【文档说明】2021新高考物理选择性考试B方案一轮复习：第11章 第2讲　变压器　电能的输送含解析.docx，共(10)页，216.080 KB，由envi的店铺上传

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第11章第2讲变压器电能的输送课时作业时间：50分钟满分：100分一、选择题(本题共11小题，每小题8分，共88分。其中1～8题为单选，9～11题为多选)1．(2019·吉林省名校联合一模)变压器线圈中的

电流越大，所用的导线应当越粗。街头见到的变压器是降压变压器，假设它只有一个原线圈和一个副线圈，则()A．副线圈的导线应当粗些，且副线圈的匝数少B．副线圈的导线应当粗些，且副线圈的匝数多C．原线圈的导线

应当粗些，且原线圈的匝数少D．原线圈的导线应当粗些，且原线圈的匝数多答案A解析街头见到的变压器是降压变压器，可知原线圈的匝数比副线圈的匝数多，由于功率相同，而原线圈中电压大，所以原线圈的电流比副线圈的电流

要小，副线圈的电流大，导线要用粗的，原线圈的电流小，导线要用细的。故A正确，B、C、D错误。2．(2019·四川德阳三诊)用同样的交流电分别给甲、乙两个电路同样的灯泡供电，结果两个电路中的灯泡均能正常发光，乙图中理想变压器原、副线圈的匝数比为5∶3，则甲

、乙两个电路的电功率之比为()A．5∶3B.5∶2C．1∶1D.25∶9答案A解析设灯泡的额定电流为I，则甲图中电路的功率为P1＝UI，理想变压器原、副线圈的匝数比为5∶3，根据变流比可知，乙图中原线圈中电流为35I，乙图中电路

的功率为P2＝U·35I＝35P1，因此甲、乙两个电路的功率之比为5∶3，故A正确，B、C、D错误。3．(2019·重庆南开中学高考模拟)如图所示，接在理想变压器回路中的四个规格完全相同的灯泡均正常发光，则该理想变压器的匝数比n1∶n

2∶n3为()A．3∶2∶1B.3∶1∶1C．1∶1∶1D.4∶2∶1答案B解析设每个灯泡的额定电流为I，由灯泡正常发光和输入功率等于输出功率知，U1I＝U2·2I＋U3I，所以U1＝2U2＋U3，设

灯泡的额定电压为U，则U2＝U，U3＝U，U1＝3U，所以n1∶n2∶n3＝U1∶U2∶U3＝3∶1∶1，故B正确。4．(2019·山东省评价大联考三模)如图，理想变压器T的原线圈接在电压为U的交流电源两端，P为滑动变

阻器的滑片，RT为热敏电阻，其阻值随温度升高而减小，则()A．P向左滑动时，变压器的输出电压变大B．P向左滑动时，变压器的输入功率变大C．RT温度升高时，灯L变亮D．RT温度升高时，适当向右滑动P可保持灯L亮度不变答案D解析P向左滑动时，变压器原线圈电压和原、副线圈的

匝数比均不变，输出电压不变，故A错误；P向左滑动时，滑动变阻器电阻变大，副线圈回路总电阻增大，输出功率减小，所以变压器的输入功率也变小，故B错误；RT温度升高时，热敏电阻的阻值减小，副线圈回路总电阻减小，总电流增大，滑动变阻器的分压增大，灯L两端电压减小，灯L变暗，故C错误；RT温度升高时，热

敏电阻阻值减小，只有适当向右滑动P，才能使灯L分压不变，从而保持灯的亮度不变，故D正确。5.在绕制变压器时，某人将两个线圈绕在如图所示变压器铁芯的左右两个臂上。当通以交变电流时，每个线圈产生的磁通量都只有一半通过另一个线圈，另一半通过中间的臂。已知线圈1、2的匝数之比n1∶n2＝2∶1。在不接负载

的情况下()A．当线圈1输入电压为220V时，线圈2输出电压为110VB．当线圈1输入电压为220V时，线圈2输出电压为55VC．当线圈2输入电压为110V时，线圈1输出电压为220VD．当线圈2输入电压为110V时，线

