【文档说明】河北省保定市容大中学2020-2021学年高二国际班上学期随堂检测物理试题（8月30日）含答案.docx，共(13)页，245.269 KB，由小赞的店铺上传

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绝密★启用前容大中学2020-2021学年度上学期高二（国际班）物理随堂验收测试命题人：冯继邦审题人：物理教研组王博注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息;2．请将答案正确填写在答题卡上;卷I（选择题）一、单项选择题（本题共计11小题，每题6分，共计66分，）1

.关于自由落体运动，下列说法中正确的是（）A.物体竖直向下的运动一定是自由落体运动B.自由落体运动一定是初速度为零、加速度为内匀加速直线运动C.质量大的物体，所受重力大，因而落地速度大D.自由落体的加速度在地球赤道处最大2.某老师驾车从

“西工玻璃厂路”到“洛一高校区”，导航地图如图所示，则以下说法错误的是()A.研究汽车在导航图中的位置时，可以把汽车看作质点B.“距离短路线”中的“13公里”是指位移大小C.图中显示的“51分钟”是指时间间隔D.道路某处路边竖有限速标志70km，指的是车辆行驶在该路段过程中，瞬时

速度不能超过70km/h3.下列有关匀变速直线运动的表达式（初速度，末速度，加速度，位移，时间），正确的是（）A.B.C.D.4.握在手中的瓶子不滑落下来，这是因为（）A.手的握力大于瓶子所受的重力B.手的握力等于瓶子所受的

重力C.手对瓶子的静摩擦力大于瓶子所受的重力D.手对瓶子的静摩擦力等于瓶子所受的重力5.有质量分别为和的、两物体，分别做初速度为和的匀加速直线运动，且加速度大小相等，则它们的惯性大小情况是（）A.一样大B.比大C.比大D.

无法确定6.广州塔，昵称小蛮腰，总高度达米，游客乘坐观光电梯大约一分钟就可以到达观光平台．若电梯简化成只受重力与绳索拉力，已知电梯在时由静止开始上升，图象如图所示．则下列相关说法正确的是（）A.时，电梯处于失重状态B.时间内，绳索拉力最小C.时，电梯处于超重状态D.时，

电梯速度恰好为零7.关于曲线运动，下列说法正确的是（）A.曲线运动一定是变速运动B.曲线运动一定是匀变速运动C.曲线运动一定是变加速运动D.速度大小不变的运动一定不是曲线运动8.物体作匀速圆周运动的过程中（）A.速度和加速度都始终不变B.速度在变，加速度不变C.加速度在变，速度不变D

.速度和加速度都时刻在变9.如图所示，质量相等的甲、乙两人分别站在赤道和纬度为的地面上，他们随地球一起绕地轴做匀速圆周运动，则下列物理量相同的是（）A.线速度B.角速度C.向心力D.向心加速度10.北京时间年月日下午时分，中国科学院国家空间科学中心研

制的“墨子号”卫星，在酒泉卫星发射中心成功发射升空并进入预定轨道。“墨子号”是我国首次发射的一颗量子卫星，也是世界上第一颗量子卫星。就在同年月日，我国的第一个真正意义上的空间实验室天宫二号在酒泉也成功发射。月日，天宫二号在椭圆轨道Ⅰ的远地点开始变轨，变轨后在圆轨道Ⅱ上运行，如图所示，点

离地面高度约为，“墨子号”量子卫星离地面高度约为。若天宫二号变轨前后质量不变。则下列说法正确的是（）A.天宫二号在轨道Ⅰ上运行时通过近地点的速度最小B.天宫二号在轨道Ⅰ上运行的机械能大于在轨道Ⅱ上运行的机械能C.天宫二号在轨道Ⅰ上通过点时的加速度小于在轨道Ⅱ上通过点时的加速度D.天

宫二号在轨道Ⅱ上运行的周期一定小于“墨子号”量子卫星的运行周期11.如图所示在光滑的水平面上放着一个质量为的木箱，拉力与水平方向成角，＝．木箱从静止开始运动，末拉力的瞬时功率为（）A.B.C.D.二、多选题（本题共计1小题，共计5分，）12.（5分）在一次投球游戏中，某同

学想要将球水平抛向放在地面的小桶中，结果球沿如图所示的弧线飞到小桶的前方．不计空气阻力，则下次再投时，可作出的调整为（）A.增大初速度，抛出点高度不变B.减小初速度，抛出点高度不变C.初速度大小不变，提高抛出点高度D.初速度

大小不变，降低抛出点高度卷II（非选择题）三、填空题（本题共计3小题，共计14分，）13.(6分)某同学利用如图甲所示的装置验证机械能守恒定律，实验中交流电的频率为。该同学选择了一条合适的纸带，如图乙所示，纸带上的点为实际打出的点。该同学选择、两点验证机

械能守恒定律。（重力加速度为）（1）在打点计时器打点时，重物下落的速度大小为________；打点时重物下落的速度大小为________。（用频率以及纸带中所给量表示）（2）下落过程中，如果重物机械能守恒，应满足的表达式为________（用题中及纸带中所给量表示）。14.（2分）

