【文档说明】备战2024年高考生物易错题（新高考专用）易错点02 蛋白质和核酸的三个理解误区 Word版含解析.docx，共(14)页，206.416 KB，由小赞的店铺上传

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易错点02蛋白质和核酸的三个理解误区目录01易错陷阱（3大陷阱）02举一反三【易错点提醒一】变性≠盐析【易错点提醒二】DNA高温耐受性比蛋白质大【易错点提醒三】蛋白质水解≠氧化分解03易错题通关易错陷阱1：蛋白质变性和盐析本质相同。【分析】高温使蛋白质变性的原因不是高温破坏了氨基酸之间的

肽键，而是高温使肽链盘曲折登形成的空间结构发生不可逆变化。低温和盐析未使蛋白质分子的空间结构发生不可逆变。易错陷阱2：DNA分子和蛋白质分子在高温下空间结构都会出现不可逆的变化。【分析】DNA分子和蛋白质分子对高温的耐受性不同，DNA分子对高

温的耐受性通常比蛋白质分子高。易错陷阱3：蛋白质的水解就是氧化分解。【分析】蛋白质初步水解的产物是：多肽，彻底水解的产物是：氨基酸，氧化分解的产物是：二氧化碳、水和尿素。【易错点提醒一】变性≠盐析【例1】某兴趣小组采用两种途径处

理鸡蛋清溶液，过程如图所示。有关叙述正确的是（）A．①③处理后溶液中含有氨基酸B．②过程可能破坏了蛋白质的空间结构C．高温后蛋白质容易被蛋白酶水解，吃熟鸡蛋容易消化D．④过程若加入取自动物消化道中的物质，会破坏蛋白质的空间结构但不影响肽键易错分析：蛋白质高温变性空间结构改

变，盐析处理空间结构不变。【答案】BC【解析】蛋白质经盐析处理后再溶解还是蛋白质，A错误；②过程可能破坏了蛋白质的空间结构，B正确；高温后蛋白质分子的空间结构变得伸展、松散，更易被蛋白酶水解，吃熟鸡蛋容易消化，C正确

；④过程蛋白质被消化液中的蛋白酶催化水解，会破坏蛋白质的空间结构和肽键，D错误；【变式1-1】（2023·海南·高考真题）科学家将编码天然蜘蛛丝蛋白的基因导入家蚕，使其表达出一种特殊的复合纤维蛋白，该复合纤维蛋白的韧性优于

天然蚕丝蛋白。下列有关该复合纤维蛋白的叙述，正确的是（）A．该蛋白的基本组成单位与天然蜘蛛丝蛋白的不同B．该蛋白的肽链由氨基酸通过肽键连接而成C．该蛋白彻底水解的产物可与双缩脲试剂发生作用，产生紫色反应D．高温可改变该蛋白的化学组成，从

而改变其韧性【答案】B【解析】该蛋白的基本组成单位是氨基酸，与天然蜘蛛丝蛋白的基本单位相同，A错误；氨基酸是组成蛋白质的基本单位，该蛋白的肽链由氨基酸经过脱水缩合反应通过肽键连接而成，B正确；该蛋白彻底水解的产物为氨基酸，不能与双缩脲试剂发生作用产生紫色反应，C错误；高温

可改变该蛋白的空间结构，从而改变其韧性，但不会改变其化学组成，D错误。【变式1-2】（2023·湖北·统考高考真题）球状蛋白分子空间结构为外圆中空，氨基酸侧链极性基团分布在分子的外侧，而非极性基团分布在内侧。蛋白质变性后，会出现生物活性丧失及一系

列理化性质的变化。下列叙述错误的是（）A．蛋白质变性可导致部分肽键断裂B．球状蛋白多数可溶于水，不溶于乙醇C．加热变性的蛋白质不能恢复原有的结构和性质D．变性后生物活性丧失是因为原有空间结构破坏【答案】A【解析】

蛋白质的变性作用主要是由于蛋白质分子内部的结构被破坏，天然蛋白质的空间结构是通过氢键等次级键维持的，而变性后次级键被破坏，A错误；球状蛋白氨基酸侧链极性基团分布在分子的外侧，而非极性基团分布在内侧，说

