【文档说明】陕西省咸阳市实验中学2020-2021学年高一上学期第四次月考物理试卷 【精准解析】.doc，共(17)页，1.096 MB，由小赞的店铺上传

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2020—2021学年第一学期第四次月考高一年级物理试题一、选择题（每题4分，共48分。1至8题为单选题，每题4分，9至12题为多选题，选对得4分、选不全得2分、选错或不选不得分。）1.以下对课本中的图片描述正确的是（

）A.图甲中是在静止状态下用传感器探究作用力与反作用力的关系，加速状态不行B.图乙中运动员顶球时，运动员对球的力与球本身重力大小是相等的C.图丙中电梯加速上升，此时人对体重计的压力大于体重计对他的支持力D.图丁中汽车车

轮受到的摩擦力与地面受到的摩擦力是一对作用力与反作用力【答案】D【解析】【分析】【详解】A．图甲中是在静止状态下用传感器探究作用力与反作用力的关系，因作用力与反作用力总是等大反向，与运动状态无关，则加速状态仍然可以，A错误；B．图乙中运动员顶球时，因为球有

竖直向上的加速度分量，由牛顿第二定律yFmgma−=即yFmgma=+则运动员对球的力要大于球本身的重力，B错误；C．图丙中电梯加速上升，因为人对体重计的压力与体重计对他的支持力是一对作用与反作用力，则此时人对体重计的压力等于体重计对他

的支持力，C错误；D．图丁中汽车车轮受到地面的摩擦力与地面受到的摩擦力是一对作用力与反作用力，D正确。故选D。2.下列说法正确的是（）A.在高速公路上高速行驶的轿车的惯性比静止在货运场的集装箱货车的惯性大B.牛顿第一定律是根据实验总结得出来的C.乒乓球可以迅速抽

杀，是因为乒乓球的惯性小的缘故D.在粗糙水平面上滚动的小球最后会停下来是因为小球具有惯性【答案】C【解析】【分析】【详解】A．物体惯性的大小只与物体的质量有关，质量越大，惯性就越大，质量越小，惯性就越小，与

物体运动的速度无关，所以在高速公路上高速行驶的轿车的惯性比静止在货运场的集装箱货车的惯性小，故A错误；B．牛顿第一定律是根据实验和逻辑推理得出来的，故B错误；C．乒乓球可以迅速抽杀，是因为乒乓球的质量小，惯性小的缘故

，故C正确；D．在粗糙水平面上滚动的小球最后会停下来是因为小球受到阻力的作用，故D错误。故选C。3.如图所示，两人同时用大小相等的力沿不同方向拉小船，下列几种情况中，合力最大的是（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】【详解】合力与分力遵循平行四边形定则，两分力夹角越

小，合力越大，故选项A正确．【点睛】合力与分力遵循平行四边形定则，故两分力大小不变的情况下，夹角越大，合力越小，当两分力同向时，合力最大，两分力反向时，合力最小，合力范围是：1212FFFFF+−．4.如图所示，已知在同一平面内的两个分力的合力为F，且合力F＝30N

，其中一个分力沿着OO′方向，30=，则另一分力的最小值为（）A.0B.15NC.1033ND.30N【答案】B【解析】【分析】【详解】由F端点做OO′的垂线，垂线长就是最小值再由三角形的知识可以求得最小值为minsin15NFF==故选B。5.如图所示，两根细绳A

O和BO连接于O点，O点下方用细绳CO悬挂一重物，并处于静止状态，绳AO拉力为F1，绳BO拉力为F2。保持A、O点位置不变，而将绳BO缓慢向B1O、B2O移动直至水平。对于此过程，下列选项正确的是（）A.F1逐渐变小B.F2逐渐变小C.F1、F2的合力逐渐变小D.F1、F2的合力保持不变【答案】

D【解析】【分析】【详解】对结点O进行受力分析如下图所示从上图我们可以看出，将绳BO缓慢向B1O、B2O移动直至水平时，F1逐渐变大，F2先变小后变大，F1、F2的合力保持不变。故选D。6.灯笼起源于2000多年前的西汉时期。每年的农历正

月十五元宵节前后，人们都挂起象征团圆意义的红灯笼，来营造一种喜庆的氛围。某商家在门前悬挂每只质量均为m的一串灯笼，灯笼之间用轻绳连接，在稳定的水平风力作用下悬绳与竖直方向的夹角为30°，如图所示，则由上往下第三只与第四只灯笼间绳的拉力大小

为（重力加速度大小为g）（）A.43mgB.23mgC.833mgD.4mg【答案】B【解析】【分析】【详解】第三只以下还有三只灯笼，其受力如图则323cos30mgTmg==故ACD错误，B正确。故选B。7.如图所示，一木板B放在水平地面上

，木块A放在木板B的上面，木块A的右端通过弹簧测力计固定在竖直墙壁上，用力2F向左拉木板B，使它以速度v匀速运动，这时木块A静止，弹簧测力计的示数为F，下列说法中正确的是（）A.此时木板B受到的摩擦力的合力等于FB.

