【文档说明】云南省玉溪市2024-2025学年高二上学期9月月考物理试卷 Word版含解析.docx，共(18)页，5.432 MB，由小赞的店铺上传

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2024—2025学年度上学期高二年级一调考试物理试卷本试题卷共8页，15题。全卷满分100分。考试用时75分钟。注意事项：1.答题前，先将自己的姓名、考号等填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置

。2.选择题的作答：选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3.填空题和解答题的作答：用签字笔直接写在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非

答题区域均无效。4.考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.如图所示，起重机将货物沿竖直方向以速度v1匀速吊起，同时又沿横梁以速度v2水平向右

匀速移动，关于货物的运动，下列说法正确的是（）A.货物此时处于超重状态B.货物相对于地面的运动速度大小为v1+v2C.货物此时所受合外力不为0D.货物相对地面做直线运动【答案】D【解析】【详解】货物相对于地

面的速度大小为2212vvv=+速度方向斜向上，货物做匀速直线运动，处于平衡状态，合外力等于零，ABC错误，D正确。故选D。2.一辆汽车以10m/sv=的速度行驶在城市道路上，当车头距离路口停车线30m时，绿灯时间还剩余3s（从该时刻开始

计时），立即刹车做匀减速运动，结果车头与停车线相齐时刚好停下，下列能正确反映该车速度随时间变化的图像是（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【详解】汽车刹车时距离停车线30m，即刹车停止的位移为30mx=以初速度10m/sv=开始匀减速，根据匀变速直线运动的规律有2vxvtt==可得从开始减速到

汽车停止的时间为6st=故选B。3.如图，场地自行车赛道设计成与水平面保持一定倾角，三位运动员骑自行车在赛道转弯处做匀速圆周运动，则下列说法正确的是（）A.三位运动员可能受重力、支持力、向心力的作用B.三位运动员各自的加速度恒定C.若此时三位运动员角速度相等，则他们的向心加速度大

小关系满足ABCaaaD.若此时三位运动员线速度大小相等，则他们的角速度大小关系满足ABC【答案】C【解析】【详解】A．三位运动员受重力、支持力，还可能受摩擦力作用，向心力是效果力，不是物体受的力，

选项A错误；B．三位运动员各自的加速度大小相等，但是方向不断变化，则加速度不是恒定的，选项B错误；C．若此时三位运动员角速度相等，则根据2ar=因ABCrrr可知，他们的向心加速度大小关系满足ABCaaa选项C正确；D．若此时三位运动员线速度大小相等，则vr=因ABC

rrr可知，根据他们的角速度大小关系满足ABC选项D错误。故选C。4.如图所示为生活中常用的手机支架，其表面采用了光滑材质，手机与支架之间摩擦力可忽略不计，手机支架与手机后背、底部的两个接触面相互垂直．某次手机静置于手机支架上时，手机与水平面夹角为θ，手机质

量为m．重力加速度为g，则手机支架对手机后背的弹力大小为（）A.cosmgB.sinmgC.cosmgD.sinmg【答案】A【解析】【详解】对手机受力分析，如图手机受到竖直向下的重力G、手机支架对手机后背的弹力1F、手机

支架对手机底部的弹力2F三个力处于平衡状态，根据平衡条件可知1cosFmg=故选A。5.如图所示，把质量为m的石块从h高处以30°角斜向上方抛出，初速度大小为0v，不计空气阻力，取石块出手点为零势能参考平面，则下列说法正确的是（）A.石块运动

过程中的最大动能为2012mvB.石块运动过程中的机械能为2012mghmv+C.石块从抛出到落地动能的变化量为mghD.石块运动过程中最小速度为012v【答案】C【解析】【详解】A．石块从抛出到落地，由动能定理2km012mg

hEmv=−可知石块运动过程中的最大动能为2km012Emghmv=+故A错误；B．取石块出手点为零势能参考平面，根据机械能守恒定律得，石块运动过程中的机械能为2012Emv=故B错误；C．石块从抛出到落地，由动能定理k=mghE故C正确；D．当石块运动到最高点时，速度最小，则

石块运动过程中最小速度为0min03cos302vvv==故D错误。故选C6.某一区域的电场线分布如图所示，A、B、C是电场中的三个点。则下列说法正确的是（）。A.A、B、C三点的电势关系为CAB

B.A、B、C三点的电场强度大小关系为ABCEEEC.A、B、C三点中，电子在C点的电势能最大D.质子从B点移到A点比从A点移到C点电场力做功少【答案】C【解析】【详解】A．根据沿电场线电势降低，则

A、B、C三点的电势关系为BAC，故A错误；B．电场线越密集电场强度越大，则A、B、C三点的电场强度大小关系为BACEEE，故B错误；C．因C点的电势最低，则A、B、C三点中，电子在C点的电势能最大，故C正确；D．由图并结合UEd=可知B、A两点之间的