明外侧主要是极性基团，可溶于水，不易溶于乙醇，B正确；加热变性的蛋白质空间结构发生改变，该空间结构改变不可逆，不能恢复原有的结构和性质，C正确；变性后空间结构改变，导致一系列理化性质变化，生物活性丧失，D正确。【变

式1-3】球状蛋白分子空间结构为外圆中空，氨基酸侧链极性基团分布在分子的外侧，而非极性基团分布在内侧。蛋白质变性后，会出现生物活性丧失及一系列理化性质的变化。下列叙述错误的是（）A．蛋白质变性可导致蛋白质

空间结构改变、部分肽键断裂B．球状蛋白多数可溶于水，不溶于乙醇C．加热变性的蛋白质不能恢复原有的结构和性质D．盐析形成沉淀蛋白质一般不失活，常用于分离蛋白质【答案】A【解析】蛋白质变性可导致蛋白质空间结构改变、但肽键没有断裂，A错误；球状蛋白氨基酸侧链极性基团分布在分子的外侧，而非极性基团分布在

内侧，说明外侧主要是极性基团，可溶于水，不易溶于乙醇，B正确；加热变性的蛋白质空间结构发生改变，该空间结构改变不可逆，不能恢复原有的结构和性质，C正确；盐析形成沉淀蛋白质没有改变蛋白质的空间结构，一般不失活，故常用于分离蛋白质，D正确。【易错点提醒

二】DNA高温耐受性比蛋白质大【例2】下列关于人类对遗传物质探索过程的叙述，正确的是（）A．在格里菲思的转化实验中，加热杀死S型菌后其DNA已变性，因此不会导致小鼠死亡B．在格里菲思的转化实验中，R型菌转化成的S型菌可以稳定遗传C．35S标记的T2噬菌体侵染实验中

因保温时间过短导致沉淀物中有少量的放射性D．噬菌体侵染细菌实验证明噬菌体的遗传物质主要是DNA易错分析：蛋白质变性一般不可逆，DNA变性可逆。【答案】B【解析】加热杀死的S型菌不能导致小鼠死亡的原因是：加热杀死的S型菌的蛋白质加热后失

去活性，丧失侵染能力，而S型菌的DNA加热后并没有失去活性，A错误；在格里菲思的转化实验中，R型菌转化成的S型菌的实质是基因重组，属于可遗传的变异，因此能稳定遗传，B正确；35S标记的噬菌体是标记蛋白质，侵染过程中蛋白质不进入细菌，经搅拌和离心后在上

清液中，故侵染实验中因搅拌不充分导致沉淀物中有少量的放射性，保温时间短不会，C错误；噬菌体侵染细菌实验证明噬菌体的遗传物质是DNA，但不能证明主要是DNA，D错误。【变式2-1】下列关于活体肺炎双球菌转化实验的分析叙述错误

的是（）A．第3组中“加热杀死”是使S型菌的蛋白质及其细胞器变性而失去了致病能力B．由于DNA变性温度高于蛋白质的变性温度，所以第3组中DNA没有受到损害C．第4组中，S型菌细胞内的核糖体借助R型菌细胞提供的氨基酸合成了蛋白质D．若将第1组中S型菌的蛋白质用有机试剂除去，重复第4组实验，结果不会

改变【答案】C【解析】第3组中“加热杀死”是使S型菌的蛋白质及其细胞器变性，导致细菌失去活性，从而失去了致病能力，A正确；由于DNA变性温度高于蛋白质的变性温度，即热稳定性高，所以第3组中蛋白质失活而DNA没有受到损害，B正确；第4组中，S

型菌细胞内的核糖体已变性，S型菌的DNA借助R型菌细胞提供的核糖体和氨基酸合成了蛋白质，C错误；若将第1组中S型菌的蛋白质用有机试剂除去，重复第4组实验，S型菌的DNA能使R型菌发生转化，导致小鼠患败血症死

亡，D正确。【变式2-2】人们对遗传物质本质的探索经历了漫长曲折的过程，下列有关叙述正确的是（）A．孟德尔使用豌豆进行实验，证明了遗传因子是某种物质，即基因B．摩尔根以果蝇为实验材料，运用假说——演绎法证明了基因在染色体上C．肺炎双球菌转化实验中，加热处

