基因可突变成b1、b2基因反映了基因突变的随机性B．单倍体育种中常用一定浓度的

秋水仙素处理萌发的种子或幼苗C．生物产生的变异个体都属于可遗传的变异，都可以作为生物进化的原材料D．地理隔离可阻止种群间的基因交流，种群基因库的明显差异导致种群间产生生殖隔离6．右图为人体体液物质交换示意图，下列叙述正确的是A．体液①含有尿素、氨基酸、糖原、CO2等物质

B．体液①和②之间进行物质交换，可以等量地相互转化C．④能回流血浆，是淋巴细胞和吞噬细胞的直接生活环境D．③若产生乳酸会引起①②④内pH剧烈变化7．下列说法中错误的是A．采煤工业爆破时把干冰和炸药放在一起，既能增强爆炸威力，又能预防火灾B．国产大型飞机C919使用的碳纤维是一种新型的无机非金属材

料C．《肘后急备方》“青蒿一握，以水二升渍，取绞汁”，该过程属于物理变化D．高级脂肪酸乙酯是生物柴油的一种成分，它属于油脂8．国际计量大会第26次会议新修订了阿伏加德罗常数(NA=6.02214076×1023mol－1)，并于2019年5月20日正式生

效。下列说法正确的是A．在Al3+数目为NA的AlCl3溶液中，Cl－总数为3NAB．常温下，42g乙烯和丙烯的混合物中所含共价键的数目是9NAC．4molNH3与6molO2在催化剂和加热条件下充分反应，所得产物中NO的分子数是4NAD．常温常压

下，2g羟基（—18OD）中所含的中子数为NA9．从山道年蒿中提取出一种具有明显抗癌活性的有机物X，其结构简式如图所示。下列有关说法错误的是A．该物质的分子式为C10H16O2B．该物质能发生氧化反应、还原反应、加聚反应和取

代反应C．该物质的一氯代物共有5种D．该物质所有的碳原子不可能共平面10．《JournalofEnergyChemistry》报导我国科学-3-家设计CO2熔盐捕获与转化装置如右图。下列有关说法正确的

是A．b为正极B．熔盐可用KOH溶液代替C．d极电极反应式为CO32－+4e－=C+3O2－D．转移lmol电子可捕获CO25.6L11．短周期元素X、Y、Z、M的原子序数依次增大，其中X、Y、Z三种元素中，可形成含二种元素的10电子微粒m、n、p、q

，且有反应m+np↑+q；M的最高价氧化物对应的水化物为无机含氧酸中的最强酸。则下列说法正确是A．原子半径X<M<Z<YB．简单氢化物的沸点Z>M>YC．X、Y、Z三种元素组成的化合物的水溶液可能呈碱性，可能呈酸性D．MZ2不可用

于自来水的杀菌消毒12．下列实验操作、现象及结论都正确的是选项实验操作现象结论A向装有经过硫酸处理的CrO3（橘红色）的硅胶导管中吹入乙醇蒸汽固体逐渐由橘红色变为浅绿色（Cr3+）乙醇具有还原性B向稀氨水和酚酞混

合溶液中加入少量Ag2O，振荡溶液由浅红色变为红色Ag2O是强碱C取两支试管，分别加入4mL0.01mol/L和4mL0.02mol/L的KMnO4溶液，然后向两支试管中各加入2mL0.2mol/LH2C2O4溶液，分别记录两支试管中溶液褪色所需的时间第二支试

管溶液褪色所需的时间更短其他条件相同时，增大反应物浓度反应速率增大D取少许CH3CH2Br与NaOH溶液共热，冷却后滴加AgNO3溶液无淡黄色沉淀CH3CH2Br没有水解13．工业生产上用过量烧碱溶液处理某矿物(含Al2O3、M

gO)，过滤后得到滤液用NaHCO3溶液处理，测得溶液pH和Al(OH)3生成的量随加入NaHCO3溶液体积变化的曲线如下，下列有关说法不正确的是A．生成沉淀的离子方程式为：HCO3ˉ+AlO2ˉ+H2O=Al(OH)3↓+CO32--4-图3B．原NaHCO3溶液中c(H2CO3)+c(HCO

3ˉ)+c(CO32-)=0.8mol/LC．a点溶液中存在：c(Na+)+c(H+)=c(AlO2ˉ)+c(OHˉ)D．a点水的电离程度小于b点水的电离程度二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14

~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．如图1所示某质点做直线运动的v-t图象为正弦图，下列说法中正确的是A．t1时刻，物体加速度为1tvB．0～t1时间段内，物体所受合外力越来越大C．0

～t4时间段内，物体的位移为零D．t2时刻加速度为零15．一个带电小球被绝缘轻绳悬挂在匀强电场中，小球的重力为10N，受到的电场力大小为5N，当小球保持静止时，轻绳与竖直方向夹角为α，则A．0°≤α≤30°B．0°≤α≤60°C．30°≤α≤60°D．60°≤α≤90°16．“

嫦娥二号”月球探测器升空后，先在地球表面附近以速率v环绕地球飞行，再调整速度进入地月转移轨道，最后以速率v′在月球表面附近环绕月球飞行．若认为地球和月球都是质量分布均匀的球体，已知月球与地球的半径之比为1∶4，密度之比为64∶8

