【文档说明】江西省赣州三中2019-2020学年高一上学期适应性物理试题（1月份）【精准解析】.doc，共(14)页，792.500 KB，由小赞的店铺上传

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2019-2020学年江西省赣州三中高一（上）适应性物理试卷（1月份）一、选择题1.有一种精彩天象叫“金星凌日”，观察到日面上有颗小黑点缓慢走过，持续时间长达六个半小时，那便是金星，这种天文现象称为“金星凌日”，如图所示下

面说法正确的是（）A.以太阳为参考系，可以认为金星是运动的B.观测“金星凌日”时可将太阳看成质点C.以太阳为参考系，金星绕太阳一周位移不为零D.地球在金星与太阳之间【答案】A【解析】【详解】AD.“金星凌日”现象的成因

是光的直线传播，当金星转到太阳与地球中间时，金星挡住了沿直线传播的太阳光，人们看到太阳上的黑点实际上是金星，由此可知发生“金星凌日”现象时，金星位于地球和太阳之间；以太阳为参考系，观察到日面上有颗小黑点缓慢走过，可以

认为金星是运动的，故A正确，D错误；B.观测“金星凌日”时，不可将太阳看成质点，如果将太阳看成质点，无法看到“金星凌日”现象，故B错误；C.以太阳为参考系，金星绕太阳一周起点和终点重合，位移为零，故C错误。故选A。2.如图所示，一小球用绳子挂在墙上，设墙面对球的压力大小为NF，绳子对球的拉力大小为

TF，让绳子缩短（绳与墙间夹角变大），则（）A.NF增大，TF增大B.NF增大，TF减小C.NF减小，TF增大D.NF减小，TF减小【答案】A【解析】【详解】对小球受力分析，如图所示：根据平衡条件，有：FN=mgtanθTmgFcos=当绳子缩短，绳与墙间

夹角变大时，则FN变大，FT变大A．NF增大，TF增大，与结论相符，选项A正确；B．NF增大，TF减小，与结论不相符，选项B错误；C．NF减小，TF增大，与结论不相符，选项C错误；D．NF减小，TF减小，与结论不相符，选项D错误；3.小杨从地面上跳起是由于()A.地面对小杨的支持力大

于小杨对地面的压力B.地面对小杨的支持力大于小杨受的重力C.小杨对地面的压力小于小杨受的重力D.地面对小杨的支持力跟小杨对地面的压力的合力大于小杨受的重力【答案】B【解析】【详解】地面对小杨的支持力和小

杨对地面的压力是一对作用力和反作用力，大小相等，方向相反，故A错误；小杨在起跳过程中运动员的加速度竖直向上，根据牛顿第二定律可知小杨所受合力竖直向上，故地面对小杨的支持力大于运动员的重力，故B正确，C错误；地面对小杨的支持力与小杨对地面

的压力是作用在不同的物体上的力，不能合成，故D错误；故选B．【点睛】小杨能够挑起的原因是地面的支持力大于小杨的重力，即小杨所受合力竖直向上．地面对小杨的支持力和小杨对地面的压力是作用力和反作用力，大小相等，方向相反，作用效果不能抵消．4.如图所示，均匀柱状物块质量为m，被斜

切为等大的两部分后，叠放在一起，其下端B置于水平地面上，上端A用细线系在顶板上，细绳处于竖直状态，物块的两部分均静止，则A、B两部分的受力个数不可能是（）A.A受2个力，B受2个力B.A受3个力，B受3个力C.A受4个力，B受4个力D.A受3个力

，B受4个力【答案】B【解析】【详解】对A物体分析，若绳子的拉力等于A的重力，则A对B没有压力；故B可能受重力和支持力两个力；故A是可能的；若拉力小于重力，则AB间有弹力的作用，根据共点力的平衡条件可知，若AB间没有摩擦力，则A不可能平衡；故AB间一定有摩

擦力；故B受重力、支持力、摩擦力、压力，4个力；故C是可能的；若绳子的拉力恰好等于0，则A受到重力、支持力和摩擦力的作用，而B受到重力、地面的支持力、A对B的压力和摩擦力的作用，共4个力．故D是可能的．本题选择不可能的，故选B．【点睛】本题考查共点力的平衡条件，要注意隔离法的正确应用

；同时明确有摩擦力时一定有支持力，有支持力不一定有摩擦力．5.如图为某一个质点所受的合力F与时间t的关系，各段的合力大小相同，作用时间相同，设质点从静止开始运动，由此可判断（）A.质点始终向前运动B.质点向前运