此时地面受到向右的滑动摩擦力，大小等于FC.若木板B以2v匀速运动，木块A受到的滑动摩擦力等于FD.若用力3F拉木板B，木块A受到的滑动摩擦力等于2F【答案】C【解析】【分析】【详解】对A、B受力分析：A受水平向右的张力和水平向左的摩

擦力；又因为物体间力的作用是相互的，则物体B受到A对它水平向右的摩擦力；由于B作匀速直线运动，则B受到水平向左的拉力和水平向右的两个摩擦力平衡（A对B的摩擦力和地面对B的摩擦力）；如图所示：A.由于B向左作匀速直线运动，B受到拉力和滑动摩擦力，则B所受摩擦力的合力为2fF=故A错

误；B.A受力平衡，故AfF=即A受B的摩擦力大小为F，由于B向左作匀速直线运动，则2BFff=+则2BfFfF=−=力的作用是相互的，所以地面受到的摩擦力大小等于F，方向水平向左，故B错误；C.滑动摩擦力大小与相对速度无关，故木板B以2v

的速度匀速运动时，A与B间压力不变，摩擦因数不变，故摩擦力大小不变为F，故C正确；D.若用3F的力拉木板B，B开始加速，但是A与B间压力不变，摩擦因数不变，故摩擦力大小不变，木块A受摩擦力大小仍为F，故D错误．8.两个弹簧的质量不计，劲度系数分别为k1、

k2，它们的一端固定在质量为m的物体上，另一端分别固定在P、Q上，当物体平衡时弹簧k2处于原长，若把物体的质量换为3m，物体大小不变，两弹簧均在弹性限度内，当物体再次平衡时，物体与第一次平衡时相比下降的距离x为（）A.122mgkk+B.12mgkk

+C.1mgkD.2mgk【答案】A【解析】【分析】【详解】当上方的弹簧处于原长时，对物体进行受力分析，由平衡条件得k1x=mg将物体的质量换为3m后，设上面弹簧k2伸长x，则下面弹簧k1压缩xx+，对物体进行受力

分析，由平衡条件得21()3kxkxxmg++=联立方程，解得122mgxkk=+则物体与第一次平衡时相比下降的距离x为122mgkk+。故选A。9.某同学站在压力传感器上完成下蹲动作，如图为传感器记录的压力随时

间变化的情况，横坐标表示时间，纵坐标表示压力。重力加速度取10m/s2，下列说法正确的是（）A.a点对应人所受合外力方向向上B.b点对应人所受合外力方向向上C.人的质量为50kgD.下蹲过程中人始终处于失重状态【答案】BC【解析】【分析

】【详解】ABD．人下蹲过程分别有失重和超重两个过程，先是加速下降，到达一个最大速度后再减速下降，对应先失重再超重，到达最低点后处于平衡状态，所以在a点时刻人处于失重状态，人所受合外力方向向下，在b点时刻人处于超

重状态，人所受合外力方向向上，故AD错误，B正确；C．开始时人处于平衡状态，传感器记录的压力等于人的重力G为500N，则由G=mg知人的质量m为50kg，故C正确；故选BC。10.如图所示，箱子A被弹簧吊着，箱内放有物块B，A、B的质量均为m，现对箱子施加一个竖直向上的力F＝4mg，使

系统处于静止状态。则在撤去F的瞬间（）A.弹簧处于压缩状态，弹力大小为mgB.物体A、B都处于超重状态C.A的加速度为aA＝3gD.B的加速度为aB＝g【答案】CD【解析】【分析】【详解】A.撤去F前，AB整体平衡，根据平衡条件，弹簧弹力等于2mg，向下，故A错误；B.撤去F的瞬间，整体受力向

下，所以AB处于失重状态，故B错误；CD.撤去F的瞬间，AB将分离，AB之间的作用消失，所以B只受重力，故B的加速度等于g，A受重力和弹簧向下的2mg的弹力，根据牛顿第二定律，A的加速度是3g；故CD正确。故选C

D。11.如图甲、乙所示，倾角为θ的光滑固定斜面上有一滑块M，在滑块M上放置一个质量为m的物块，从静止释放，M和m相对静止，一起沿斜面匀加速下滑，下列说法正确的是（）A.图甲和图乙中的物块m都处于失重状态B.图甲中的物块m不受摩擦力C.图乙中的物块m不受摩擦力D.图甲和图乙中的