1。设月球与地球表面的重力加速度分别为g′和g，下列结论正确的是A．g′∶g＝92B．g′∶g＝92C．v′∶v＝92D．v′∶v＝9217．如图2所示，一木块用轻细绳悬于O点，开始时木块静止于O点正下方。现用质量远小于木块的弹丸以一定速度打击木块，打击之间极短。第一粒弹丸以向右的水

平速度v1打入木块后并留在其中，木块的最大摆角为5°，当其第一次返回O点正下方时，质量相同的第二粒弹丸以向右的水平速度v2打入木块，也留在木块中，木块最大摆角仍为5°。忽略空气阻力，则以下结论中正确的是A．vl=v2B．vl：v2=1：2C．vl：v2=2：1D．vl：v2=1：418．

完全相同的两个小滑块甲和乙，可视为质点，分别从质量相同，底边长相同的两个斜面体顶端由静止滑下，如图3所示，已知斜面倾角为α和β，且α>β，两个滑块和斜面之间的动摩擦因数相同，下滑过程中斜面体均保持静止，下列说法正确的是A．

甲滑块滑到斜面底端的速度比乙大B．甲滑块在斜面上滑动的时间一定比乙长C．甲滑块下滑过程中，机械能的变化量比乙大D．甲滑块下滑过程中，斜面体对水平地面的压力比乙大图1图2-5-图4图519．在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转动轴匀速转动，如图4甲所示；产生的交变电动势随时间变化的规律如

图4乙所示。则下列说法正确的是A．t＝0.01s时穿过线框的磁通量最小B．该线圈转动的角速度大小为rad/sC．该交变电动势的瞬时值表达式为e＝222sin(100πt)VD．线框平面与中性面的夹角为45°时，电动势瞬时值为22V20．某静电场方向平行于x轴，其电势φ随x的变化

规律如图5所示；一质量为m、带电量为-q的粒子(不计重力)，从O点(x＝0)静止释放，仅在电场力的作用下沿x轴正方向运动。下列说法正确的是A．粒子从O运动到x1的过程中做匀加速直线运动B．粒子在x1处速度最大，为mqvm02=C．粒子第一次经过x

1到x2的运动过程中，电势能减小D．粒子不可能运动到x2的右侧21．如图6所示，在0≤x≤b、0≤y≤a的长方形区域中有一磁感应强度大小B的匀强磁场，磁场的方向垂直于xOy平面向外。O处有一个粒子源，在某时刻发射大量质量为m，电荷量为q的带正电粒子，它们的速度大小相

同，速度方向均在xOy平面内的第一象限内。已知粒子在磁场中做圆周运动的周期为T，最先从磁场上边界中飞出的粒子经历的时间为T12，最后从磁场中飞出的粒子经历的时间为T4。不计粒子的重力及粒子间的相互作用，则A．粒子圆周运动的半径r＝2aB．长方形区域的边长满足关系ba＝2C．长方形

区域的边长满足关系ba＝3＋1D．粒子的射入磁场的速度大小v＝2qBam第二部分非选择题（共174分）三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第22题～第32题为必考题，每个试题考生都必须做答。第33题～第38题为选考题，考生根据要求做答。（一）必考题（共129分）22．（5分）如图7-

甲所示的实验装置，可用来测定加速度。在铁架台的顶端有一电磁铁，下方某位置固定一光电门，电磁铁通电后铁质金属球被吸起，测出此时金属球与光电门的距离h(h远大于金属球的直径）。断开电磁铁的电源，测量金属球下落过程中经过光电门的时间为t，请图6-6-回答下列问题：（1）用

游标卡尺测得金属球的直径为d，如图7-乙所示，则该示数为______cm；（2）金属球的加速度的关系式为a=______；（用以上字母表示）（3）根据上述实验操作及所测量的物理量，此实验________（填“能”或“不能”）用来探究

外力对金属球所做的功与它的动能变化的关系。图7-甲图7-乙23．（10分）某同学想测量多用电表内电源的电动势和欧姆挡×1k挡的中值电阻。该同学设计了如图8-甲所示的实验电路图，是完全相同的两块电压表。图8-甲图8-乙请你与他按以下步骤共同完成实验：（1）断

开开关k1、k2，将多用电表挡位调到欧姆挡×10k挡，将电压表的正接线柱与多用电表的______（选填“红”或“黑”）表笔相连；（2）闭合开关k1、k2，发现多用电表的示数如图8-乙所示，为了提高测量的精确

度，-7-我们应断开开关k1、k2，换__________（选填“较大”或“较小”）倍率的挡位，然后（具体操作）；（3）再闭合开关k1和k2，记录此时电压表示数U1，多用电表示数R1；保持开关k1闭合，断开开关k2，记录此时电压表示数U2；测得多用电表内电源的电动势可表达为，此时多用电表相

应的欧姆挡×1k挡的中值电阻可表达为；（用上述已测量的物理量表示）（4）该实验测量的结果____（选填“有”或“无”）系统误差。24．（12分）如图9所示，一个初速为零、带电量为e、质量为m的正离子，被电压为U的电场加速后，经过一段匀速直线运动，垂直于边界MN进入磁感应强

