【文档说明】辽宁省锦州市渤大附中、育明高中2021届高三上学期第一次联考试题+物理含答案.doc，共(8)页，610.000 KB，由小赞的店铺上传

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2020渤大附中、育明高中高三第一次考试物理试卷一、单选题(本题共9小题，每小题4分，共36分，每小题只有一个正确答案)1、一个物体从某一高度做自由落体运动，已知它在第1s内的位移恰为它在最后1s内位移的三分之一。则它开始下落时距地面的高度为(g=10m/s2)

A.15mB.20mC.11.25mD.31.25m2、一辆公共汽车进站后开始刹车，做匀减速直线运动。开始刹车后的第1s内和第2s内位移大小依次为9m和7m。则刹车后6s内的位移是A.20mB.24mC.25mD.75m3、如图所示，直角三角形框

架ABC(角C为直角)固定在水平地面上，已知AC与水平方向的夹角为α=30°。小环P、Q分别套在光滑臂AC、BC上，用一根不可伸长的细绳连接两小环，静止时细绳恰好处于水平方向，小环P、Q的质量分别为m1、m2，则小环P、Q的质量的比值为A.12m3m=B.12m3m=C.12m3

m3=D.12m1m3=4、如图所示，质量为m的木块在质量为M的木板上滑行，木板与地面间的动摩擦因数为µ1，木块与木板间的动摩擦因数为µ2，木板一直静止，那么木板受到地面的摩擦力大小为A.μ1MgB.μ2mgC.μ1(m+M)gD.μ1Mg+μ

2mg5、建设房屋时，保持底边L不变，要设计好屋顶的倾角θ，以便下雨时落在房顶的雨滴能尽快地滑离屋顶，雨滴下滑时可视为小球做无初速度、无摩擦的运动，下列说法正确的是A.倾角θ越大，雨滴下滑时的加速度越大B.倾角越大，雨滴对屋顶压力越大C.倾

角越大，雨滴从顶端O下滑至屋檐M时的时间越长D.倾角越大，雨滴从项端O下滑至屋檐M时的时间越短6、如图所示，横截面为直角三角形的斜劈A，底面靠在粗糙的竖直墙面上，力F通过球心水平作用在光滑球B上，系统处于静止状态，当力F增大时，系统还保持静止，则下列说法不正确的是A.A所受合外力增大

B.A对竖直墙壁的压力增大C.B对地面的压力一定增大D.墙面对A的摩擦力可能变为零7、如图甲，一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动的v-t图线如图乙所示，若重力加速度及图中的v0、v1、t1均为已知量，则不能求出A

.斜面的倾角B.物块的质量C.物块与斜面间的动摩擦因数D.物块沿斜面向上滑行的最大高度8、趣味运动会上运动员手持网球拍托球沿水平面匀加速跑，设球拍和球质量分别为M、m，球拍平面和水平面之间夹角为θ，球拍与球保持相对静止，它们间摩擦力及空气阻力不计，则A.运动员的加速度为gtan

θB.球拍对球的作用力为mgC.运动员对球拍的作用力为(M+m)gcosθD.若加速度大于gsinθ，球一定沿球拍向上运动9、如图所示，位于竖直平面内的固定光滑圆环轨道与水平面相切于M点，与竖直墙相切于A点。竖直墙上另一点B与M的连线和水平面的夹角为60°，C是圆环轨道的圆心。已知在同一时刻a

、b两球分别由A、B两点从静止开始沿光滑倾斜直轨道AM、BM运动到M点；c球由C点自由下落到M点。则A.a球最先到达M点B.b球最先到达M点C.c球最先到达M点D.b球和c球都可能最先到达M点二、多选题(本题共5小题，每小题4分，共20分，每小题有

多个正确答案，漏选得2分)10、科学家关于物体运动的研究对树立正确的自然观具有重要作用，下列说法符合历史事实的是A.亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变B.伽利略通过“理想实验”得出结论：一旦物体具有某一速