在地面上发射一颗人造地球卫星，发射速度至少应为________．15.(6分)地球的两颗人造卫星质量之比，轨道半径之比．求：（1）线速度之比________．（2）角速度之比________．（3）向心力之比________．四

、解答题（本题共计1小题，共计15分，）16.(15分)如图所示，在光滑水平面上，一质量为的小球在绳的拉力作用下做半径为的匀速圆周运动．已知小球运动的线速度大小为，求：（1）小球运动的角速度；（2）绳给小球拉

力的大小．参考答案与试题解析国际班高二物理一、选择题（本题共计11小题，每题6分，共计66分）1.【答案】B【考点】自由落体运动的概念机械运动【解析】自由落体运动仅受重力，做初速度为零，加速度为的匀加速直线运动．【解答】、自由落体运动的特点是初速度为零

，仅受重力，所以竖直向下的运动不一定是自由落体运动。故错误。、自由落体运动的初速度为零，加速度＝的匀加速直线运动。故正确；、自由落体运动仅受重力，做初速度为零，加速度为的匀加速直线运动，与质量无关，所以在自由落体运动过程中，不同质量的物体运动规律相同，故错误；

、自由落体的加速度在赤道处是最小的；故错误；2.【答案】B【考点】瞬时速度平均速度时间与时刻位移质点的认识【解析】根据位移与路程、质点、瞬时速度和平均速度等物理量的定义进行判断。【解答】．研究汽车在导航图中的位置时，汽车的大小可以忽略，故可以把汽车看作质点，故正确

；．“距离短路线”中的“13km”是指路程的大小，故错误；．图中显示的“51分钟”是指汽车行驶的时间间隔，故正确；．进入隧道前路边竖有限速标志70km，为70km/h,指瞬时速度，意思为车辆经过隧道过程中瞬时速度不能超过70km/

h，故正确．本题选错误的，故选：．3.【答案】C【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系匀变速直线运动的速度与位移的关系匀变速直线运动的速度与时间的关系【解析】匀变速直线运动中，涉及初速度、末速度、加速度、

时间和位移个物理量，其中加速度恒定，初速度已知的情况下，速度、位移随着时间变化，速度和位移间也有对应的关系公式。【解答】、匀变速直线运动过程中，物体速度随着时间均匀变化，关系公式为：＝，故错误；、匀变速直线运动过程中，位移与时间的关系公式为：，故错误；、匀变速直线运动过程中，速度的平方随着位移

均匀变化，速度-位移公式为：，故正确；、匀变速直线运动中，表示平均速度，不是加速度，故错误；4.【答案】D【考点】静摩擦力和最大静摩擦力力的合成与分解的应用摩擦力的判断解直角三角形在三力平衡问题中的应用【解析】瓶子未滑落，故瓶子竖直向所受

合力为零，这是本题的突破口．另外静摩擦力与正压力不存在正比例关系，手的握力增大，使最大静摩擦力增大，并不增大静摩擦力．【解答】、由于瓶子未滑落，故瓶子竖直向所受合力为零，＝，即＝，故瓶子所受静摩擦力等于瓶子的重力。故正确错误。、手对瓶子的压力为水平方向，而重力在竖直方向，故两力大小没有直接

的关系。故错误。5.【答案】C【考点】惯性牛顿第二定律的概念【解析】惯性的大小仅与物体的质量有关，质量大的物体惯性大，由此分析。【解答】惯性的大小仅与物体的质量有关，质量大的物体惯性大，与物体的速度大小和加速度大小无关，由于物体的质量大于物体的质量，所以物体的惯性大，

故正确、错误。6.【答案】D【考点】牛顿第二定律的概念【解析】此题暂无解析【解答】解：．利用图象可判断：时，电梯有向上的加速度，电梯处于超重状态，故错误；．时间内，电梯处于超重状态，拉力重力，时间内，电梯处于匀速上升过程，拉力重力，时间内，电梯处于失重状态，拉

力重力，综上所述，故错误；．因图线与轴所围的“面积”代表速度改变量，而图中横轴上方的“面积”与横轴下方的“面积”相等，则电梯的速度在时为零，故正确．故选．7.【答案】A【考点】曲线运动的概念【解析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力

大小和方向不一定变化，由此可以分析得出结论。【解答】、既然是曲线运动，它的速度的方向必定是改变的，所以曲线运动一定是变速运动，故正确；、变加速运动是指加速度变化的运动，如匀速圆周运动的加速度大小不变但方向不断变化，是变加速的，故错误；、曲线运动可以是匀变速的，如平抛运动的加速度是重力加速度，重力加

速度是不变的，是匀变速曲线运动，故错误；、匀速圆周运动的速度大小是不变的，方向不断变化，故错误；8.【答案】D【考点】匀速圆周运动向心加速度线速度、角速度和周期、转速【解析】对于物理量的理解要明确是如何定义的决定因素有哪些，是标量还是矢量，如本题中明