度为B的匀强磁场，磁场的水平宽度为d（忽略粒子所受重力）。求：（1）离子在磁场中做圆周运动的半径R；（2）离子在磁场中运动的时间。25．（20分）如图10所示，水平面上有一条长直固定轨道，P为轨道上的一个标记点，竖直线PQ表示一个与长直轨道垂直的竖直平面，PQ的右边区域内可根据需要增加一

个方向与轨道平行的水平匀强电场。在轨道上，一辆平板小车以速度v0=4m/s沿轨道从左向右匀速运动，当车长一半通过PQ平面时，一质量为m=1kg的绝缘金属小滑块（可视为质点）被轻放到小车的中点上，已知小滑块带电

荷量为+2C且始终不变，滑块与小车上表面间的动摩擦因数为μ=0.2，整个过程中小车速度保持不变，g=10m/s2。求：（1）若PQ右侧没有电场，小车足够长，在滑块与小车恰好共速时小滑块相对P点水平位移和摩

擦力对小车做的功；（2）若PQ右侧加一个向右的匀强电场，且小车长L=2m，为确保小滑块不从小车左端掉下来，电场强度大小应满足什么条件？（3）在（2）的情况下，PQ右侧电场强度取最小值时，为保证小滑块不从车上掉下，则-8-电场存在的时间满足

什么条件？图1026.（14分）硫酰氯(SO2Cl2)和亚硫酰氯(SOCl2)都是重要的化工试剂，均易水解。（1）甲同学在实验室利用SO2和Cl2在活性炭催化作用下制取SO2Cl2，装置如图所示。①B装置中冷凝管进水口是(填“m”或“n

”)。B中干燥管盛有的物质是。②欲制取少量SO2Cl2，选择上图中的装置（可以重复选用），其连接顺序为：a、、h。③去除C装置会降低SO2和Cl2的利用率，可能的原因是。（用化学方程式表示）（2）SOCl2水解后无残留物，较SO2Cl2是更好的脱水剂。乙同学设计实验利用SOCl

2和ZnCl2·xH2O制取无水ZnCl2。①解释SOCl2在该实验中的作用是（写出两点）。②实验室常用NaOH溶液吸收SOCl2，该反应的离子方程式是。（3）乙同学认为SOCl2还可用作由FeCl3·6H2O制取无水FeCl3的脱水剂，但丙同学认为该实验可能

发生副反应使产品不纯。①可能发生的副反应的化学方程式是。②两同学设计如下实验判断副反应的可能性：取少量SOCl2和FeCl3·6H2O反应后的混合物于试管中，加水溶解，将溶液平分至五支试管，分别进行以下实验，其中能得出

合理结论的是。A．加入过量稀HNO3，再滴加几滴AgNO3溶液B．加入少量稀HNO3，再滴加几滴BaCl2溶液C．滴加几滴BaCl2溶液D．滴加几滴酸性KMnO4溶液E．滴加几滴KSCN溶液后，再滴加几滴氯水27.（15分）通过对阳极泥的综合处理可以回收宝贵的金属，一种

从铜阳极泥（主要成分为Se、Ag2Se、Ag、Cu、CuSO4和Cu2S等）中分离Ag、Se和Cu的新工艺流程如下图所示：-9-（1）已知预处理温度为80℃，预处理渣中几乎不含S元素，预处理时Cu2S发生反应的离子方程式为_______________。比起传统工艺中采用浓硫酸作

氧化剂，本工艺中采用稀H2SO4溶液添加MnO2做预处理剂的主要优点是_______________。（2）回收分银渣中的银，可用如下过程：已知：S2O32—在碱性条件下很稳定，易与银离子络合：Ag++2S2O32—Ag(S2O3)23—。常温下，络

合反应的平衡常数为K稳[Ag(S2O3)23—]=2.8×1013，Ksp(AgCl)=1.8×10-10。①Ⅰ中发生的离子反应方程式为：AgCl(s)+2S2O32—(aq)Ag(S2O3)23—(aq)+Cl—(aq)

，常温下此反应的平衡常数K为_________（结果保留二位小数）。②Ⅱ中还原剂为Na2S2O4，在碱性条件下进行反应生成Na2SO3，离子反应方程式为______________。③Ⅲ中银渣回收液可直接循环使用，但循环多次后，银的浸出率会降低。从化学平

衡的角度分析原因：______________。（3）分硒渣的主要成分是Cu2Se，可被氧化得到亚硒酸(H2SeO3)。已知常温下H2SeO3的Ka1=2.7×10-3，Ka2=2.5×10-8，则NaHSeO3溶液的pH______7(填“>”、“<”或“=”)。二元强酸硒酸(H2SeO4)可以

用电解亚硒酸溶液的方法制得，电解时的阳极反应式为____________。（4）分铜得到产品CuSO4·5H2O的具体操作如下：其中，萃取与反萃取原理为：2RH+Cu2+R2Cu+2H+，反萃取剂最好选用_______（填化学式）溶液。28.（共14分）航天员呼

