【文档说明】湖南省名校联盟2024-2025学年高二上学期入学考试物理试题 Word版含解析.docx，共(13)页，835.561 KB，由小赞的店铺上传

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名校联盟·2024年下学期高二入学考试物理本试卷共6页。全卷满分100分，考试时间75分钟。注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应的答案标

号涂黑，如有改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案；回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分．在每小题给出的四个选项中

，只有一项是符合题目要求的．1．在物理学的发展过程中，科学家们总结出了许多物理学研究方法，取得了很多的成就．下列关于物理学研究方法和物理学家的成就叙述正确的是（）A．忽略带电体的形状和大小，用“点电荷

”表示带电体的方法，是运用了类比法B．牛顿将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动C．第谷通过研究行星观测记录，发现了行星运动的三大定律D．牛顿发现了万有引力定律，后来卡文迪什通过扭秤实验测出了引力常量的数值2．某人（视为质点）在空乘逃生演练时，从倾斜滑

垫上端A点由静止滑下，经过转折点B后进入水平滑垫，最后停在水平滑垫上的C点，两段运动均可视为匀变速直线运动．A点在水平地面上的射影为D点，该过程简化示意图如图所示．已知人与倾斜滑垫和水平滑垫间的动摩擦因数均为，D、B两点间的距离为1L，B、C两点间的距离为2L，人

的质量为m，重力加速度大小为g，不计人通过转折点B时的机械能损失，下列说法正确的是（）A．人在倾斜滑垫上运动的距离比在水平滑垫上运动的距离长B．人在倾斜滑垫上运动的平均速度比在水平滑垫上运动的平均速度小C．人从A点运动到C点的过程中克服摩擦力做的功为()12mgLL+D．倾斜滑垫的倾角未知，

不能求出人从A点运动到C点的过程中克服摩擦力做的功3．如图所示，在水平面内的M、N两点各固定一个点电荷，带电量均为Q+．O为MN的中点，过O点固定一个绝缘杆，杆水平且与MN垂直．一光滑带孔小球P穿在绝缘杆上，小球带负电，开始时在MN的左侧，现给小球

一向右的初速度，则小球P向右运动的过程中（）A．小球P从开始到O点，做加速度增大的加速运动B．小球P受到绝缘杆的弹力先增大后减小C．若把N点Q+变为Q−，小球P做匀速运动D．若把N点Q+变为Q−，小球P受到绝缘杆的弹力始终不变4．

我国在西昌卫星发射中心用长征三号丙运载火箭，成功发射了第45颗北斗导航卫星，该卫星属于地球静止轨道卫星（同步卫星）．已知地球半径为R、地球表面的重力加速度为g、地球自转周期为T，下列说法正确的是（）A．地球的第一宇宙速度为2πRTB．该卫星距地面的高度为22324πgRTR−

C．该卫星的加速度大小为224πRTD．入轨后该卫星可能位于西昌的正上方5．某条电场线是一条直线，上边依次有O、A、B、C四个点，相邻两点间距离均为d，以O点为坐标原点，沿电场强度方向建立x轴，该电场线上各点电场强度E随x的变化规律如图所示．

一个带电荷量为q+的粒子，从O点由静止释放，仅受电场力作用．则（）A．若O点的电势为零，则B点的电势为02Ed−B．粒子从O到A做匀变速直线运动C．粒子在OA段电势能减少量等于BC段电势能减少量D．粒子运动到B点时动能为032qEd6．有一段水平粗糙轨道AB长为s，第一次物块以初速度

0v由A点出发，向右运动到达B点时速度为1v，第二次物块以初速度0v由B出发向左运动．以A为坐标原点，物块与地面的摩擦力f随x的变化如图，已知物块质量为m，下列说法正确的是（）A．第二次能到达A点，且所用时间与第一次相等B．fx−

图像的斜率为()22012mvvs−C．若第二次能到达A点，则在A点的速度小于1vD．两次运动中，在距离A点12s处摩擦力功率大小相等二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对

的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．7．一种利用电容器原理制作的简易“液体深度指示计”，如图所示，P是外层包裹着绝缘电介质的金属电极，将它带上一定电量后与一个静电计的全属球用导线相连，静电计的外壳接地．然后将P放入装有导电液体的容器中，金属导线将导电液体与大地相连．下列有关描述中正确的