电势差大于A、C两点之间的电势差，则质子从B点移到A点比从A点移到C点电场力做功多，故D错误。故选C。7.喷砂除锈是将砂料以高速喷射到工件表面，通过磨料的冲击和切削作用，去除工件表面的铁锈污渍。若高速射流时间t内均匀喷出砂料的质量为m，平均密度为，射流垂直喷到工件表面反弹后

速度大小变为原来的k倍（1k）。现对工件的某一平面进行除锈，需要高速射流在工件表面产生的压强为p。忽略高速射流在空中的形状变化与速度变化，则喷嘴横截面积的最大值为（）A.22(1)kmpt+B.22(1)mkpt+C

.2(1)kmpt+D.2(1)mkpt−【答案】A【解析】【详解】令喷嘴横截面积的最大值为S，则有FpS=根据动量定理有Ftmkvmv−=−−其中mvtS=代入解得射流的速度()1pvk=+则喷嘴横截面积的最大值()221kmmSvtpt

+==故选A。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.如图所示，运动场上，一位同学将

铅球抛出，铅球做斜抛运动。如果不计空气阻力，关于铅球抛出后在空中的运动，下列说法正确的是（）A.在相等的时间内铅球的速度变化量都相等B.铅球所受重力的瞬时功率与时间成正比C.铅球在运动过程中处于失重状态D.在任意相等时

间内铅球动能的变化量相等【答案】AC【解析】【详解】A．做抛体运动的物体只受重力的作用，所以其加速度为重力加速度，不发生变化，是匀变速运动，可知在相等的时间内速度变化量都相等，故A项正确；B．铅球在竖直方向上的速度先减小后增大，所以重力的瞬时功率也是先减小后增大，B项错误；C．铅球从抛出一直只受

重力作用，加速度为重力加速度，处于完全失重状态，故C项正确；D．铅球在竖直方向上做竖直上抛运动，任意相等时间内竖直方向发生的位移大小不同，任意相等时间内重力做功不相等。由动能定理可知动能的变化量不同，故D项错误。故选AC。9.2024年7月9日《网易》消息，截至

6月底，华为Mete60系列全版本销量已过千万。华为Mate60Pro成为全球首款支持卫星通话的大众智能手机，即使在没有地面网络信号的情况下，用户也可以从容拨打、接听卫星电话。该手机依托“天通一号”系

列地球同步静止卫星与外界联系，目前我国已发射有“天通一号”01、02、03三颗卫星，若卫星绕地球做匀速圆周运动，下列说法正确的是（）A.三颗卫星有可能经过天津市上空B.三颗卫星的轨道半径一定都相等C.三颗卫星的运行速度等于

7.9km/sD.若已知三颗卫星到地球表面高度、地球半径、地球自转周期及引力常量，即可求出地球的质量【答案】BD【解析】【详解】A．地球同步静止卫星只能位于赤道的正上方，所以不可能经过天津市上空，故A错误；B．根据万有引力提供向心力可得2224GM

mmrrT=可得2324GMTr=由于三颗卫星的周期相同、所以三颗的轨道半径一定都相等，故B正确；C．根据万有引力提供向心力可得22GMmvmrr=可得GMvr=地球的第一宇宙速度7.9km/s是卫星在地球表面附近绕地球做匀速圆周运动的线速度，所以三颗卫星的运行速

度小于7.9km/s，故C错误；D．根据万有引力提供向心力可得()()2224GMmmRhTRh=++可得地球的质量为()3224RhMGT+=则已知三颗卫星到地球表面高度、地球半径及引力常量、地球自转

周期，可求出地球的质量，故D正确。故选BD。10.如图甲所示电路中，闭合开关，将滑动变阻器的滑片从左端逐渐滑至右端时，电压表1V和2V的示数随电流表示数变化的图像如图乙所示，图线中ab、cd段均为直线。已知电动机两端电压达

到某一值时才能开始转动，各电表均为理想电表，下列说法正确的是（）A.电源的内阻为2.0ΩB.电动机内部线圈的电阻为1.0ΩC.滑动变阻器的可调范围是0~9.0ΩD.电流表示数最大时，电动机的输出功率为2.25W【答案】CD【解析】【

详解】A．根据闭合电路的欧姆定律有2UEIr=−电源可知电压表2V示数变化量与电流表示数变化量的比值的绝对值等于电源的内阻，有5.54.5101.50.5r−==−电源.故A错误；B．由图像可知，电动机两端的电压从1.0V到2.