物块m所受摩擦力的方向都沿斜面向下【答案】AC【解析】【分析】【详解】A．M和m相对静止，一起沿斜面匀加速下滑，加速度沿斜面向下，具有竖直向下的加速度，图甲和图乙中的物块m均处于失重状态，故A正确；B．图甲中

以m为研究的对象。由于两个物体一起做匀加速向下运动，m相对M有向右运动的趋势，所以物块m受到摩擦力，方向水平向左，故B错误；C．图乙中，设物块m受到摩擦力大小为f，方向平行于斜面向上。对整体，由牛顿第二定律得（M+m）gsinθ=（M+m）a对m，

由牛顿第二定律得mgsinθ-f=ma解得f=0说明物块m不受摩擦力，故C正确；D．结合B、C选项，知图甲中物块m受到摩擦力，方向水平向左，图乙中物块m不受摩擦力，故D错误。故选AC。12.如图所示，在竖直平面内，固定有半圆弧轨道，其两端点M、N连线水平，将一

轻质小环套在轨谱上，一细线穿过轻环A，一端系在M点，另一端系一质量为m的小球，小球恰好静止在图示位置，不计所有摩擦，重力加速度大小为g．下列说法正确的是（）A.轨道对轻环的支持力大小为3mgB.细线对M点的拉力大小为32mgC.细线对轻环的作用力大小为3

2mgD.N点和轻环的连线与竖直方向的夹角为30°【答案】AD【解析】【分析】【详解】D．对球分析，受重力和拉力而平衡，故：T=mg；再对环受力分析，受两个拉力和支持力，如图所示：根据平衡条件，图中∠1=∠2，再根据等腰三角形底角相等，有∠2=∠3，而∠1+∠2+∠

3=90°，故∠1=∠2=∠3=30°，故D正确；A．轨道对轻环的支持力大小为：2cos303NTmg==故A正确；B．细线对M点的拉力大小为：T=mg故B错误；C．细线对轻环的作用力大小为两个拉力的合力，为2cos303FNTm

g===故C错误；二、实验题（共14分）13.小明通过实验验证力的平行四边形定则，实验记录纸如图所示，O点为橡皮筋被拉伸后伸长到的位置，两弹簧测力计共同作用时，拉力1F和2F的方向分别过1P和2P点；一个弹簧测力计拉橡皮筋时，拉力3F的方向过3P点三

个力的大小分别为：14.00NF=、24.60NF=、35.30NF=。(1)请根据图中给出的标度作出1F和2F的合力F；______(2)由作图结果读出F=______N；(3)关于此实验下列说法正确的是______。A.在实验中，为了便于计算，两个分

力1F、2F间的夹角应取90B.若只增大某一只弹簧测力计的拉力大小而保持橡皮筋结点位置不变，只需调整另一只弹簧测力计拉力的大小即可C.用两只弹簧测力计拉橡皮筋时，结点位置必须与用一只弹簧测力计拉时结点的位置重合D.改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置【答案】(1).

(2).5.50~6.00(3).C【解析】【分析】【详解】(1)[1]根据图中给出的标度作出1F和2F的合力F如图；(2)[2]由作图结果读出F=6.0N；(3)[3]A.在实验中，两个分力1F、2F间的夹角大小适当即可，不一定要取90，选项A错误；B.若只增大某一只弹簧

测力计的拉力大小而保持橡皮筋结点位置不变，则另一只弹簧测力计拉力的大小合方向都需要调节，选项B错误；C.用两只弹簧测力计拉橡皮筋时，结点位置必须与用一只弹簧测力计拉时结点的位置重合，以保证两次的等效性，选项C正确；D.改变拉力，进行多次实验，每次不一定使O点静止在同一位置，选项D错误。故选

C。14.某实验小组利用如图所示的装置进行“探究加速度与力及质量的关系”的实验，已知小车质量为M，重力加速度为g。①小明想用砂桶及砂的重力代替小车受到的合外力，为了减少这种做法而带来的实验误差，小明做了两方面的调整：a.平衡摩擦力。图2是实验

时平衡摩擦力的情形，其中正确的是_____（选填字母）。b.调整砂桶及砂的总质量____（填：等于、远小于、远大于）小车的质量。②某次实验中打出的一条纸带如图3所示，图中1、2、3、4、5为相邻计数点，且相邻计数点间的时间间隔为0.1s，

由该纸带可求得小车的加速度a＝_____m/s2（结果保留3位有效数字）。【答案】(1).C(2).远小于(3).1.14【解析】【分析】【详解】①[1]平衡摩擦力时，是指不挂砂桶但需连接纸带时，让小车