动一段时间后停止C.质点向前运动，再返回不会停止D.质点向前运动，再返回停止【答案】A【解析】【详解】由图：物体在奇数秒内，合力恒定不变，从静止开始做匀加速直线运动．偶数秒内力反向，由于惯性，物体仍沿原方向做匀减速直线运动，偶数秒末速度为零，周而

复始．做单向直线运动．故A正确，BCD错误．故选A．【点睛】本题物体在周期性外力作用运动，往往分析一个周期内物体的运动情况，再周期性重复．6.在高台跳水比赛中，若某运动员（可看作质点）其速度与时间关系图象如图所示，0t=是其向上起跳瞬间，则下列说法正确的是

（）A.1t时刻开始进入水面B.20~t时间内，运动员处于失重状态C.3t时刻已浮出水面D.2t时刻开始浮出水面【答案】B【解析】【详解】AD.10~t时间内为运动员上升阶段，1t时刻速度减小到零，运动员到达最高点；2t时刻速度到达最大，开始进入水面

，故AD错误；B.0t=是运动员向上起跳瞬间，则可知20~t时间内，运动员的加速度方向向下，运动员处于失重状态，故B正确；C.t3时刻运动员在水中下降到最低点，故C错误。故选B。7.如图所示，穿在水平直杆上质量为m的小球开始时静止，现对小球沿杆方向施加恒力F0，垂直于杆方向施加竖直向上的

力F，且F的大小始终与小球的速度成正比，即F=kv（图中未标出）．已知小球与杆间的动摩擦因数为μ，小球运动过程中未从杆上脱落，且F0＞μmg．下列关于运动中的速度-时间图象正确的是（）A.B.C.D.【答案】C【解析】试题分析：根

据竖直方向上平衡，确定杆子对球弹力的变化，从而得知摩擦力大小的变化，根据牛顿第二定律得出小球加速度的变化．小球开始重力大于竖直向上的力，支持力方向向上，随着速度的增大，F增大，则支持力减小，摩擦力减小，根据牛顿第二定律，加速度增大．然后竖直向上的拉力大于重力，杆子对球的弹力向

下，F增大，弹力增大，摩擦力增大，根据牛顿第二定律，加速度减小，当加速度减小到零，做匀速直线运动，故C正确．8.如图（a），物块和木板叠放在实验台上，物块用一不可伸长的细绳与固定在实验台上的力传感器相连，细绳水平．t=0时，木板开始受到水平外力F的作用，

在t=4s时撤去外力．细绳对物块的拉力f随时间t变化的关系如图（b）所示，木板的速度v与时间t的关系如图（c）所示．木板与实验台之间的摩擦可以忽略．重力加速度取g=10m/s2．由题给数据可以得出A.木板的质量为1kgB

.2s~4s内，力F的大小为0.4NC.0~2s内，力F的大小保持不变D.物块与木板之间的动摩擦因数为0.2【答案】AB【解析】【详解】结合两图像可判断出0-2s物块和木板还未发生相对滑动，它们之间的摩擦力为静摩擦力，此

过程力F等于f，故F在此过程中是变力，即C错误；2-5s内木板与物块发生相对滑动，摩擦力转变为滑动摩擦力，由牛顿运动定律，对2-4s和4-5s列运动学方程，可解出质量m为1kg，2-4s内的力F为0.4N，故A、B正确；由于不知道物块的质量，所以无法计算它们之间的动摩擦因数μ,故D错

误.9.如图所示是一个质点做匀变速直线运动x-t图像中的一段，从图中所给的数据可以确定A.质点经过途中P点所对应位置时的速度等于2m/sB.质点在运动过程中在3s～3.5s这段时间内位移大于1mC.质点在运动过程中在3s

～3.5s这段时间内位移小于1mD.质点在运动过程中t=3.5s时的速度等于2m/s【答案】CD【解析】【详解】图线P点前后段对应时间内物体的位移为2xm=，时间为1ts=，故物体在该段的平均速度为2/xvmst==，而平均速度等于中间时刻的速度，P是中点位移不是

中间时刻，所以P点的速度不为2/ms，故选项A错误；质点做匀变速直线运动，根据平均速度等于中间时刻的瞬时速度可以知道质点在3.5s时的速度等于2/ms，则物体在3s时刻的速度小于2/ms，所以在33.5ss～这段时间内平均速度小于2/ms，

根据xvt=可以知道，1xm，故本题正确选项为CD．10.静止在水平地面上的小车，质量为5kg．在水平拉力50N的作用下做直线运动，2s内匀加速前进了4m，在这个过程中(g取10m/s2)()A.小车加速度的