度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去C.笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向D.牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质11、在一次救灾活动中

，一辆救灾汽车由静止开始做匀变速直线运动，刚运动了8s，由于前方突然有巨石滚下，堵在路中央，所以又紧急刹车，匀减速运动经4s停在巨石前。则关于汽车的运动情况，下列说法正确的是A.加速、减速中的加速度大小之比a1：a2等于2：1B.加速、减速中的平均速度大小之比1

2:vv等于1：1C.加速、减速中的位移之比x1：x2等于2：1D.加速、减速中的平均速度大小之比12:vv等于1：212、一质量为m的滑块在粗糙水平面上滑行，通过频闪照片分析得知，滑块在最初2s内的位移是最后2s内位移

的两倍，且己知滑块在最初1s内的位移为2.5m，由此可求得A.滑块的加速度为5m/s2B.滑块的初速度为5m/sC.滑块运动的总时间为3sD.滑块运动的总位移为4.5m13、如图甲所示是一种速度传感器的工作原理图，在这个系

统中B为一个能发射超声波的固定小盒子，工作时B向被测物体发出短暂的超声波脉冲，脉冲被运动的物体反射后又被B接收，从B发射超声波开始计时，经时间△t0再次发射超声波脉冲，图乙是连续两次发射的超声波的位移－时间图象，则下列说法正确的是A.超声波的速度为v声=112xt

B.超声波的速度为v声=222xtC.物体的平均速度为v=212102()2xxttt−−+D.物体的平均速度为v=212102()xxttt−−+14、如图所示，质量相同的木块A、B用轻质弹簧连接。静止在光滑的水平面上，此时弹簧处于自然状态，现用水平恒力F推

A。则从力F开始作用到弹簧第一次被压缩到最短的过程中A.弹簧压缩到最短时，两木块的速度相同B.弹簧压缩到最短时，两木块的加速度相同C.两木块速度相同时，加速度aA<aBD.两木块加速度相同时，速度vA>vB三、实验题(15题6分，16题8分)15、某同学做“探究弹

力和弹簧伸长量的关系”的实验。(1)图甲是不挂钩码时弹簧下端指针所指的标尺刻度，其示数为7.73cm；图乙是在弹簧下端悬挂钩码后指针所指的标尺刻度，此时弹簧的伸长量△l为cm。(2)本实验通过在弹簧下端悬挂钩码的方法来改

变弹簧的弹力，关于此操作，下列选项中规范的做法是(填选项前的字母)A.逐一增挂钩码，记下每增加一只钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重B.随意增减钩码，记下增减钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重(3)图丙是该同学描绘的弹簧的伸长量△l与弹力F的关系图线，图线的AB

段明显偏离直线OA，造成这种现象的主要原因是。16、某实验小组利用图示的装置探究加速度与力、质量的关系。(1)下列做法正确的是(选填字母代号)。A.调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B.在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在木块上C.实

验时，先放开木块再接通打点计时器的电源D.通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度(2)为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量木块和木块上砝码的总质量。(选填“远大于”“远小

于”或“近似等于”)(3)甲、乙两同学在同一实验室，各取一套图示的装置放在水平桌面上，木块上均不放砝码，在没有平衡摩擦力的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到图中甲、乙两条直线。设甲、乙用的木块质量分别为m甲、m乙，甲、乙用的木块与木板间的动摩擦因数分别为µ甲、µ乙，由图可知，m甲

m乙，µ甲µ乙。(选填“大于”“小于”或“等于”)四、计算题.17、(8分)物体A的质量为2kg，两根轻细绳b和c的一端连接于竖直墙上，另一端系于物体A上，在物体A上另施加一个方向与水平线成θ角的拉力F，相关几何关系如

图所示，θ=60°。若要使两绳都能伸直，求拉力F的大小范围。(g取10m/s2)18、(10分)小物块以一定的初速度v0沿斜面(足够长)向上运动，由实验测得物块沿斜面运动的最大位移x与斜面倾角θ的关系如图所示。取g=10m/s