吸产生的CO2用下列反应处理，可实现空间站中O2的循环利用。Sabatior反应：CO2(g)+4H2(g)CH4(g)+2H2O(g)-10-水电解反应：2H2O(l)2H2(g)+O2(g)（1）将原料气按n(CO2)∶n(H2)=1:4置于恒容密闭容器中发生S

abatier反应，测得H2O(g)的物质的量分数与温度的关系如图所示(虚线表示平衡曲线)。①请将a、b、c三点的逆反应速率va、vb、vc由大到小排序：；②Sabatier反应在空间站运行时，下列措施能提高CO2转化效率的是______(填标号)。A．适当减压B．增

大催化剂的比表面积C．反应器前段加热，后段冷却D．提高原料气中CO2所占比例E．合理控制反应器中气体的流速③高于380℃，H2O的物质的量分数随温度升高而降低的原因是：。（2）一种新的循环利用方案是用Bosch反应CO2(g)+2H2(g)C(s)+2H2O(g)△H代替Sabatier

反应，再电解水实现O2的循环利用。I.①已知：CO2(g)和H2O(g)的生成焓为：-394kJ/mol,-242kJ/mol。则△H=kJ/mol。（生成焓是一定条件下，由其对应最稳定单质生成1mol化合物时的反应热。）②若要此反应自发进行，（填“高温”或“低温”）更有利。③Bosch反应必

须在高温下才能启动，原因是__________________。II.350℃时，向体积为2L的恒容密闭容器中通入8molH2和4molCO2发生以上反应。若反应起始和平衡时温度相同(均为350℃)，测得反应过程中压强随时间的变化如下表所示:时间/

min0102030405060压强6.00P5.60P5.30P5.15P5.06P5.00P5.00P①350℃时Bosch反应的KP=(Kp为用气体的分压表示的平衡常数，分压=气体的休积分数×体系总压)②Bosch

反应的速率方程：v正=k正·c(CO2)·c2(H2)，v逆=k逆·c2(H2O)(k是速率常数，只与温度有关)。30min时，逆正kk______c2(H2O)/[c(CO2)·c2(H2)]（填“>”“<”或“=”）；升高温度，k正增大的倍数_

_____k逆增大的倍数（填“>”“<”或“=”）。29.（9分）如图为大蒜根尖分生组织中每个细胞核的DNA相对含量，每个点代表记录到的一个细胞。（1）图中期的细胞数量较多，ef段核DNA相对含量减半的原因是。（2）有研究表明：大蒜素是从大蒜中分离出的化合物，能特异

性地抑制癌细胞增长。请设计实验验证该结论，要求简要写出实验思路：。-11-30．（9分）将玉米的PEPC酶基因与PPDK酶基因导入水稻后，在某一温度下测得光照强度对转双基因水稻和原种水稻的光合速率影响如图甲，在光照为1000μmol·m-2·s-1下测得温度影响光合速率

如图乙。请据图分析以下问题：（1）PEPC酶基因与PPDK酶基因的作用是提高玉米的（填“光合速率”或“呼吸速率”）。据图中信息分析，转双基因水稻更适宜栽种在环境中。（2）图甲中的A点表示原种水稻的净光合速率达到最大值，此时叶肉细胞消耗NADH场所是。（3）在35℃重复图甲相关实

验，B点会向上移动，请据图推测原因是。31．（11分）玉米是我国第一大粮食作物。玉米腐霉茎腐病在我国广泛发生，严重危害粮食生产安全，相关研究具有重要的经济价值和社会意义。（1）玉米对腐霉茎腐病表现出的抗病与感病为一对_

_______。（2）观察发现，玉米品种甲（纯系）对腐霉茎腐病表现为抗病，品种乙（纯系）表现为感病。①研究人员将品种甲与品种乙杂交得F1，F1全部为抗病；F1自交得F2，F2中的抗病׃感病≈151׃，由此可推知抗病与感病由染色体上的

两对等位基因控制。②研究人员又对F2进行单株自交，将每株收获的种子分别种植，观察表现型。有的F2单株自交子代都为抗病、有的F2单株自交子代都为感病、有的F2单株自交子代既有抗病又有感病。若上述三种F2的比例为________，即可验证（2）①所得结论。（3）进一步研究发现，品种甲的

抗病基因R1位于玉米1号染色体上。已知抗病玉米品种丙（纯系）的显性抗病基因Q也位于1号染色体上。为了探究R1与Q是不是相同基因，科研人员做了以下实验：将品种甲与品种丙杂交得到F1，F1均为抗病，F1自交，F2出现感病植

株。根据该实验结果，得到的实验结论是，推测F2出现感病植株的原因是F1形成配子的过程中，1号染色体发生，形成含基因的配子（只考虑R1和Q基因）；该种类型的雌雄配子结合形成受精卵，发育成感病植株。-12-32.（10分）日常生活中过量饮酒以及不良的饮酒方式会给机体带来诸多不良影

响，请回答下列问题：（1）研究发现，乙醇不会抑制肝糖原的水解，但是会抑制其他物质转化为葡萄糖，还会抑制低血糖时具有升血糖作用的激素的释放。空腹饮酒易导致低血糖，但是低血糖一般在数小时后出现，其原因是。对于酒精性低血糖症急性发作的患者，最佳治疗方法是，以快速恢复血糖浓度。（2）人大

