【文档说明】四川省棠湖中学2020届高三下学期第二次适应性考试理综物理试题【精准解析】.doc，共(17)页，1.113 MB，由小赞的店铺上传

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2020届四川省棠湖中学高三(下)第二次高考适应性考试理综物理试题1.物体做自由落体运动的过程中，下列说法不正确的是A.物体处于完全失重状态B.物体的重力势能越来越小C.物体的加速度保持不变D.物体的速度变化量保持不变【答案】

D【解析】【详解】A.做自由落体运动的物体具有向下大小为g的加速度，物体处于完全失重状态，故A正确；B.物体做自由落体运动的过程中，高度不断下降，根据重力势能公式EP=mgh，可知，物体的重力势能不断减小，故B正确；C.因只受重力，根据牛顿第二定律可知，物体的加

速度为g，保持不变，故C正确；D.物体的速度变化量△v=gt，逐渐增大，故D错误．本题选择错误答案，故选D2.甲、乙两车在平直公路上行驶,二者的位置—时间（x—t）图象如图所示,则下列说法正确的是（）A.0～8s内

,甲、乙两车位移相同B.8s末,甲车的速度大小小于乙车的速度大小C.0～2s内,甲车的位移大小小于乙车的位移大小D.0～8s内,甲、乙两车的平均速度大小相等,但方向相反【答案】D【解析】【详解】A.8

s末，甲车的位置在40m处，乙车的位置在0m处，0~8s内，两车位移大小均为40m，方向相反，故A错误；B.根据“位置—时间图象的切线斜率表示速度”可知，8s末，甲车的速度大小大于乙车的速度大小，故B错误；C.由图象可以看出，0~2s内，甲车的位移大小大于乙车的位移大小，故C

错误；D.根据速度公式xvt=，由于0～8s内，甲、乙两车位移大小均为40m，方向相反，故两车的平均速度大小相等，但方向相反．故D正确．故选D3.2019年1月3日，嫦娥四号成功登陆月球背面，全人类首次实现月球背面软着陆．嫦娥四号登陆月球前，在环月轨道上做

匀速圆周运动，其与月球中心连线在单位时间内扫过的面积为S，已知月球的质量为M，引力常量为G，不考虑月球的自转，则环月轨道的半径大小为()A.24SGMB.23SGMC.22SGMD.2SGM【答案】A【解析】【详解】根据万有引力提供向心力2224GMmrmrT

＝解得该人造卫星做圆周运动的周期为32rTGM=人造卫星绕地球做匀速圆周运动的圆的面积为为πr2，所以人造卫星与地心连线在单位时间内所扫过的面积为232rSrGM=解得环月轨道的半径大小为：24SrGM＝A.24S

GM，与结论相符，选项A正确；B.23SGM，与结论不相符，选项B错误；C.22SGM，与结论不相符，选项C错误；D.2SGM，与结论不相符，选项D错误．4.如图所示，质量为m的小球用两根细线OA，OB连接，细线OA的另一端连接在车厢顶，细线OB另一端连

接于侧壁，细线OA与竖直方向的夹角为37=，OB保持水平，重力加速度大小为g，车向左做加速运动，当OB段细线拉力为OA段拉力的两倍时，小车的加速度大小为（）A.gB.54gC.74gD.32g【答案】C【解析】【详解】小球受力如图所示，在竖直方向，由平衡条件得cos37Fmg=在水平方向

，由牛顿第二定律得2sin37FFma−=解得74ag=故C正确，ABD错误。故选C。5.如图所示是滑梯简化图，一小孩从滑梯上A点开始无初速度下滑，在AB段匀加速下滑，在BC段匀减速下滑，滑到C点恰好静止，整个过程中

滑梯保持静止状态．假设小孩在AB段和BC段滑动时的动摩擦因数分别为1和2，AB与BC长度相等，则A.整个过程中地面对滑梯始终无摩擦力作用B.动摩擦因数12+=2tanC.小孩从滑梯上A点滑到C点先超重后失重D.整个过程中地面对滑梯的支持力始终等于小

孩和滑梯的总重力【答案】B【解析】【详解】小朋友在AB段做匀加速直线运动，将小朋友的加速度1a分解为水平和竖直两个方向，由于小朋友有水平向右的分加速度，根据牛顿第二定律知，地面对滑梯的摩擦力方向水平向右；有竖直向下的分加速度，则由牛

顿第二定律分析得知：小孩处于失重，地面对滑梯的支持力NF小于小朋友和滑梯的总重力．同理，小朋友在BC段做匀减速直线运动时，小孩处于超重，地面对滑梯的支持力大于小朋友和滑梯的总重力，地面对滑梯的摩擦力方向水平向左，故ACD错误；设AB的长度为L，小孩在B点的速度为v．

小孩从A到B为研究对象，由牛顿第二定律可得：11sincosmgmgma−=，由运动学公式可得：212vaL=；小孩从B到C为研究过程，由牛顿第二定律可得：22cossinmgmgma−=，由运动

学公式可得：222vaL=；联立解得：122tan+=，故B正确．6.如图所示电路中，电源内阻忽略不计，R0为定值电阻，Rm为滑动变阻器R的最大阻值，且有0mRR；开关S1闭合后，理想电流表A的

示数为I，理想电压表V1、V2的示数分别为U1、U2，其变化量的绝对值分别为△I、△U1、△U2。则下列说法正确的是（）A.断开开关S2，将R的滑动触片向右移动，则电流A示数变小、电压表V2示数变小B.保持R的滑动触片不动，