理后的蛋白质和DNA均发生不可逆变性D．烟草花叶病毒感染烟草实验证明了病毒的遗传物质是RNA而不是蛋白质【答案】B【解析】孟德尔的豌豆实验证明了遗传因子的存在及遗传规律，并没有证明遗传因子是哪种物质，A错误；摩尔根利用假说—

—演绎法证明了控制果蝇红白眼的基因在X染色体上，B正确；对S型细菌进行加热处理，蛋白质变性是不可逆的，而DNA加热冷却后结构依然保持原样是可逆的，C错误；烟草花叶病毒感染烟草实验说明烟草花叶病毒的遗传物质是RNA，而不能说明所有病毒的遗传物质都是RNA，D错误。【变式2-3】（2023·

广东惠州·统考二模）如图为肺炎链球菌不同品系间的转化，在R型菌转化为S型菌的过程中，下列相关叙述正确的是（）A．加热致死的S型菌DNA氢键被破坏，因而断裂为多个较短的DNA片段B．由R型菌转化得到的S型菌与原S型菌的遗传物质完全相同C．S型

菌中的caps进入R型菌，使R型转化为S型菌，属于基因重组D．caps基因控制多糖类荚膜的形成体现了基因可以直接控制生物性状【答案】C【解析】氢键被破坏不会导致DNA链断裂，磷酸二酯键被破坏导致DNA链断裂，A错误；由R型菌转化得到的S型菌与原S型菌的遗传物质发生了改变

，B错误；转化产生的S型菌中的capS是S型菌中的capS进入R型细菌并与R型细菌的DNA重组导致的，C正确；capS基因控制多糖类荚膜的形成体现了基因可以通过控制酶的合成控制代谢过程间接控制生物性状，D错误。【易错点提

醒三】蛋白质氧化分解≠水解【例3】如图是生物体内几种有机物及其功能的关系图，m1、m2、m3、m4分别是有机物M1、M2、M3、M4的组成成分。下列说法正确的是（）A．相同质量的M1和M2被彻底氧化分解，M1产生的能量多B．多肽链的

数目及盘曲、折叠方式均可影响M3的结构C．m3和m4之间的区别主要是五碳糖和碱基的种类不同D．将HIV的M4彻底水解，可得到5种碱基、2种五碳糖易错分析：蛋白质水解的产物是：氨基酸，氧化分解的产物是：二氧化碳

、水等。【答案】B【解析】由分析可知，M1是糖类，M2是脂肪，与脂肪相比，糖类中的H元素含量少，被彻底氧化分解产生的能量少，A错误；M3是蛋白质，多肽链的数目及盘曲折叠方式均可影响其结构，B正确；m3是氨基酸，m4是核苷酸，五碳糖和碱基的种类不同是脱氧核糖核苷酸和核糖核苷酸的区别，而不是

氨基酸和核苷酸的区别，C错误；HIV是RNA病毒，其体内的M4是RNA，RNA彻底水解的产物是A、U、G、C四种碱基，以及一分子磷酸和一分子核糖，D错误。【变式3-1】蛋白质和RNA属于生物大分子，它们彻底水解的产物分别是（）A．氨基酸；核糖核苷酸B．氨基酸；核糖、含氮

碱基、磷酸C．多肽；核糖、含氮碱基、磷酸D．CO2、H2O和尿素；核糖核苷酸【答案】B【解析】蛋白质的彻底水解的产物为氨基酸；RNA由核糖核苷酸组成，一分子的核糖核苷酸由一分子核糖、一分子含氮碱基和一分子磷酸组成，所以其

初步水解产物为核糖核苷酸，完全水解后得到的化学物质是核糖、含氮碱基、磷酸，B正确，ACD错误。【变式3-2】核酸广泛存在于所有动植物细胞、微生物体内。下列关于核酸的叙述，错误的是（）A．DNA分子中，脱氧核苷酸的排列顺序储存着大量的遗传信息B．DNA

与RNA彻底水解产物中相同的物质有腺嘌呤、鸟嘌呤、胞嘧啶和磷酸C．RNA一般只有一条单链，不会存在碱基互补配对D．真核生物细胞含有核酸的细胞器有线粒体、叶绿体、核糖体【答案】C【解析】核酸是细胞内携带遗传信息的物质，DNA分子中，脱氧核苷酸的排列顺序储存着生物