量饮酒后，会出现意识模糊、步态不稳等症状，出现这些症状的原因是酒精分别麻醉了图1脑中的（填编号和名称），从而影响它们正常的功能。图1图2（3）图2是酒精在肝脏细胞中代谢的过程示意图，有些人酒一下肚就脸红，是乙醛引起的，说

明乙醛具有使（脸部）毛细血管功能；少数“千杯不醉”的人喝酒多时会大量出汗，据图2推测其原因是这种人肝细胞内，使酒精迅速转化为无害的CO2和H2O，释放大量的热量，故出汗多。（二）选考题：共45分。请考生从给出的1道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题

做答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目题号后的方框涂黑。注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题。如果多做，则每学科按所做的第一题计分。33．[物理——选修3-3]（15分）（1）（5分）下列说法符合物理学史实的有A．亚里士多德认为“

物体下落的快慢由它们的重量决定”，伽利略构想了理想斜面实验证明了“轻重物体自由下落一样快”的结论B．伽利略和笛卡尔为牛顿第一定律的建立做出了贡献C．开普勒总结出了开普勒三大行星运动定律D．牛顿发现了万有引力定律，而引力常量

是卡文迪许测出的E．奥斯特发现了电生磁，并提出了环形电流假说（2）（10分）如图11所示，质量为m＝0.1kg闭合矩形线框ABCD，由粗细均匀的导线绕制而成，其总电阻为R=0.04Ω，其中长LAD＝40cm，宽LAB＝20cm，

线框平放在绝缘水平面上。线框右侧有竖直向下的有界磁场，磁感应强度B＝1.0T，磁场宽度d＝10cm。线框在水平向右的恒力F＝2N的作用下，从图示位置由静止开始沿水平方向向右运动，线框CD边从磁场左侧刚进入磁场时，恰好做匀速直线运动，速度大小为v1，AB

边从磁场右侧离开磁场前，线框已经做匀速直线运动，速度大小为v2，整个过程中线框始终受到大小恒定的摩擦阻力Ff-13-＝1N，且线框不发生转动。求：(i)速度v1和v2的大小；(ii)求线框开始运动时，CD边距磁场左边界距离x；(iii)线圈穿越磁场的过程中产生的焦耳热

。34．[物理--选修3-4：本次暂不设置题目]35．[化学──选修3：物质结构与性质]（15分）联氨（N2H4）可以用于处理高压锅炉水中的氧，防止锅炉被腐蚀，其中一种可能的反应机理如图所示。回答下列问题：（1）Cu2+基态核外电子排布式为。（2）1molN2H4·H2O

含σ键的数目为。（3）Cu2O与NH3·H2O反应能形成较稳定的Cu(NH3)2+的原因是。（4）N2H4的晶体类型是。N2H4与O2的相对分子质量相近，但N2H4的熔点（2℃）、沸点（114℃）分别远远高于O2的熔点（-218℃）、沸点（-183℃），原因是。（5）

NaClO发生水解可生成HClO。HClO的空间构型是，中心原子的杂化类型是。（6）已知Cu2O晶胞的结构如右图所示：①在该晶胞中，Cu+的配位数是。②已知该晶体密度为dg/cm3，NA表示阿伏伽德罗常数的数值

，则晶胞参数a为nm（用含d和NA的代数式表示）。36．[化学──选修5：有机化学基础]（15分）化合物G是一种药物合成中间体，其合成路线如下：-14-已知：（1）化合物A的名称是。（2）反应②和⑤的反应类型分别是、。（3）写出C到D的反应方程式。（4）E的分子式。（5）F中官能团的名称是。（6）

X是G的同分异构体，X具有五元碳环结构，其核磁共振氢谱显示四组峰，且峰面积之比为6:2:1:1。写出两种符合要求的X的结构简式。（7）设计由乙酸乙酯和1,4-二溴丁烷制备的合成路线（无机试剂任选）。37.[生物选修1——生物技术实践]（15分）野生型菌株能在基

本培养基中生长，氨基酸营养缺陷型菌株（突变株）由于基因突变失去合成某种氨基酸的能力，只能在完全培养基或补充了相应氨基酸的基本培养基中生长，突变株在生产实践中有广泛应用。下图是实验人员获取高丝氨酸突变株的部分流程示意图，请据图回答下列问题：-15-（1

）图1中，诱变处理的野生型菌母液经扩大培养后才能作为样品，扩大培养所用培养基是（填“液体”或“固体”）培养基，与基本培养基相比，其特有成分是，扩大培养的目的是。（2）为了保证同种菌株的接种位置相同，实验人员利用影印法转移菌种（如图2），过程①所

用的接种方法是，丝绒布要灭菌处理的原因是。进行②过程培养时，应先将丝绒布转印至基本培养基上，然后再转印至完全培养基上。经28℃，2天培养后，对比基本培养基和完全培养基中菌落的生长状况，可以初步检测出高丝氨酸突变株是菌落（用图中字母作答）。②过程中两种培养基中菌落生长状况不同的原因是。（3）培养

基的常用灭菌方法是高压蒸汽灭菌法，刚开始加热灭菌锅时，要打开排气阀，使水沸腾一段时间后再关闭排气阀，这样操作的目的是，使锅内温度能上升到要求的温度（121℃），达到良好的灭菌效果。38.[生物选修3——现代生物科技技术]（15分）近年来烟草叶绿体基因工程