大小是1m/s2B.小车加速度的大小是2m/s2C.动摩擦因数是0.8D.摩擦力的大小是10N【答案】BC【解析】【详解】根据2012xvtat=+得：2224/2/4amsms==，故A错误，B正确；根据牛顿第二定律得：Ffma−=，解得f=50-10=40N，则400.8

50fmg===，故C正确，D错误．二、实验题11.用一根弹簧和一把弹簧秤做求合力实验①用如图甲装置测定弹簧的劲度系数，挂钩码时不能超过弹簧的_____；②改变所挂钩码个数，把测出的多组数据绘成如图乙的弹力Ｆ跟伸长量的关系图线，则弹簧的劲度系数为___N

/cm；③用这根弹簧和弹簧秤都与橡皮筋成135o角来拉橡皮筋，弹簧秤示数如图丙所示，则此时弹簧的伸长量为____cm；④用力的图示以这两个分力为邻边做平行四边形，得出合力的大小Ｆ合，若实验误差较小可以忽略不计，则

Ｆ合＝___N【答案】(1).弹性限度(2).020(3).105(4).296【解析】【详解】（1）为保护弹簧，弹簧的形变量不能超过其弹性限度；（2）根据F=kx知，图像的斜率即弹簧的劲度系数，解得：k=020N/cm；（3）由平衡条件知，弹簧的弹力等于弹簧秤的弹

力为21N，所以弹簧形变量为x=F/k=105cm；（4）22.12N2.96NFF===合12.“探究加速度与力、质量的关系”实验装置如图甲所示。图中小车的质量为M，钩码的质量为m，小车后面固定一条纸带，纸带穿过电磁打点计时器，计时器接50Hz交流电。（1）小车运动时受到的拉力近似等于

钩码的总重力，应满足的条件是___；（2）实验过程中某学生由于疏忽没有平衡摩擦力，他测量得到的aF−图象，可能是图乙中的图线___（选填“A”、“B”或“C”)；（3）如图丙所示，某次实验得到的纸带，纸带中相邻计数点间的距离已标出，相邻计数点间还有四个

点没有画出，由此可求得小车加速度大小为___2m/s，在计数点2时速度大小为___m/s。【答案】(1).mM(2).C(3).0.49(4).0.26【解析】【详解】（1）［1］对钩码与小车组成的系统，由牛顿第二定律，加速度大小mgaMm=+对小车，由牛顿第二定律，

小车运动时受到的拉力T1MmgmgFMamMmM===++所以只有当钩码的质量远小于小车质量时，即mM时，小车受到的拉力FT近似等于钩码的总重力；（2）［2］遗漏了平衡摩擦力这一步骤，就会出现当有拉力时，物体不动的情况，故图

线为C；（3）［3］计数点之间有4个点未画出，时间间隔为T=0.1s，由匀变速运动的推论x=aT2，小车的加速度2222Δ(3.392.89)10m0.49m/s(0.1s)xaT−−===［4］小车在计数点2的速度13213Δ(2.402.89)cm26cm/s0.26m/s

Δ2?0.1sxvt+====三、计算题13.汽车刹车进站，刹车前的速度为5m/s，刹车过程获得的加速度大小为0.42/ms.求：(1)汽车刹车开始后20秒内滑行的距离1x；(2)汽车停止运动前2s内滑行的距离2x.

【答案】（1）31.25m；（2）0.8m．【解析】【详解】（1）汽车刹车后20s已停止运动，则221531.25m220.4vxa===（2）汽车停止运动前2s内滑行的距离为222110.420.8m22xat==

=14.工人拖着木箱在水平地面上运动，往往可以采用“拉”和“推”两种方式．上述情景可以简化成如图所示的模型，甲、乙两物体的质量同为50kg，甲受到与水平方向成30角的拉力F1，乙受到与水平方向成30角的推力F2，在力的作用下它们都沿相同的粗糙水平面向右做匀速直线运动，若F1=

200N．(g=10m/s2)求：（1）物体与粗糙水平面之间的动摩擦因数；（2）F2的大小．【答案】(1)34(2)10003N【解析】【分析】（1）物块做匀速直线运动，合力为零．分析金属块的受力情况，

根据平衡条件和滑动摩擦力公式求解动摩擦因数；（2）当换成推力2F后，物块仍向右做匀速直线运动，合力为零，根据平衡条件得列出方程，即可求出2F的大小．【详解】（1）物块向右做匀速直线运动，合力为零，根据平衡条件得：在竖直方向上有：130NF

sinmg+=在水平方向上有：130fFcos=又fN=联立并代入数据得：34=（2）将1F换成推力2F后，物块仍向右做匀速直线运动，合力为零，根据平衡条件得：在竖直方向上有：230NFsinmg=