是（）A．电容器的两极分别是金属电极P和导电液体B．金属电极P外层包裹着的绝缘电介质层越厚，电容器的电容值越大C．若打开容器出口处阀门K，随着液面高度降低，电容器的电容值减小D．若打开容器出口处阀门K，随着液面高度降低，静电计指针的偏角将减小8．如图

所示，一质量为m的小球用两个长度均为L的轻质细绳系着，两根绳另一端分别固定在竖直转轴上的a、b两点，a、b两点之间的距离也为L，小球随竖直转轴一起在水平面内做匀速圆周运动．已知重力加速度为g，当竖直转轴以不同的角速度转动时，下列说法正确的是（）A．若20gL时，绳1上的

张力随的增大而减小B．两绳均处于伸长状态时，绳1上的张力不随的变化而变化C．两绳均处于伸长状态时，绳1上的张力与绳2上的张力差值恒定D．当竖直转轴的角速度为3gL时，绳2上的张力大小等于72mg9．如图所示，顺时针运行的传送带与水平面夹角37=，底端到顶端的距离12mL=

，运行速度大小4m/sv=．将质量1kgm=的物块轻放在传送带底部，物块与传送带间的动摩擦因数78=，取重力加速度210m/sg=．下列说法正确的是（）A．物块从传送带底端到达顶端的时间为5sB．物块相对传送带的位移大小为6mC．物块被运送到顶端的过程中，摩擦力对物块做的功为80JD．物块被

运送到顶端的过程中，电动机对传送带做功至少为136J10．空间存在一匀强电场，将一质量为m、带电荷量为q+的小球从一水平线上的A点分两次抛出．如图所示，第一次抛出时速度大小为0v，方向与竖直方向的夹角为30，经历时间1t回

到A点；第二次以同样的速率0v竖直向上抛出，经历时间2t经过水平线上的C点，B为小球运动轨迹的最高点．电场方向与小球运动轨迹在同一竖直面内，不计空气阻力，重力加速度为g．关于小球从抛出到回到水平线的过程，下列说法正确的是（）A．第一次抛出后，小球做匀变速曲线运动B．1

2:3:2tt=C．电场沿水平方向时，电势差3BCABUU=D．电场强度的最小值为32mgq三、非选择题：本题共5小题，共56分．11．（8分）用如图所示装置研究平抛运动．将白纸和复写纸对齐重叠并固定在竖直的硬板上．钢球沿斜槽轨道PQ滑下后从

Q点飞出，落在水平挡板MN上．由于挡板靠近硬板一侧较低，钢球落在挡板上时，钢球侧面会在白纸上挤压出一个痕迹点．移动挡板，重新释放钢球，如此重复，白纸上将留下一系列痕迹点．（1）下列实验条件必须满足的有_________（填标号）．A．斜槽轨道光滑B．斜槽轨道末端水平C

．挡板高度等间距变化D．每次必须从斜槽同一位置无初速度释放钢球E．小球运动时不应与硬板上的白纸相接触（2）为定量研究，建立以水平方向为x轴、竖直方向为y轴的坐标系．a．取平抛运动的起始点为坐标原点，将钢球静置于Q点，钢球的_________（选填“最上端”“最下端”或者“球心”）

对应白纸上的位置即为原点．b．若遗漏记录平抛轨迹的起始点，可按下述方法处理数据：如图所示，在轨迹上取A、B、C三点，AB和BC的水平间距相等且均为0.4mx=，测得AB和BC的竖直间距分别是10.35my=和20.75my=，那么钢球从A运动到C所用时间为_________s，钢球

平抛的初速度大小为_________m/s（已知210m/sg=）．12．（8分）如图甲所示，学生将打点计时器固定在铁架台上，用重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置做“验证机械能守恒定律”实验（已知当地的重力加速度为2

9.8m/sg=）．（1）实验中得到如图乙所示的一条纸带，在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C，测得它们到起始点O（重物静止）的距离分别为19.60cmAh=、23.70cmBh=、28.20cmCh=，已知打点计时器打点的周期为0.02sT=

，重物的质量为0.1kgm=，从打O点到打B点的过程中，重物的重力势能减少量pE=_________J，重物动能增加量kE=_________J（保留三位有效数字）．（2）大多数学生的实验结果显示，重力势能的减少量略大于动能的增加量，其

原因可能是____________________________________．（3）该同学在纸带上选取多个计数点，测量它们到起始点O的距离h，计算打下对应计数点的重物速度v，得到如图丙所示的2vh−图像，由图像可求得当地的重力加速度g=_________2m/s（保留两位小数）．