在提高光合效率、抗性和品质等方面取得了研究进展。下图是将拟南芥果糖1，6-二磷酸醛缩酶基因（简称“醛缩酶基因”）转入烟草叶绿体基因组的部分流程示意图，请据图回答下列问题：（1）图1中，利用PCR技术扩增

拟南芥醛缩酶基因时，应选用的引物是。图2重组质粒中未标注出的必需元件还有，构建该重组质料用的限制性核酸内切酶有。（2）将拟南芥醛缩酶基因导入烟草叶绿体基因组时，一般将含有目的基因的质粒包裹在金粉上，通过轰击进入叶绿体中，这种方法称为。叶绿体基因组中存在基因区和基因间隔区，应将目的基因导入叶绿体基因

组中的基因间隔区，其原因是。（3）检测目的基因是否成功导入受体细胞的方法是，该项技术用到的基因探针的制作方法是：在上用放射性同位素等做标记。（4）若拟南芥醛缩酶基因在烟草叶绿体中成功表达，其活性是野生型烟草的1.4~1.9倍

，在高CO2浓度下可达2.2倍，说明拟南芥醛缩酶通过来提高光合效率。-16-生物参考答案题号123456答案CABDDC29.（9分，除标注外，每空2分）（1）分裂间核膜重新形成（形成两个细胞核）（2）实验分为4组，A组和B组加入等量的动物细胞培养液和癌细胞，再分别加入等量的大蒜素溶

液和生理盐水（2分），C组和D组加入等量的动物细胞培养液和正常细胞，再分别加入等量的大蒜素溶液和生理盐水（2分），在适宜条件下培养一段时间后，检测各组癌细胞或正常细胞的数量（1分）。30.（9分，除标注外，每空2分）（1）光合速率强光照、高温（2）线粒体内膜（3）图

甲中1000μmol·m-2·s-1的光强下转双基因水稻的净光合速率是25μmolCO2·m-2·s-1（1分），结合图乙判断图甲是在30℃下测定的（1分），在35℃时，该水稻的净光合速率为30μmolCO2·m-

2·s-1（1分），所以B点向上移动。31.（11分，除标注外，每空2分）（1）相对性状（2）非同源（1分）7:1:8（3）R1与Q不是相同基因交叉互换r1q32.（10分，每空2分）（1）机体储存的肝糖原可在一段时间内维持血糖浓度的平衡（相对稳定）静脉注射（高浓度）葡萄糖溶液（2）③大脑皮层

、④小脑（顺序不能颠倒，每个部位要编号和名称都正确才得分）（3）舒张（扩张）乙醇脱氢酶和乙醛脱氢酶的数量多、活性高37.（15分，除标示外，每空2分）（1）液体（1分）高丝氨酸增加（高丝氨酸）突变株的浓度（2）稀释涂布平板法避免外来杂菌对培养物造成

污染A、C高丝氨酸突变株能在完全培养基上生长，不能在基本培养基上生长（3）排尽锅内冷空气38.（15分，除标示外，每空2分）（1）引物甲、引物丙复制原点（1分）HindIII和BclI（全对才给分）（2）基因枪法避免对叶绿体自身的基因组的表达造成影响（3）DN

A分子杂交技术含有目的基因的DNA单链片段（或“与目的基因互补的RNA单链片段”）（4）促进暗反应中CO2的固定（利用）-17-化学参考答案题号78910111213答案DBCCCAB26.（14分）（1）①m（1分）碱石灰（1分）②fgdebced（2分）③Cl2+SO2+2H

2O=2HCl+H2SO4（2分）（2）①SOCl2带走结晶水的同时产生HCl可以抑制氯化锌水解。（2分）②SOCl2+4OH-=SO32-+2Cl-+2H2O（2分）（3）①SOCl2+2[FeCl3·6H2O]=FeCl2+FeSO4+6HCl+9H2O或SOCl2+2[FeCl3·6H2O

]=2FeCl2+H2SO4+4HCl+9H2O（2分）②C27.（15分）（1）Cu2S+5MnO2+12H+2Cu2++SO42—+5Mn2++6H2O（2分）减少污染性气体SO2的排放（1分）（2）①5.04×103（2分）②2Ag(S2O3)23—+S2O42

—+4OH—=2Ag+2SO32—+4S2O32—+2H2O（2分）③随循环次数的增加，浸出液中c(S2O32—)减小，c(Cl—)增大，AgCl(s)+2S2O32—(aq)Ag(S2O3)23—(aq)+Cl—(aq)平衡左移，浸出率下降（2分）（3）<（2分）H2SeO3－2e

—+H2O=SeO42—+4H+（2分）（4）H2SO4（2分）28.（14分）（1）①vc>vb>va（2分）②BCE（2分）③此反应正向放热，温度升高，平衡向逆向进行。（2分）（2）I.①－90（2分）②低

温（1分）③反应的活化能高（1分）II.①1/P（2分）②><（2分）35.（15分）（1）[Ar]3d9或1s22s22p63s23p63d9（2分）（2）7NA（2分）（3）NH3·H2O中NH3的N提供孤对电子给金属离子形成配位键（2分）