的遗传信息，A正确；脱氧核苷酸由一分子磷酸、一分子脱氧核糖，一分子含氮碱基组成，四种碱基分别是A、T、C、G。RNA的基本组成单位是核糖核苷酸，核糖核苷酸由一分子磷酸、一分子核糖，一分子含氮碱基组成，四种碱基分别是A、U、C、G，DNA与RNA彻底水解产物中相同的

物质有腺嘌呤、鸟嘌呤、胞嘧啶和磷酸，B正确；RNA一般为单链，某些RNA中也存在碱基互补配对现象，如tRNA，C错误；线粒体和叶绿体含有（DNA和RNA），核糖体含有RNA，所以都含有核酸，D正确。【变式3-3】种子在萌发过程中，细胞内化

合物的种类和含量以及细胞代谢发生明显变化。请回答下列有关问题：(1)萌发的种子能从潮湿的土壤中吸收水分，细胞内自由水增加，细胞代谢速率（填“减慢”或“加快”），自由水在细胞中的作用有（答出2点即可）。(2)种子富含淀粉、蛋白质等大分子

有机物，种子萌发时，细胞内大分子有机物需要水解成小分子有机物才能氧化供能或转化为其他物质，淀粉彻底水解的产物是，该过程需要（酶）参与。从萌发到长出叶片进行光合作用之前，种子中有机物的种类和含量的变化规律是。(3)脂肪中的C、H比例高于糖类，相同质

量的脂肪氧化分解比糖类氧化分解需要消耗更多的O2。作物播种时，通常有“浅种花生深播玉米”的说法，试分析该说法的生物学原理：。【答案】(1)加快细胞内良好的溶剂、参与生物化学反应、运输营养物质和代谢废物(2)葡萄糖淀粉酶（和麦芽糖酶）有机物种类增多，含量减少(3)花生种子富含脂肪，玉米种子富含糖类（

淀粉），花生种子播种较浅可获得充足的O2以满足脂肪的氧化分解，有利于花生种子的萌发【解析】（1）细胞中的自由水与新陈代谢有关，自由水增加，细胞代谢速率会加快；自由水是细胞内良好的溶剂、参与生物化学反应、运输营养物质和代谢废物。（2）淀粉酶能够催化淀粉水解产生麦芽糖，麦芽糖酶能够催化麦芽糖水解

产生葡萄糖；从萌发到长出叶片进行光合作用之前，种子不能进行光合作用，只能进行呼吸作用，因此种子中有机物的含量减少而种类增加。（3）花生种子富含脂肪，玉米种子富含糖类（淀粉），因为脂肪中的C、H比例高于糖类，相同质量的脂肪氧化

分解比糖类氧化分解需要消耗更多的O2。花生种子播种较浅可获得充足的O2以满足脂肪的氧化分解，有利于花生种子的萌发，因此作物播种时，通常有“浅种花生深播玉米”的说法。1．下列关于组成细胞的元素及化合物的叙述，正确

的是（）A．植物从外界吸收的硝酸盐被用于合成糖类、蛋白质等物质B．糖类是细胞的主要能源物质，也可以参与构成细胞的结构C．蛋白质经盐析和高温处理后，空间结构都发生改变D．萌发的种子中结合水/自由水的比例要高于休眠的种子【答案】B【解析】绝大多数糖类的元素组成

为C、H、O，植物不需要从外界吸收的硝酸盐来合成糖类，A错误；糖类是细胞的主要能源物质，部分糖类也能构成细胞的结构，如纤维素可构成细胞壁，B正确；盐析是指在蛋白质水溶液中加入中性盐，随着盐浓度增大而使蛋白质沉淀出来的现象，盐

析不会使蛋白质发生变性，C错误；萌发的种子新陈代谢旺盛，休眠的种子代谢水平低，前者自由水比例高于后者，D错误。2．细胞中的RNA和RNA结合蛋白质（RBPs）相互作用形成核糖核酸蛋白质（RNP）复合物。RNP复合物分