+在水平方向上有：230fFcos=又fN=联立并代入数据得：210003FN=【点睛】本题的关键是分析物体的受力情况，运用正交分析求出动摩擦因数和推力2F．要注意换成推力2F后，摩擦力将发生改变，但动摩擦因数不变

．15.超载和超速是造成交通事故的隐患之一．有一辆值勤的警车停在公路边，交警突然发现从他旁边20m/s的速度匀速行驶的货车严重超载，他决定前去追赶，经过4s后发动警车，以a＝2.5m/s2加速度做匀加速运动，求：（1）警车在追

赶货车的过程中，两车间的最大距离是多少？（2）若警车的最大速度是25m/s，试判断当警车达到最大速度时是否追上货车？（写出必要的判断过程）（3）在（2）的条件下计算，警车发动后要多长时间才能追上货车？【答案】(1)160m

(2)警车不能赶上货车，此时两车距离155m（3）41.0s【解析】【分析】（1）货车做匀速运动，根据速度和时间求货车在警车前方最大的距离．（2）货车在前面匀速运动，警车从静止开始匀加速运动在后面追，刚开始货车的速度大于警车速度，故两车之间的距离越来越大，当两车速度相等

时，位移最大，之后警车速度大于货车，两车之间的距离逐渐减小直至追上．在此过程中注意，警车发动的时间，货车在做匀速运动，而警车不能一直加速下去，当速度达到25m/s时就不能增加了，而做匀速运动．所以该题要先分析警车能不能在匀加速阶段追上货车，若不能，则在匀速阶段追上．根据位移公式和位移关系求两车间的

最大距离；（3）当警车追上货车时两车位移相等，由位移关系列式求解时间．【详解】（1）设警车最大速度为v，货车速度为v1，警车加速t1时间，两车速度相等此时相距最远．由v1－v0＝at1t1＝1va＝8s①货车位移：x货＝v1(t1＋t0)＝[20×(8＋4)]m＝240m②警车位移：

x警＝12v1t1＝12×20×8m＝80m③所以两车间的最大距离Δx＝x货－x警＝(240－80)m＝160m④（2）当警车达最大速度时，加速时间t2＝va＝252.5s＝10s⑤这段时间货车位移：x1＝v1(t2＋t0)＝20×(10＋4)m＝28

0m⑥警车位移：x2＝12vt2＝12×25×10m＝125m⑦因为x1＞x2，故此时警车尚未赶上货车，且此时两车距离Δx′＝x1－x2＝155m（3）警车达到最大速度后做匀速运动，设再经过Δt时间追赶上货车．则：vΔt＝Δx′＋v1ΔtΔt＝1xvv−所

以警车发动后要经过t＝t2＋Δt＝41.0s才能追上货车．【点睛】本题中两物体在同一直线上运动，往往涉及到追击、相遇或避免碰撞等问题，解答此类问题的关键条件是：①分别对两个物体进行研究；②画出运动过程示意图；③列出位移方程；④找出时间关系、速度关系、位移关系；

⑤解出结果，必要时要进行讨论．这是一道典型的追击问题．要抓住速度、时间、位移之间的关系，必要时可以作出速度时间图象帮助解题．16.如图所示，倾角为30°的光滑斜面与粗糙的水平面平滑连接．现将一滑块(可视为质点)从斜面上A点由静止释放，最终停在水平面上的

C点．已知A点距水平面的高度h＝0.8m，B点距C点的距离L＝2.0m．(滑块经过B点时没有能量损失，取g＝10m/s2)求：(1)滑块在运动过程中的最大速度；(2)滑块与水平面间的动摩擦因数μ；(3)滑块从A点释放后，经过时

间t＝1.0s时速度的大小．【答案】(1)vm＝4m/s(2)μ＝0.4(3)v＝3.2m/s【解析】试题分析：（1）滑块在斜面上时，对其受力分析，受到重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律列式求解出加速度，再根据运动学公式计算末速度；（2）对减速过程运用牛顿第二定律列式，再运用速

度位移公式列式，最后联立方程组求解；（3）先判断加速时间，再根据速度时间关系公式求解t=1.0s时速度的大小．解：（1）滑块先在斜面上做匀加速运动，然后在水平面上做匀减速运动，故滑块运动到B点时速度最大为，设滑块在斜面上运动的加速度大小为：解得：（2）滑块在水平面上运动的

加速度大小为解得：（3）滑块在斜面上运动的时间为得由于，故滑块已经经过B点，做匀减速运动设t=1.0s时速度大小为解得：考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的速度与位移的关系．点评：本题关键先对滑块的加速和减速过程运用牛顿第二定

律列式求解，再分别对两个过程运用运动学公式列方程联立求解．