13．（12分）随着国产汽车的日益崛起，越来越多的人选择购买国产汽车，某国产汽车发动机的额定功率为P，驾驶员和汽车的总质量为1500kgm=，当汽车在水平路面上行驶时受到的阻力为车对路面压力的0.2倍．若汽车从静止开始以恒定的加速度启动，15st=时，功率达到额定功率，此后汽车以

额定功率运行，265st=时速度达到最大值，汽车运动的vt−图像如图所示，取210m/sg=，求：（1）汽车的额定功率P；（2）汽车在10~t期间牵引力的大小F及汽车在10~t期间牵引力做的功W；（3）汽车在12~tt期间的位移大小2x．14．（12分）研究人员利用电场

控制带电物体的运动，如图所示，实验区域内充满与水平面夹角53=斜向上的匀强电场，电场强度大小200V/mE=．BC为竖直固定的绝缘光滑半圆弧轨道，O为圆心，半径1mR=，圆弧BC与绝缘光滑水平面AB平滑连接并相切于B点，AB间距离1.5ms=．一质量0.016kgm=、电荷量3110C

q−=的带正电小球，轻放于水平面上A点，一段时间后，小球从C点飞出，立即撤去圆弧轨道．不考虑空气阻力，重力加速度210m/sg=，求：（1）小球通过C点时的速度大小Cv；（2）小球通过C点时对圆弧轨道的压力大小CF；（3）小球从圆弧轨道C点飞出后，运动到距C点1.5m处所用的时间t．15．

（16分）如图甲所示，竖直正对放置的平行极板A、B间存在一匀强电场，在A极板O处的放射源连续无初速度地释放质量为m、电荷量为e的电子，电子经极板A、B间的电场加速后由B极板上的小孔离开，然后沿水平放置的平行极板C、D的中心线进入偏转电场．C、D两极板的长度均为L、间距为d

，两板之间加有如图乙所示的交变电压，0~2T时间段内极板C的电势高于极板D的电势．电子被加速后离开极板A、B间的加速电场时的速度大小为LT，所有电子在极板C、D间的偏转电场里运动时均不会打到C、D两极板上，不考虑电子的重力及电子之间的相互作用和极板的

边缘效应．求：（1）极板A、B之间的电势差ABU；（2）0t=时刻进入偏转电场的电子离开偏转电场时速度偏角的正切值；（3）2Tt=时刻进入偏转电场的电子离开偏转电场时的侧移距离．参考答案、提示及评分细则1．D忽略带电体的形状和大小，用“点电荷”表示带电体的方法，是运用

了理想模型法，故A错误；伽利略将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动，B错误；开普勒通过研究行星观测记录，发现了行星运动的三大定律，所以C错误；牛顿发现了万有引力定律，后来卡文迪什通过扭秤实验测出了引力常量的数值，所以D正确．2．C设倾斜滑垫的倾角为，人在倾斜

滑垫上运动时，加速度大小为1a，位移大小为1x，则有：1sincosmgmgma−=，2112Bvax=；设人在水平滑垫上运动时，加速度大小为2a，位移大小为2x，则有：2mgma=，2222Bvax=，由于倾角未知，则加速度大小关系未知，故无法比较1x、2x的大小关系，A错误；由

匀变速直线运动的特点可知02vvv+=，即2BABBCvvv==，B错误；人从A点运动到C点的过程中克服摩擦力做的功()1212cosWmgxmgxmgLL=+=+，故C正确，D错误．3．C应用矢量合成可知，等

量同种正电荷中垂线上的场强，方向沿中垂线，大小从无限远到中点O先增大后减小，题中没有明确给出小球开始时是处在最大场强的左侧还是右侧，所以加速度变化无法判断，A错误；绝缘杆所在处场强与杆平行，由平衡可知

，杆对小球弹力总等于其重力，B错误；应用矢量合成可知，等量异种电荷中垂线上的场强方向垂直中垂线，大小从无限远到中点O一直增大，小球运动方向不受任何力作用，则做匀速运动，C正确；小球从开始到O点，场强与杆垂直，不断增大，

电场力增大，由平衡条件可知，杆对小球的弹力总等于其重力与电场力的合力，则弹力从开始到O点一直增大，过O点后，向右运动过程中弹力逐渐减小，D项错误．故选C．4．B地球的第一宇宙速度即为近地卫星的运行速度，根据万有引力提供向心力，有22GMmvm