布广泛，功能众多。下列有关叙述错误的是（）A．RNA聚合酶在mRNA和tRNA的形成过程中有重要作用B．肽键和磷酸二酯键等对维持RNP复合物结构稳定有重要作用C．肺炎链球菌细胞内会形成大量RNA和蛋白质复合物D．盐析会造成RNP复合物中蛋白质的空间结构改变【答案】D【解析】RNA聚

合酶参与了基因转录形成RNA的过程，mRNA、tRNA都是通过转录过程形成的，A正确；RNP复合物是蛋白质和RNA的结合物，蛋白质分子中含有肽键，RNA分子中有磷酸二酯键，它们对维持RNP复合物的结构稳定有重要作用，B正确；肺炎健球菌细胞内有大量的RNA和蛋白质复合物，比如核糖体等，C正

确；盐析不会使蛋白质空间结构改变，只是在盐溶液中蛋白质的溶解度发生变化，D错误。3．蛋白质是生命活动的主要承担者，下列叙述正确的是（）A．胆固醇和血红蛋白在血液中都有运输功能，两者体现了蛋白质的功能B．蛋白质变性，肽键会被破坏；蛋白质盐析时，肽键不会断裂C．蛋白质是细胞膜中含量最多的物质D

．人体内的抗体是蛋白质，可以帮助人体抵御病菌和病毒等病原体的危害【答案】D【解析】胆固醇属于脂质类物质，不属于蛋白质，A错误；蛋白质变性，空间结构被破坏，但肽键不会被破坏，B错误；细胞膜中含量最多的物质为脂质，约占细胞膜总质量的50%，蛋白质约占40%，C错误；有些蛋白

质有免疫功能，如人体内的抗体是蛋白质，可以帮助人体抵御病菌和病毒等病原体的危害，D正确。4．根据S型肺炎链球菌荚膜多糖的差异，将其分为SⅠ、SⅡ、SⅢ……等类型，不同类型的S型发生基因突变后失去荚膜，成为相应类型的R型(RI、RⅡ、RⅢ)。S型的荚

膜能阻止外源DNA进入细胞，R型只可回复突变为相应类型的S型。为探究S型菌的形成机制，科研人员将加热杀死的甲菌破碎后获得提取物，将冷却后的提取物加入至乙菌培养液中混合均匀，再接种到平板上，经培养后检测子代细菌的类型。下列相关叙述正确的是（）A．该实验中

的甲菌应为R型菌，乙菌应为S型菌B．加入至乙菌培养液的提取物中，蛋白质和DNA均已变性失活C．若甲菌为SⅢ，乙菌为RⅢ，子代细菌为SⅢ和RⅢ，则能排除基因突变的可能D．若甲菌为SⅢ，乙菌为RⅡ，子代细菌为SⅢ和RⅡ，则能说明S型菌是

转化而来【答案】D【解析】实验的目的是探究S型菌的形成机制，则R型菌为实验对象，S型菌的成分为自变量。因此甲菌应为S型菌，乙菌应为R型菌，A错误；甲菌的成分经热杀死处理后，蛋白质变性失活，DNA热稳定性比蛋白质高，在热杀死处理的温度下DNA没有变性失活，B错误；若甲菌为SⅢ，乙菌为

RⅢ，RⅢ经转化形成的S菌为SⅢ，RⅢ经回复突变形成的S菌也是SⅢ，繁殖后形成的子代细菌都为SⅢ和RⅢ，不能排除基因突变的可能，C错误；若甲菌为SⅢ，乙菌为RⅡ，RⅡ经转化得到SⅢ，繁殖所得子代细菌为SⅢ和RⅡ；RⅡ经回复突变得到SⅡ，繁殖所得子代细菌为SⅡ和RⅡ。所

以若甲菌为SⅢ，乙菌为RⅡ，子代细菌为SⅢ和RⅡ，则能说明S型菌是转化而来，D正确。5．线性的双螺旋DNA分子在碱性条件下pH为12.5可发生变性，pH恢复到初始状态后不再复性。下列关于DNA的说法正确的是（）A．细胞中组成遗传物质的碱基有4种B．原核细胞中携带遗传信息的物质是DNAC．DNA在