在倾斜的平板上做匀速直线运动，同时小车匀速运动需根据纸带判，故C正确，AB错误。故选C。[2]当砂桶及砂的总质量远小于小车质量时可以近似认为小车受到的拉力等于钩码的重力。②[3]根据逐差法可得()2223513224.853.71

210ms1.14.5ms471.4440.1xxaT−+−−−===三。计算题（第15题10分，第16题10分，第17题18分，共38分）15.如图所示，在倾角为37的固定斜面上静置一个质量为10kg的物体，物

体与斜面间的动摩擦因数为0.8，取210m/sg=（其中sin370.6=，cos370.8=）。求：(1)物体对斜面的压力大小和静摩擦力大小；(2)若用原长为10cm，劲度系数为33.110N/m的弹簧沿斜面向上拉物体，使之向上做匀速直线运动，则弹簧稳定时的长

度是多少？【答案】(1)80N，60N；(2)14cm【解析】【分析】【详解】(1)物体静止在斜面上受力分析如下图所示，则物体受到斜面的支持力为Ncos37Fmg=摩擦力为sin37fmg=代入数据得80NNF=，60Nf=根据牛顿第三定律，物体对斜面的压力大小为80N，物体对

斜面的摩擦力大小60N。(2)当物体沿斜面向上匀速运动时，受力分析如图所示：设弹簧伸长量为x，弹簧的弹力Fkx=sin37Fmgf=+NFf=cos37NFmg=弹簧的最终长度0llx=+联立以上各式，代入数据得14cml=16.我国“神舟”五号飞船

于2003年l0月15日在酒泉航天发射场由长征二号F运载火箭成功发射升空，若长征二号F运载火箭和飞船起飞时总质量为1.0×105kg，起飞推动力为3.0×106N，运载火箭发射塔高160m，试问：（g=10m/s2）（1）运载火箭起飞时的加速度为多大

？（2）假如运载火箭起飞时推动力不变，忽略一切阻力和运载火箭质量的变化，试确定运载火箭需经多长时间才能飞离发射塔？（3）这段时间内飞船中的宇航员承受了多大的压力？（设宇航员的质量为65kg）【答案】（1）运载火箭起飞时的加速度为20m/s2．（2）假如运载火箭起飞时推动力不变，忽略一切阻力和运

载火箭质量的变化，运载火箭需经4s时间才能飞离发射塔．（3）这段时间内飞船中的宇航员承受了1.95×103N的压力．【解析】解：（1）以长征二号F运载火箭和飞船整体为研究对象，根据牛顿第二定律得：火箭起飞时的加速度为：a===20m/s2．（2）由运

动学公式s=可知，火箭飞离发射塔的时间：t===4s．（3）这段时间内飞船中的宇航员承受的压力，根据牛顿第二定律：N﹣mg=ma，∴N=m（g+a）=65×（10+20）=1.95×103N．答：（1）运载火箭起飞时的加速度为20m/s2．（2）假如运载火箭起飞时推动力不变，忽略一切阻

力和运载火箭质量的变化，运载火箭需经4s时间才能飞离发射塔．（3）这段时间内飞船中的宇航员承受了1.95×103N的压力．【点评】本题是牛顿第二定律和运动学公式的综合应用，这是解决力学问题的基本方法和思路，要加强这方面的训练，做到熟练掌握．17

.如图，水平传送带以v＝4m/s速度顺时针转动，一物体以v0＝5m/s速度从B端沿传送带水平滑向A端，物体恰好不从A端滑出，物体与传送带的动摩擦因数μ＝0.2，求：(1)传送带A、B两端间距离。(2)物体从滑上

传送带到离开传送带所用时间。(3)物体在传送带上运动全过程相对传送带滑动的距离。【答案】(1)6.25m；(2)5.06s；(3)20.25m【解析】【分析】【详解】(1)由题意知小物块刚好运动到A点时，速度减为零，由牛顿第二定律得mgma=得22m/sa=由运动学公式有2012vaL=解得

6.25mL=(2)由题意知小物块在传送带上先匀减速至零，再反向匀加速至与传送带共速，最后匀速，设其时间分别为t1、t2、t3，由运动学公式得物体向左运动时有011vat=物体向右匀加速时有12vat=2112vax=向右匀速运动时有13L

xvt−=总时间为123tttt=++联立以上各式得5.06st=(3)匀减速阶段，皮带对地位移为21xvt=匀加速阶段皮带的对地位移为32xvt=物体在传送带上运动全过程相对传送带滑动的距离为231xLxxx=++−联立以上各式得20.25mx=