0V时电动机没有转动，为纯电阻，则电动机内部线圈的电阻为2.01.0201.00.5r−==−电动机.故B错误；C．由图像可知，当电流表示数为1.5A时，滑动变阻器接入电路的阻值为零，当电流表示数为0.5A时，滑动变阻器全部接入电路，故滑动变阻器的最大阻值为5.5

1.09.00.5R−==故滑动变阻器的可调范围是0~9.0Ω，故C正确；D．电流表示数最大值为1.5A，故电动机的输出功率为()2214.51.51.52.0W2.25WPUIIr=−=−=电动机

故D正确。故选CD。三、非选择题：本题共5小题，共54分。11.某同学用如图所示的装置做“验证动量守恒定律”的实验，图中O是斜槽末端在记录纸上的垂直投影点，P为未放被碰小球时入射小球的平均落点，M为与被碰小球碰后入射小球的平均落点，N为

碰后被碰小球的平均落点。（1）关于本实验，下列说法正确的是______（填正确答案标号）。A斜槽轨道末端必须水平.B.斜槽轨道必须光滑C.需要用刻度尺测量入射小球开始释放高度h及抛出点距地面的高度HD.需要用天

平测出入射小球的质量1m和被碰小球的质量2mE.需要用秒表测量小球离开斜槽末端到落地的时间（2）本实验中入射小球的半径1r______（填“小于”“等于”或“大于”）被碰小球的半径2r。要使两小球碰撞后都向前运动，

需要使入射小球的质量1m______（填“小于”“等于”或“大于”）被碰小球的质量2m；如果不满足上述条件，入射小球被弹回，当斜槽轨道光滑时______（填“也会影响”或“不影响”）实验结果。（3）若测量的物理量

满足关系式______（用所测物理量的字母表示），则入射小球和被碰小球碰撞前后的总动量不变。【答案】（1）AD（2）①.等于②.大于③.不影响（3）112mOPmOMmON=+【解析】【小问1详解】A．要保证每次小球都做

平抛运动，则轨道的末端必须水平，故A正确；B．斜槽轨道没必要光滑，只需要每次小球从同一高度滚下，保证抛出的初速度相等即可，故B错误；CDE．小球碰撞后做平抛运动，由于小球抛出点的高度相等，小球做平抛运动的时间相等，小球水平位移与初速度成正比，可以用小球的水

平位移代替小球的初速度，实验要测量入射小球的质量1m和被碰小球的质量2m以及水平位移，需要刻度尺与天平，本实验不需要测量时间，不需要秒表，不需要用刻度尺测量入射小球开始释放高度h及抛出点距地面的高度H，故CE错误，D正确。故选AD。小问2详解】[1][2][3]为保证对心碰撞，本实验中入射小球

的半径1r等于被碰小球的半径2r。为防止入射小球碰后反弹，使两小球碰撞后都向前运动，需要使入射小球的质量1m大于被碰小球的质量2m；如果不满足上述条件，入射小球被弹回，当斜槽轨道光滑时，入射小球再次从轨道射出时速度与碰后速度大小相同，不影响实验结果。【小问3详解】

如果碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得【101122mvmvmv=+小球离开轨道后做平抛运动，它们抛出点的高度相等，在空中的运动时间t相等，上式两边同时乘以t得101122mvtmvtmvt=+即1

12mOPmOMmON=+12.某同学要测量一段金属丝的电阻率，除了待测金属丝、多用电表、螺旋测微器之外，实验室还准备了如下器材：A．毫米刻度尺B．电流表1A（量程为0.6A，内阻1r约为0.5Ω）C．毫安表2A（量程为1mA，内阻21000r=）D．滑动变阻

器1R（阻值范围为0~15Ω，最大电流为3A）E．定值电阻25kΩR=F．蓄电池（电动势为6V，内阻很小）（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某次测量结果如图甲所示，其读数为______mm（该值接近多次测量的平均值）。（2）用多用电表粗略测量金属

丝的电阻，当选择“×1”倍率的电阻挡，欧姆调零后再进行测量，多用电表的示数如图乙所示，测量结果为______Ω；（3）实验电路图如图丙所示，因实验室没准备电压表，实际上电路中电流表2A与定值电阻2R串联当作电压表使用，它量程为_____

_V。的（4）该同学改变滑动变阻器的滑片位置，测得多组电流表1A、2A的值1I、2I。以()12II−为横坐标，()212IRr+为纵坐标，绘得图像如图丁所示，则金属丝的电阻R=______，金属的电阻率为=______。（结果用金属丝长度L、金属丝直径d和

图乙中的a、b表示）【答案】（1）0500（2）7（3）6（4）①.ba②.24bdLa【解析】【小问1详解】金属丝的直径为0.5mm0.00.01mm0.500mmd=+=【小问2详解】因选用“×1”