碱性条件下结构的改变可能与磷酸二酯键的断裂有关D．将碱性条件下处理的S型肺炎链球菌的DNA与R型肺炎链球菌共培养可出现S型【答案】AB【解析】细胞中的遗传物质为DNA，故组成遗传物质的碱基有A、T、G、C，共4种，A正

确；原核细胞也属于细胞生物，细胞生物的遗传物质是DNA，B正确；分析题意可知，DNA碱性条件下会变性，而变性主要与氢键的断裂有关，C错误；碱性条件下处理的S型肺炎链球菌DNA发生变性，且不再复性，故将碱性条件下处理的S型肺炎链球

菌的DNA与R型肺炎链球菌共培养不能出现S型，D错误。6．在加热时双链DNA分子会出现变性现象（变性是在高温等条件下双链DNA解开成为单链的过程，常以DNA溶液对260nm紫外光的吸光度值作为检测DNA变性的指标），使DNA双链一半解开为单链的温度用Tm表示，当温度升高到一定程度时，DNA溶液

对260nm的紫外光的吸光度会突然明显上升至最高值，随后即使温度继续升高，吸光度也不再明显变化。下列有关说法错误的是（）A．DNA变性是在一个较窄的温度范围内发生的B．Tm值与DNA中A+T所占比例和DNA分子的长度

呈正相关C．只有温度升高到一定程度才会发生DNA分子变性的现象D．在格里菲思肺炎链球菌转化实验中可能涉及DNA分子的变性【答案】B【解析】使DNA双链一半解开为单链的温度用Tm表示，当温度升高到一定程度时，DNA溶液对260nm的紫外光的吸光度会突然明显上升至最高值，随后即使温度继续升

高，吸光度也不再明显变化，说明DNA变性是在一个较窄的温度范围内发生的，A正确；Tm值与DNA中C+G所占比例（AT之间是两个氢键，CG之间是三个氢键）和DNA分子的长度呈正相关，B错误；只有温度升高到一定程度才使DNA双链中的氢键断裂，发生DNA分子变性的现象，C正确；格里菲思实验中对S型肺炎链

球菌加热处理，会致使其DNA变性，但温度降低后，由于碱基对之间氢键能自发形成，可以使DNA复性，D正确。7．消化道中的双歧杆菌、乳酸菌等多种有益菌，可以合成分解消化道中有害、有毒物质的多种蛋白酶，也可以合成抑制细菌、病毒等病原体生长的物质。下列说法正确的是（）A．双歧杆菌内的核酸初步水解和彻底水解

的产物都是8种B．磷酸和核糖交替连接，构成了乳酸菌遗传物质的基本骨架C．乳酸菌只能进行无氧呼吸，原因是葡萄糖无法进入乳酸菌的线粒体D．双歧杆菌和乳酸菌在大量合成蛋白酶时，其核仁体积会明显增大【答案】A【解析】双歧杆菌为原核生物，其核

酸有DNA（脱氧核糖核酸）和RNA（核糖核酸）两种，其初步水解的产物是4种脱氧核苷酸和4种核糖核苷酸共8种，彻底水解的产物是磷酸、脱氧核糖、核糖、5种含氮碱基（A、T、G、C、U）共8种，A正确；双歧杆菌为原核生物，其遗传物质是DNA，双链DNA分子中，磷酸和脱氧核

糖通过磷酸二酯键交替连接，构成基本骨架，B错误；乳酸菌为原核生物，不含有线粒体，C错误；双歧杆菌和乳酸菌为原核生物，没有细胞核，也没有核仁，D错误。8．下列关于单体的叙述中，错误的是（）A．多聚体彻底水解后的产物一定是它的单体B．脂肪彻底氧化分解后的产物是C

O2和H2O，所以CO2和H2O是脂肪的单体C．淀粉和纤维素的单体都是单糖D．组成DNA和RNA的单体的分子组成不同【答案】AB【解析】多聚体核酸彻底水解后的产物是磷酸、五碳糖和碱基，不是它的单体核苷酸，A错误；脂肪是由甘油、

脂肪酸聚合而成，因此脂肪的单体是甘油和脂肪酸，B错误；淀粉和纤维素是多糖，其单体是单糖葡萄糖，C正确；DNA的单体是脱氧核苷酸，RNA的单体是核糖核苷酸，D正确。