RR=，在地球表面万有引力近似等于重力，即：2GMmmgR=，联立解得：vgR=；而T为地球自转周期，也为同步卫星的周期，但不等于近地卫星的周期，故A错误；卫星绕地球运行，万有引力提供向心力，故()()2224πmRhGMmTRh+=+，故卫星距地面的高度2223

3224π4πGMTgRThRR=−=−，B正确；卫星绕地球运行加速度()222232224π4π4πRhgRTaTT+==，C错误；地球同步卫星都位于赤道的正上方，故不可能位于西昌的正上方，D错误．5．D由图可知Ex−图像所包围的面积表示两点间的电

势差大小，因此：0001322OBUEdEdEd=+=，由于0o=，因此032BEd=−，故A错误；粒子由O到A过程电场力一直做正功，则带正电粒子一直加速运动，在该过程电场强度增大，带电粒子做加速度增大的加速直线运动，故B错

误；粒子在OA段的平均电场力小于BC段的平均电场力，则OA段的电场力做功小于BC段电场力做功，由功能关系知，粒子在OA段电势能的变化量小于BC段变化量，或者从OA段和BC段图像包围的面积分析可知OABCUU，根据电场力

做功公式WqU=和pWE=−，也可得出粒子在OA段电势能的变化量小于BC段变化量，故C错误；从O到B点过程由动能定理，则有k0OBOBBWqUE==−，可得0k32BqEdE=，故D正确．6．B根据能量守恒，第二次也能到达A点，且速度

也为1v，且一开始加速度大，速度很快减小，所以花费时间较第一次长，故A、C错误；从A到B运用动能定理，则有：2210111222fsmvmvWfs−==−，fx−图像的斜率为()22012sfmkvvss==−，B正确；两次运动

中，物块运动到距离A点2s时摩擦力做的功不相等，速度大小不相等，而摩擦力大小相等，根据力的瞬时功率计算公式PFv=，可得在距离A点12s处摩擦力功率大小不等，故D错误．7．AC由图可知，导电液体与金属电极构成了电容器，电容器的两极分别是金属电

极P和导电液体，A正确；根据4πSCkd=，绝缘电介质层越厚，即d变大，电容器的电容值变小，B错误；若打开容器出口处阀门K，随着液面高度降低，两板间距离不变，正对面积变小，电容器的电容值变小，C正确；又因为两极板电荷量不

变，电容器的电容值变小，根据QCU=，可知两极板电势差增大，静电计指针的偏角将增大，D错误．8．CD根据几何关系可知，两绳都处于伸长状态时，两绳与竖直杆的夹角（锐角）均为60；当绳2刚好伸直时，有2tan60sin60

mgmL=，解得2gL=，故当20gL时，绳2松弛，绳1与竖直方向的夹角为，有：21sinsinTmL=，得21TmL=，故绳1上的张力随的增大而增大，A错误；两绳均处于伸长状态时，竖直方向有：12cos60cos60T

mgT=+，可得122TTmg−=，可知绳1上的张力与绳2上的张力差值恒定，故C正确；水平方向有：212sin60sin60sin60TTmL+=，可得212TTmL+=，绳1、绳2上的张力均随的增大而增大，B错误；当竖直转轴的角速度为3gL时，代入上式联立解得

：272Tmg=，D正确．9．ACD物块刚放上传送带时，所受摩擦力沿传送带向上，根据牛顿第二定律得1cossinmgmgma−=，解得211m/sa=，物块速度与传送带速度相等的时间114svta

==，之后，由于sincosmgmg，摩擦力突变为静摩擦力，大小为sinmg，物块与传送带保持相对静止向上匀速运动，物块匀加速阶段的位移2118m2vxa==，传送带的位移1116mxvt==，物块与传送带保持相对静止运动的时间121sL

xtv−==，物块从传送带底端到达顶端的时间125sttt=+=，物块相对传送带的位移大小为118mxxx=−=，故A正确、B错误；物块被运送到顶端的过程中，摩擦力对物块做的功为()11cossin80JWmgxmgLx

=+−=，故C正确；物块被运送到顶端的过程中，电动机对传送带做的功转化为焦耳热和物块增加的机械能，其大小为21cossin136J2WmgxmgLmv=++=，故D正确．10．BC第一次抛出后，小球回到A点，说明重力与电场

力的合力恰好与0v的方向相反，小球做匀变速直线运动，A错误；两次小球的竖直加速度相同，则第一次012cos30yvta=，第二次022yvta=，解得12cos30312tt==，B正确；电场沿水平方向时，小球在水平方向做初速度为零的匀加速运