2，空气阻力不计。可能用到的函数值：sin30°=0.5，sin37°=0.6。求：(1)物块的初速度v0；(2)物块与斜面之间的动摩擦因数µ；(3)计算说明图线中P点对应的斜面倾角为多大?在此倾角条件下，小物块能滑回斜面底端吗?说明理由(设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等)。

19、(12分)春节放假期间，全国高速公路免费通行，小轿车可以不停车通过收费站，但要求小轿车通过收费站窗口前x0=9m区间的速度不超过v0=6m/s。现有甲、乙两小轿车在收费站前平直公路上分别以v甲=20m/s和v乙=34m/s的速度匀速行驶，甲车在前，乙车在后。甲车司机发现正前

方收费站，开始以大小为a甲=2m/s2的加速度匀减速刹车。(1)甲车司机需在离收费站窗口至少多远处开始刹车才不违章。(2)若甲车司机经刹车到达离收费站窗口前9m处的速度恰好为6m/s，乙车司机在发现甲车

刹车时经t0=0.5s的反应时间后开始以大小为a乙=4m/s2的加速度匀减速刹车。为避免两车相撞，且乙车在收费站窗口前9m区不超速，则在甲车司机开始刹车时，甲、乙两车至少相距多远?答案1、B.2、C3、B4、B5、A6、A7

、B8、A9、C10、BCD11、BC12、CD13、AD14、ACD15、(1)6.92(2)A(3)超出弹簧的弹性限度16、(1)AD(2)远小于(3)小于大于17、解析：c绳刚好伸直时，拉力F最

小，物体A受力如图1所示：由平衡条件得：Fminsinθ＋Fbsinθ－mg＝0Fmincosθ－Fbcosθ＝0解得：Fmin＝mg2sinθ＝2033Nb绳刚好伸直时，拉力F最大，物体A受力如图2所示：Fmaxsinθ－mg＝0解得：F

max＝mgsinθ＝4033N故拉力F的大小范围是2033N≤F≤4033N.答案：2033N≤F≤4033N18、解析：(1)当θ＝90°时，物块做竖直上抛运动，末速度为0由题图得上升最大位移为xm＝

3.2m由v20＝2gxm，得v0＝8m/s.(2)当θ＝0°时，物块相当于在水平面上做匀减速直线运动，末速度为0由题图得水平最大位移为x＝6.4m由运动学公式有：v20＝2ax由牛顿第二定律得：μmg＝ma，得μ＝0.5

.(3)设题图中P点对应的斜面倾角值为θ，物块在斜面上做匀减速运动，末速度为0由题图得物块沿斜面运动的最大位移为x′＝3.2m由运动学公式有：v20＝2a′x′由牛顿第二定律有：mgsinθ＋μmgcosθ＝ma′得10sin

θ＋5cosθ＝10，得θ＝37°.因为mgsinθ＝6m＞μmgcosθ＝4m，所以能滑回斜面底端．答案：(1)8m/s(2)0.5(3)37°能滑回底端理由见解析19、解析：(1)对甲车，速度由2

0m/s减至6m/s过程中的位移x1＝v2甲－v202a甲＝91mx2＝x0＋x1＝100m即：甲车司机需在离收费站窗口至少100m处开始刹车．(2)设甲刹车后经时间t，甲、乙两车速度相同，由运动学公式得：v乙－a乙(t－t0)＝v甲－

a甲t，解得t＝8s相同速度v＝v甲－a甲t＝4m/s＜6m/s，即v＝6m/s的共同速度为不相撞的临界条件乙车从34m/s减速至6m/s的过程中的位移为x3＝v乙t0＋v2乙－v202a乙＝157m所以要满足条件甲、乙的距离至少为x＝x3－x1＝66m.答案：

(1)100m(2)66m