倍率的电阻挡，测量结果为71Ω7ΩR==【小问3详解】电路中电流表2A与定值电阻2R串联当作电压表使用，其量程为()22226VUIrR=+=【小问4详解】[1]由并联电路可得()22212IRrIIR+=+整理得()()22212IRrRII+=−.结合图丁可知bRka==[2]根据电阻定律

有LRS=又22dS=解得金属的电阻率为24bdLa=13.2024年6月2日6时23分，嫦娥六号着陆器和上升器组合体在鹊桥二号中继星支持下，成功着陆在月球背面南极—艾特肯盆地预选着陆区。如图所示，如果降落前着陆器和上升器组合体

在反推发动机作用下在距月面210mh=处悬停，选定着陆点后以加速度21m/sa=竖直下降，当距月面'10mh=时，反推发动机立即调整工作状态使组合体减速，当组合体接触月面时速度减为零。若着陆器和上升器组合体总

质量1000kgm=，月球表面重力加速度21.6m/sg=月。求着陆器和上升器组合体。（1）刚离开悬停点开始竖直下降时反推发动机推力的大小F；（2）减速过程反推发动机推力的大小F'。【答案】（1）600N（2）21600N【解析】【小问1详解】着陆器和上升器组合体进行分析，根据牛顿第二

定律有mgFma−=月解得F=600N【小问2详解】加速下降过程有()22'vahh=−减速过程，利用逆向思维有22''vah=减速过程，根据牛顿第二定律有''Fmgma−=月解得'21600NF=14.XCT扫描是计算机X射线断层扫描技术的简称，可用于对多种病情的

探测。某种XCT机原理示意图如图所示。M、N之间是加速电场，虚线框内为匀强偏转电场；经调节后电子从静止开始沿带箭头的实线所示的方向前进，打到水平圆形靶台上的中心点P，产生X射线（如图中带箭头的虚线所示）。已知电子的质量

为m，电荷量为e，M、N两端的电压为0U，偏转电场区域水平宽度为0L，竖直高度足够长，MN中电子束距离靶台竖直高度为H，偏转电场的电场强度00233UEL=，忽略电子的重力影响，不考虑电子间的相互作用及电子进入加速电场时的初速度，不计空气阻力。求：（1）电子刚进入偏转电场时的速度

大小；（2）电子束射出偏转电场时速度方向与水平方向的夹角；（3）P点到偏转电场右边界的距离。【答案】（1）02Uem（2）30（3）032LH−【解析】【小问1详解】根据动能定理有20102Uemv=−电子刚进入偏转

电场时的速度大小02Uevm=【小问2详解】电子在偏转场的加速度为Eeam=电子在偏转场运动的时间为0Ltv=设电子束射出偏转电场时速度方向与水平方向夹角为，可得1tanyvatvv==联立解得30=【小

问3详解】设P点到偏转电场右边界的距离L，电子在偏转场的偏转位移22002311226LLEeyatmv===电子束射出偏转电场时速度反向延长将交于水平位移的中点，由相似三角形可知0000222LLLLHLyL++==联立解得032LLH=−15.甲、乙两位同学用中国象棋进行弹射

游戏。在水平放置的棋盘上，甲同学用手将甲方棋子以某一初速度正对乙方棋子弹出，两棋子发生对心正碰（碰撞时间极短），甲方棋子碰撞前、后的速度大小分别为0.3m/s和0.1m/s，且两速度方向相同。两棋子初始位置如图

所示，棋子中心与网格线交叉点重合，该棋盘每方格长宽均为4cmL=，棋子直径均为3cmD=，棋子质量均为20gm=，棋子与棋盘间动摩擦因数均为0.07=。重力加速度g大小取210m/s。求：（1）乙方棋子碰后的速度大小及两棋子碰撞时损失的机械能；（2）甲

方棋子被弹出时的初速度大小；（3）甲方棋子弹出后在棋盘上运动的时间。【答案】（1）0.2m/s，4410J−；（2）0.4m/s；（3）2s7【解析】【详解】（1）设甲碰撞前、后速度大小分别为0v、1v，乙碰撞后速度大小为2v，甲、乙棋子碰撞过程动量守恒012m

vmvmv=+解得乙方棋子碰后的速度大小20.2m/sv=两棋子碰撞时损失的机械能2224k012111410J222Emvmvmv−=−+=（2）甲方棋子被弹出后到与乙碰撞运动的位移大小为25cmxLD=−=棋子运动的加速度大小为20.7m/smgagm

===设甲方棋子被弹出时的初速度大小为v，则2202vvax−=解得0.4m/sv=（3）甲方棋子弹出后到碰撞前运动的时间011s7vvta−==甲方棋子碰撞后在棋盘上运动的时间121s7vta==甲方棋子碰撞后运动的位移大小2111cm214vxL

a==说明甲棋子没滑出棋盘，故甲方棋子弹出后在棋盘上运动的时间122s7ttt=+=