圈1输出电压为440V答案B解析在不考虑原、副线圈内电阻的情况下，变压器原、副线圈电压之比U1U2等于原、副线圈中产生的感应电动势之比E1E2。给一个线圈通交变电流后，其内部磁通量只有一半通过另一个线圈，因此另一线圈的磁通量的变化率只有通

电线圈的一半。当给线圈1输入电压U1时，U1U2＝E1E2＝n1ΔΦ1Δtn2ΔΦ2Δt＝n1ΔΦ1n2ΔΦ2＝21×21＝41。当给线圈2输入电压U2′时，U2′U1′＝E2′E1′＝n2ΔΦ2′Δtn1ΔΦ1′Δt＝n2ΔΦ2′n1ΔΦ1′＝12×21＝11。所以B正确，A、

C、D错误。6．(2019·福建南平二模)如图所示，理想变压器的原线圈A、B两端接入电压为u＝2202sin(100πt)V的交变电流。原线圈匝数n＝1100，副线圈匝数n1＝60匝，n2＝50匝，C、D之间接入电容器，E、F之间接入内阻为10Ω的电动机M，它们都能

恰好正常工作。则()A．该交流电的频率为100HzB．副线圈中磁通量变化率的最大值为0.22Wb/sC．该电容器的耐压值为12VD．该电动机的输入功率为10W答案B解析根据u＝2202sin(100πt)V可得2πf＝100πrad/s，解得f

＝50Hz，故A错误；原、副线圈磁通量变化率相等，根据nΔΦΔt＝u可得，副线圈中磁通量变化率的最大值为Umn＝22021100Wb/s＝0.22Wb/s，故B正确；该电容器的额定电压为交变电压的最大值，即为U1m＝601100×2202V＝12

2V，而击穿电压即耐压值大于额定电压122V，故C错误；电动机两端电压：U2＝501100×220V＝10V，若EF之间接阻值是10Ω的纯电阻，则消耗的功率为10W，因EF之间接阻值是10Ω的电动机，则电动机输入的功率

不等于10W，D错误。7．(2019·山东青岛一模)如图，为某小型水电站电能输送的示意图，变压器均为理想变压器，升压变压器T1的原、副线圈匝数比为1∶20，降压变压器T2的原、副线圈匝数比为3∶1。升压变压器

原线圈两端接入一电压u＝Umsinωt的交流电源，用户的总电阻为R(可视为纯电阻)，输电线总电阻r＝R，不考虑其他因素的影响，用户获得的电压U为()A．22UmB.32UmC.4UmD.6Um答案B解析升压变压器原线圈两端电压的有效值为U1＝Um2；升压变压器副线圈两端的电压

为U2＝20×Um2＝102Um；输电线路上损失的电压为ΔU＝Ir＝IR；故降压变压器原线圈的电压为U3＝U2－ΔU；降压变压器副线圈两端电压U＝13U3，副线圈中电流：I′＝3I，则U＝3IR；联立解得：U＝32Um，B正确。8．(2019·重庆一中高三第一学期一诊)在如图甲

所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数比为2∶1；a、b两端电压与时间的关系如图乙所示，二极管可视为理想二极管，电表均为理想电表，电阻R＝10Ω，则下列说法正确的是()A．电压表示数约为4.50VB．电

压表示数约为6.36VC．电流表示数约为0.90AD．电路消耗的功率为8.10W答案B解析根据图乙可得，原线圈中电压的有效值为：U＝Em2＝1822V＝18V，则副线圈的电压为：U′＝12U＝9V，根据二极管的特性，设电压表测量

的有效值为U有，则有：U′2R·12T＝U2有RT，解得：U有＝92V≈6.36V，则电压表的示数约为6.36V，电流为：I′＝U有R＝6.3610A＝0.636A，则电流表的示数约为0.636A，故A、C错误，B正确；电路消耗的功

率为：P＝I′2R＝0.6362×10W≈4.04W，故D错误。9．(2019·河南安阳二模)如图所示，发电机的输出电压u＝10002sin100πt(V)，通过理想降压变压器给若干盏灯泡供电，输电线上连接可调电阻r。变压器原线圈两端接有理想交流电压表V，副线圈干路接有理想交流电流