动，则:1:3ABBCxx=，根据UEd=可知，电势差3BCABUU=，C正确；当电场力方向与第一次抛出时的初速度方向垂直时场强最小，则此时minsin30qEmg=，电场强度的最小值为min2mgEq=，D错误．11．（每空2分）（1）BDE（未选全得

1分，有选错的不得分）（2）球心0.42解析：（1）因为本实验是研究平抛运动，只需要每次实验都能保证钢球做相同的平抛运动，即每次实验都要保证钢球从同一高度无初速度释放并水平抛出，没必要要求斜槽轨道光滑，因此A错误，B、D正确；挡板高度

可以不等间距变化，故C错误；小球运动时不应与硬板上的白纸相接触，否则会改变运动轨迹，E正确．（2）a．因为钢球做平抛运动的轨迹是其球心的轨迹，故将钢球静置于Q点，钢球的球心对应白纸上的位置即为坐标原点（平抛运动的起始点）；b．由221yygT−=，得0.2sT=，故钢球从A运动到C所用时间为0.4

s，又因为0xvT=，解得02m/sv=．12．（每空2分）（1）0.2320.231（2）重物受到空气阻力和纸带受到摩擦阻力的影响（3）9.75解析：（1）重物在B点的瞬时速度为2CABhhvT−=，根据题图可知，从起始点下落的高度为Bh，从打O点到打B点

的过程中，重物的重力势能减少量p0.232JBEmgh==，动能的增加量2k10.231J2BEmv==；（2）重力势能的减少量略大于动能的增加量，其原因可能是重物受到空气阻力和纸带受到摩擦阻力的影响；（3）若重物下落机械能守恒，则有212mghmv=，即22vgh=，

可知2vh−图线是一条过原点的直线，直线的斜率为2kg=，题图丙所示的2vh−图线的斜率为29.75m/s20.50kg==，因此可求得当地重力加速度大小为29.75m/sg=．13．（1）60kWP=（2）56000N1.510JFW==（3）21125mx=

解：（1）汽车受到的阻力为0.2mg3000NfF==当牵引力等于阻力时，汽车速度达到最大，则汽车的额定功率为：mmfPFvvF==牵解得：60000W60kWP==（2）从0～5s时间内，汽车做匀加速直线运动，加速度大小为：221110m/s2m/s5vat===汽车匀加速直线运

动的位移为211125m2xat==根据牛顿第二定律可得fFFma−=，可得6000NF=在10~t期间牵引力做的功为1WFx=，可得51.510JW=（3）在12~tt期间，由动能定理得：()22212m11122fPttFxmvmv−−=−解

得21125mx=14．（1）310m/s2Cv=（2）0.36N（3）110s5t=或21025s5t+=解：（1）对小球受力分析，由题可得：sinqEmg=故小球从A点运动到C点过程，根据动能定理，可得：21cos2CqEsmv=解得：310m/

s2Cv=（2）小球通过C点时，竖直方向上，由牛顿第二定律可得：2NmCvFR=解得：N0.36NF=，由牛顿第三定律可得：N0.36NCFF==（3）小球从圆弧轨道C点飞出后，做水平方向的匀减速直线运动，有：cos

qEma=212Cxvtat=−当小球位于C点左侧，即1.5mx=时，得：110s5t=当小球位于C点右侧，即1.5mx=−时，得：21025s5t+=15．（1）222ABmLUeT=−（2）20tanUeTmdL=（3）20UeTymd=解：（1）粒子在A

、B板之间加速后获得速度为：0LvT=根据动能定理可得：2012ABeUmv−=极板A、B之间的电势差为：222ABmLUeT=−（2）电子进入极板C、D间的偏转电场后在电场力的作用下做类平抛运动，沿水平方向做匀速直线运动有0Lvt=，解得：tT=0t=时刻进入极板C、D间的偏转电

场的电子，前2T时间内加速度大小为：01eUamd=后2T时间内加速度大小为：023eUamd=则有：1222yTTvaa=−得：0yUeTvmd=−则有：200tanyvUeTvmdL==（3）2Tt=时刻进入极板C、D间的

偏转电场的电子在32T时刻射出，T时刻有：012322yUeTTvamd==32T时刻有：02112yyUeTTvvamd=−=故偏移量为：1122222yyyvvvTTy+=+代入解得：20UeTymd=（用其他方法解答的同样给分）