确描述匀速圆周运动的各个物理量特点是解本题的关键，尤其是注意标量和矢量的区别．【解答】在描述匀速圆周运动的物理量中，线速度、加速度、合外力这几个物理量都是矢量，虽然其大小不变但是方向在变，因此这些物理量是

变化的。9.【答案】B【考点】线速度、角速度和周期、转速向心力【解析】甲乙两人站在地球上都绕地轴转动，角速度相等，根据＝比较线速度，根据＝，比较向心力，根据＝比较向心加速度。【解答】、甲乙两人站在地球上都绕地轴转动，角速度相等，

故错误；、根据线速度与角速度之间的关系式＝比较线速度，甲的半径大，所以甲的线速度大，故正确；、根据向心力公式＝，可知当质量和角速度相同时，半径不等，则向心力不等，故错误；、根据向心加速度公式＝知，可知半径不等，则向心加速度不等，故错误。10.【答案】D【考点】开普勒定律

万有引力定律及其应用随地、绕地问题【解析】天宫二号和墨子号都是卫星，在圆轨道做圆周运动时是万有引力提供向心力，在椭圆轨道运行时结合开普勒定律进行分析。【解答】、天宫二号在轨道Ⅰ上运行时只有引力做功，机械能守恒，点时近地点，势能最小，故动能最大，即速度最大，故错误；、天宫二号在轨道Ⅰ上

运行到点时要加速才能进入轨道Ⅱ，故天宫二号在轨道Ⅰ上运行的机械能小于在轨道Ⅱ上运行的机械能，故错误；、天宫二号在点时受到的万有引力是一定的，故根据牛顿第二定律可知其在轨道Ⅰ上通过点时的加速度等于在轨道Ⅱ上通过点

时的加速度，故错误；、根据开普勒第三定律，天宫二号对应轨道的半长轴较小，故周期也较小，故天宫二号在轨道Ⅱ上运行的周期一定小于“墨子号”量子卫星的运行周期，故正确；11.【答案】B【考点】平均功率瞬时功率【解析】根

据牛顿第二定律求出木箱的加速度，结合速度时间公式求出末的速度，通过＝求出拉力的功率．【解答】根据牛顿第二定律得，加速度则末的速度＝＝＝，则拉力的功率＝＝＝．故正确，、、错误。二、多选题（本题共计1小题，共计5分）12.【答案】B,D【考点】平抛运动基本规

律及推论的应用【解析】此题暂无解析【解答】解：设小球平抛运动的初速度为，抛出点离桶的高度为，水平位移为，由得：，水平位移，小球做平抛运动，飞到小桶的前方，说明水平位移偏大，要使球落在桶中，必须减小水平位移，由上式知，可采用的方法是：减小初速度，抛出点高度不变，或初速度大小不变

，降低抛出点高度，故错误，正确．故选：．三、填空题（本题共计3小题，共计14分）13.【答案】,【考点】用纸带测速法（落体法）验证机械能守恒定律【解析】（1）根据平均速度等于中间时刻的瞬时速度即可求出两点的速度；（2）根据

机械能守恒定律列式，从而求出应满足的表达式。【解答】由平均速度的公式可得，打点时速度大小为：，打点时速度大小为：。若成立，则机械能守恒，可得：。14.【答案】【考点】第一宇宙速度【解析】第一宇宙速度又称

为环绕速度，是指在地球上发射的物体绕地球飞行作圆周运动所需的最小初发射速度．【解答】解：物体在地面附近绕地球做匀速圆周运动的速度叫做第一宇宙速度，大小为；在地面附近发射飞行器，如果速度等于，飞行器恰好做匀速

圆周运动，如果速度小于，就出现万有引力大于飞行器做圆周运动所需的向心力，做近心运动而落地，所以发射速度不能小于；故答案为：．15.【答案】（1）（2）（3）【考点】随地、绕地问题【解析】（1）根据万有引力充当向心力，产生的效果公式可得出线速度和轨道半径的关系，可得结果

；（2）根据圆周运动规律可得线速度和角速度以及半径的关系，直接利用上一小题的结论，简化过程；（3）根据万有引力充当向心力可得向心力和质量以及半径的关系．【解答】解：设地球的质量为，两颗人造卫星的线速度分别为、，角速度分别

为、，运行周期分别为、，向心力分别为、；（1）根据万有引力和圆周运动规律得所以：故二者线速度之比为．（2）根据圆周运动规律得所以：故二者角速度之比为．（3）根据万有引力充当向心力公式所以：故二者向心力之比为．四、解答题（本题共计1小题，共计15分）16.【答

案】（1）小球的角速度大小为；（3）细线对小球的拉力大小为【考点】向心力【解析】（1）根据求解角速度；（3）细线对小球的拉力提供小球做匀速圆周运动的向心力，根据牛顿第二定律求解．【解答】解：（1）小球的角速度大小为：（2）细线对小球的拉力提供向心力，根据牛顿第二定律得：答：

（1）小球的角速度大小为；（3）细线对小球的拉力大小为