（4）分子晶体（1分）；联氨分子间存在氢键，O2的分子间作用力为范德华力（2分）（5）V形（1分），sp3（1分）（6）2（2分），73(64216)210ANd+或7328810ANd（2分）36.（15分）（1）1,3-丁二烯（2分）（2）氧化反应、取代反应（2分）-18-（3）（

2分）（4）C8H12O3（2分）（5）羰基、酯基（2分）（6）、、、（2分）（7）-19-物理参考答案题号1415161718192021答案CACBACDBDACD14．解析：因v-t图的斜率代表加速度，t1故A项错误．0～t1加速度越来越小，所以合外力越来

越小，故B项错误．0～t4时间段内，v-t图围成的面积为零，所以位移为零，故C项正确．t2时刻v＝0而a最大，故D项错误．15．解析：小球受到的重力，电场力和轻绳的拉力构成矢量三角形如图所示，由力的动态变化可以看出，α角的最大值为300,故选A．16．解

析：在星球表面的物体受到的重力等于万有引力GMmR2＝mg，所以g＝GMR2＝G·ρ·43πR3R2＝43πGρR，整理可得g′g＝ρ′ρ·R′R＝1681，故A、B均错误；探测器绕地球表面运行和绕月球表面运行都是由万有引力充当向心力，根据牛顿第二定律有：GMmR2＝mv2

R，得：v＝GMR…①，M为中心天体质量，R为中心天体半径，M＝ρ·43πR3…②，由①②得：v＝4πGρR23，已知月球和地球的半径之比为1∶4，密度之比为64∶81，所以探测器绕月球表面运行和绕地球表面运行线速度大小之比为：v′∶v＝92，故C正确、D错误17．解析：由动量守恒可

得第一次击打木块的过程中Mvmv=1，第二次击打木块的过程中MvMvmv=−2,两式相除可得vl：v2=1：2，所以B正确．18．解析：设斜面倾角为θ，下滑的加速度cossingga−=，可知乙甲aa

，下滑位移乙甲ss，所以甲滑块滑到斜面底端的速度比乙大，A正确；设斜面底边长为d，斜面长为d/cosθ，由公式2)cossin(21costggd−=，可解得)coscos(sin22−=gdt，化简))2(sin(14)2cos2(sin42

−−+=−−=gdgdt，可见当902=−时，t最大，所以B无法确定，B错；机械能损失等于产生的热量mgdsmgQ==cos，可见甲乙摩擦生热一样多，C错；两个系统都失重，因为两个小滑块都有竖直向下的加速-20-度sinaay=，显然

乙甲yyaa，所以甲系统失重更多，对地面压力更小，所以D错误．19．解析：t＝0.01s时，感应电动势为零，则穿过线框的磁通量最大，故选项A错误；该线圈的角速度10002.022===Trad/s，故选项B错误；由题

图乙知该交变电动势的瞬时值表达式为e＝222sin(100πt)V，故选项C正确．电动势瞬时值为22V时，代入瞬时值表达式，得sinωt＝22，故表明线框平面与中性面的夹角为45°，故选项D正确．20．解析：从O到x1，电势升高，场

强沿－x方向，电场力沿x轴正向，斜率在减小，说明电场在减弱，所以粒子做加速度减小的变加速直线运动，A项错；从x1以后的运动过程中，电势降低，场强沿＋x方向，电场力对粒子做负功，粒子的电势能先增加，C项错；粒子在x1处电势能最小，动

能最大，由能量守恒12mv2m=qφ0，解得mqvm02=，B项正确；根据能量守恒，粒子运动到x2处速度已经减为零，D项正确．21．解析：设粒子的速度大小为v，粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的向心力由磁场对粒子的洛伦兹力提供，则由q

vB＝mv2r，解得v＝qBrm，粒子在匀强磁场中的运动时间为t＝sv.由于各个粒子的电量、质量和粒子的速度的大小都相同，所以各个粒子在磁场中的轨道半径的大小为定值，粒子在磁场中所对应的轨迹的弧长越长，粒子在磁场中的运动时间越长；粒子在磁场中所对应的轨迹的弧长越短，粒子在磁场中的运动时间越短

。不妨假设匀强磁场充满整个空间，画出粒子在磁场中的轨迹如图1所示，由图2可知：沿着y轴正方向的粒子最先从磁场上边界中飞出，设该粒子在磁场中的轨迹所对的圆心角为θ1，由题意得：θ1360°T＝T12，解得：θ1＝30°，如图所示，由几何关

系可得：rsin30°＝a，可解得：r＝2a、v＝2qBam，答案AD正确；如图3所示，当粒子的运动轨迹和磁场的上边界相切时，粒子在磁场中运动轨迹所对应的弧长最长，在磁场中的运动时间最长，设该种情况下粒子的轨迹所对应的圆心角为θ2，则：θ2360°T＝T4，解得：θ2

＝90°.设∠MO2O＝θ3、∠MO2D＝θ4，则：θ3＋θ4＝90°.由几何关系可得：rcosθ3＝r－a，即：2acosθ3＝2a－a＝a，则：θ3＝60°、θ4＝30°.由几何关系进一步可得：b＝rsinθ3＋rsinθ4，即