表A，下列说法正确的是()A．电压表V的示数始终为1000VB．仅接入灯泡增多，电流表A的示数增大C．仅可调电阻r增大，电压表V的示数增大D．仅可调电阻r增大，电流表A的示数减小答案BD解析发电机输出电压的有效值为100

0V，因可调电阻r分压，故电压表V的示数小于1000V，A错误；仅接入灯泡增多，则副线圈中总电阻减小，电源的输出功率变大，原线圈中的电流变大，电流表A的示数增大，B正确；仅可调电阻r增大，r分压增大，原线圈两端电压会减小，即电压表V的示数减小，副线圈两端电压

也会减小，则副线圈中电流减小，即电流表A的示数减小，C错误，D正确。10．(2019·长沙一模)如图甲所示为一理想变压器，原、副线圈的匝数比为n1∶n2＝2∶1，且分别接有电阻R1和R2，R1＝R2＝400Ω。U为电压有效值不变的正弦交流电源，闭合开关K时，通过电阻R2的电流如图乙所示，则此时(

)A．用电压表测量交流电源电压约为424VB．交流电源的输出功率为90WC．断开开关K后，通过电阻R1的电流变成原来的一半D．R1和R2消耗的功率之比为1∶2答案AB解析通过R2的电流有效值I2＝0.62A＝0.32A，由I1I2＝n2n1得，通过R1的电

流有效值I1＝0.152A，副线圈两端的电压U2＝I2R2＝1202V，由U1U2＝n1n2得，原线圈两端电压U1＝2402V，而U＝U1＋I1R1＝3002V≈424V，A正确；交流电源的输出功率P＝UI1＝90W，B正确；断开开关后，通过电阻R1的电流为0，C错误；R1消耗的功率P

1＝I21R1，R2消耗的功率P2＝I22R2，P1∶P2＝I21∶I22＝1∶4，D错误。11．(2019·河南许昌高三二诊)有5个完全相同的灯泡连接在理想变压器的原、副线圈中，如图所示。若将该电路与交流电源接

通，且开关S接在位置1时，5个灯泡发光亮度相同；若将开关S接在位置2时，灯泡均未烧坏。则下列可能的是()A．该变压器是降压变压器，原、副线圈匝数比为4∶1B．该变压器是升压变压器，原、副线圈匝数比为1∶4C．副线圈中的灯泡仍能发

光，只是更亮些D．副线圈中的灯泡仍能发光，只是亮度变暗答案AC解析S接在位置1时，5个灯泡发光亮度相同，所以原线圈电流与副线圈电流之比为1∶4，根据I1I2＝n2n1＝14可知该变压器是降压变压器，原副线圈匝数比为4∶1，故A正确，B错误；S接到位置2时，原线圈输入电压

变大，根据电压与匝数的关系可知副线圈电压变大，灯泡仍能发光，但亮度变大，故C正确，D错误。二、非选择题(本题共1小题，共12分)12．某村在距村庄较远的地方修建了一座小型水电站，发电机输出功率为9kW，输出电压为500V，输电线的总电阻为10Ω，允许线路损耗的功率为输出功率的4%。求：(

1)村民和村办小企业需要220V电压时，所用升压变压器和降压变压器的原、副线圈的匝数比各为多少？(不计变压器的损耗)(2)若不用变压器而由发电机直接输送，村民和村办小企业得到的电压和功率是多少？答案(1)1∶372∶11(2)320V5760W解析(1)输电电路图如图所示，由ΔP＝4%P

输出和ΔP＝I22R得I2＝4%P输出R＝6A则U送＝P输出I2＝1500V升压变压器原、副线圈匝数比n1n2＝U0U送＝5001500＝13输电线上电压损失ΔU＝I2R＝60V故降压变压器输入电压U1＝U送－ΔU＝1440V故降压变压器原、副线圈匝数比n1′n2′＝U1U2

＝1440220＝7211。(2)若不用变压器，则输电电流I＝P输出U0＝18AU＝U0－IR＝320V，P＝P输出－I2R＝5760W。获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com