：b＝2asin60°＋2asin30°＝3a-21-＋a，所以长方形区域的边长满足关系ba＝3＋1，C项正确。22．(5分)（1）1.220----------------------2分（2）htd21)(2------------------------

---2分（3）不能-----------------------1分23．(10分)（1）黑；-------------1分（2）较小；---------------1分；将红黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使多用电表的指针恰好停到欧姆刻度线的

0刻度处（指针指向“0Ω”）------------3分,3个点每个1分（5）2121UUUU−------------2分；12112RUURU−−或者121122RUUUU−−----------

-2分（6）无--------------------1分24．（12分）解析：（1）带电离子加速运动末速度为v，则221mveU=①------------------------2分进入磁场后做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力RmvevB2=②-------

---2分联立①②求解可得eBemUemUBeBmvR221===③---------------------------1分（2）离子在磁场中运动周期eBmvRT22==④----------------------------------------2分i

）若dR，离子从MN边界离开磁场区域，圆周运动的圆心角为------1分所以离子在磁场中运动的时间eBmTt==21⑤-------------------1分ii）若dR，离子从PQ边界离开磁场区域，圆周运动的圆心角为利用几何知识可得mUedBRd2sin==⑥----

-----------------------2分所以所以离子在磁场中运动的时间)2(sin212mUedBeBmTt−==-----1分25．(20分)解析：-22-（1）小滑块放在小车上以后，其加速度根据牛顿第二定律1mamgf==①

-----------1分解得加速度21/2sma=加速到共速时用时t1，10atv=②----------------------------------------------------------------1分解得st21=此

过程中小滑块相相对P点移动的距离2121ats=③--------------------------------------1分此过程中木板相相对P点移动的距离102tvs=④----------------------

----------------------1分求解可得ms41=，ms82=------------------------------------------------------------------1分摩擦力对小车做的功2mgsW

f−=⑤-------------------------------------------------------1分求解可得Jwf16−=（没有负号扣除这一分）-------------------

--------------------------1分（此小问学生用动能定理和动量定理替代牛顿运动定律求位移和时间也可以，每式1分）（2）当加有向右电场时，小滑块加速度mmgqEa+=2⑦--------

----------------------------1分恰好运动到木板左端共速，共速时间202avt=⑧----------------------------------------------1分根据

两物体的位移关系可得222202121tatvL−=⑨-------------------------------------------2分联立⑦⑧⑨可得st5.02=v/m3=E，所以电场强度E满足v/m3E--------

-------------------1分（3）满足第二问的条件，当电场v/m3=E时，小滑块相对运动到木板最左端后，会向右做匀加速运动，设时间为t3后撤去电场,之后滑块做减速运动，经时间t4，小滑块和小车在小车右端共速，恰好没掉下来，小滑块向右加速度为3mamgqE=−⑩------

-------------------------------------------1分解得23/4sma=加速的末速度3301tavv+=⑪减速过程中4101tavv+=⑫--------------

-------------------------------------------------1分加速过程中的位移为3202132avvs−=⑬-23-减速过程中的位移为1202142avvs−=⑭--

------------------------------------------------1分则Lttvss=+−+)(43043⑮-------------------------------

----------------------------2分联立⑩⑪⑫⑬⑭⑮求解解得sst58.0333=------------------------------------1分所以电场存在总时间sttt08.1)(32=+=-------------------

-----------------------1分所以电场存在的时间满足关系式sts08.15.0（结果可以保留根式）------1分解法2：满足第二问的条件，当电场v/m3=E时，小滑块相对运动到木板最左端后，会向右做匀加速运动，设时间为t3后撤去电场小滑块向右加速度为3mamgqE=

−⑩-------------------------------------------------1分解得23/4sma=滑块相对小车做加速度为3a，初速度为零的匀加速运动，经时间t3后做加速度为1a的匀减速运动直至相对静止，此

过程中的总位移小于等于板长，因此Lavav=+123222----4分加速过程的时间ssavt58.03333==--------------------------------------------------

------1分所以电场存在总时间sttt08.1)(32=+=⑮----------------------------------------------------1分所以电场存在的时间满足关系式sts08.15.0-----------------

---------------------------1分33．（15分）（1）答案：BCD解析：伽利略的斜面实验是为了证明“不受外力的物体会永远匀速运动下去”，所以A错；伽利略和笛卡尔在牛顿提出牛顿运动定律前，都提出了和牛顿运动定律类似的观点，B正确；奥斯特发现了电流会激发磁场，即电生磁，但

是安培提出了“安培环形电流假说”，解释了磁铁产生磁场的原因，所以E错误．（2）解析：（1）线框在磁场中匀速运动AfFFF+=①----------------------------1分导体棒受到的安培力ABABILF=②------------------------

-------------1分电流RvBLIAB1=③---------------------------------------------------1分联立求解可得smv/11=④-------------------------------------------

-1分同理可得smv/12=⑤-24-（2）线框进入磁场前，根据动能定理有2121)(mvxFFf=−⑥------------------2分解得mx05.0=⑦----------------------

----------------------------1分（3）在穿越磁场的过程中21222121))((mvmvQdLFFADf−=−+−⑧----------2分解得Q=0.5J⑨-----------------------------

----------------------1分