闭合开关S2，则电流表A示数变大、电压表V1示数变小C.断开开关S2，将R的滑动触片向右移动，则滑动变阻器消耗的电功率减小D.断开开关S2，将R的滑动触片向右移动，则有12UUII=【答案】AD【解析】【详解】

A．断开开关S2，将滑片向右移动时，R接入电路电阻增大，电路总电阻增大，则由闭合电路欧姆定律可知，干路电流减小，电流表A示数减小，电压表V2减小，故A正确；B．保持R的滑动触片不动，闭合开关S2，0R被短路，电路总电阻减小，干路电流增大，电流表示数A增大；而1UIR=，可知电压表

V1示数增大，故B错误；C．当滑动变阻器的电阻等于等效电源的内阻时滑动变阻器的阻值时，滑动变阻器的功率达到最大，断开开关S2，将R的滑动触片向右移动，由于0mRR，所以滑动变阻器的功率一直在增大，故C错误；D．由10UEIR=−可知：10URI=由20UIR=可知：20U

RI=故D正确；故选AD。7.如图所示，物块M在静止的传送带上以速度v匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示。若传送带的速度大小也为v，则传送带启动后（）A.M静止在传送带上B.M可能沿斜面向上运动C.M受到的摩擦力不变D.M下滑的速度不变【答案】CD【

解析】【详解】传送带静止时，物块匀速下滑，摩擦力为滑动摩擦力，传送带突然运动，但物块与传送带之间还是滑动摩擦力，即物块受力情况不变，继续保持原来的速度匀速直线运动，AB错误，CD正确。故选CD。8.如图所示，在xoy平面内的坐标原点处，有一个粒子源，

某一时刻以同一速率v发射大量带正电的同种粒子，速度方向均在xoy平面内，且对称分布在x轴两侧的30°角的范围内．在直线x=a与x=2a之间包括边界存在匀强磁场，方向垂直于xoy平面向外，已知粒子在磁场中运动的轨迹半径为

2a．不计粒子重力及粒子间的相互作用力，下列说法正确的是（）A.最先进入磁场的粒子在磁场中运动的时间为3avB.最先进入和最后进入磁场中的粒子在磁场中运动的时间都相等C.最后从磁场中射出的粒子在磁场中运动的时间为43avD.最后从磁场中射出的粒子出场的位置坐标为73,3aa−（

）【答案】ACD【解析】【详解】沿x轴方向射出的粒子最先进入磁场，由几何关系可知，粒子在磁场中运动的偏转角为30，所以运动时间为30223603aavv=，故A正确；沿与x轴成30角的两个方向同时进

入磁场，沿与x轴成30角斜向下方进入磁场的粒子在磁场中偏转角为120，所以用的时间为1202243603aavv=，弦长为22sin6023saa==，粒子进入磁场的位置离x轴的距离为3tan303xaa==，所以最后从磁场中射出的粒子出场的位置

的纵坐标为3732333sxaaa+=+=，所以最后从磁场中射出的粒子出场的位置坐标为73,3aa−（），故B错误，CD正确.第II卷非选择题三、非选择题：共174分。第22~32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33~3

8题为选题，考生根据要求作答。(一)必考题(共129分)9.如图是某小组验证动能定理的实验装置，在滑块上安装一遮光条与拉力传感器，把滑块放在水平气垫导轨上，通过定滑轮的细绳与钩码相连，光电门安装在B处．测得滑块(含遮光条和拉力传感器)质量为M、钩

码的总质量为m、遮光条的宽度为d，当地的重力加速度为.g当气垫导轨充气后，将滑块在图示A位置由静止释放后，拉力传感器记录的读数为F，光电门记录的时间为t．()1实验中是否要求钩码总质量m远小于滑块质量M？______(填“是”或“否”)；()2测得AB之间的距离为L，则对滑

块验证动能定理的表达式为______(用以上对应物理量的符号表示)；()3为减少实验误差，可采取的方法是______()A增大AB之间的距离()B减少钩码的总质量()C增大滑块的质量()D减少遮光条的宽度．【答案】(1).否；(2).21()2dF

LMt=(3).AD【解析】【分析】拉力是直接通过传感器测量的，故与小车质量和钩码质量大小关系无关．滑块经过光电门时的瞬时速度可近似认为是滑块经过光电门的平均速度．根据动能定理列方程．本实验用了气垫导轨，摩擦力几乎没有，不需要平衡摩擦力.

【详解】（1）拉力是直接通过传感器测量的，故与小车质量和钩码质量大小关系无关，故不需要钩码总质量m远小于滑块质量M；（2）由于遮光条的宽度很小，通过光电门的时间也很短，故遮光条通过光电门的平均速度可以

表示瞬时速度，则通，B点的速度为：dvt=，拉力做功为：WFL=动能的增加量为：21()2kdEMt=，故本实验中探究动能定理的表达式为为：21()2dFLMt=．（3）由公式可知，实验误差来自由长度的测量和速度的测量，故可以让AB之间的距离L增大或减小遮光片的长度，故AD正确．

故选AD.【点睛】本题考查验证动能定理的实验，在处理实验时一定要找出实验原理，根据实验原理我们可以寻找需要测量的物理量和需要注意的事项．10.光敏电阻是阻值随着光的照度而发生变化的元件(照度可以反映光的强弱，光越强照度越大，照度单位为lx)．某光敏电阻R的阻值随照度变化的曲线

如图甲所示．（1）如图乙所示是街道路灯自动控制模拟电路所需元件．利用直流电源给电磁铁供电，利用220V交流电源给路灯供电．为达到天亮灯熄、天暗灯亮的效果，请用笔画线代替导线，正确连接电路元件__________．（2）用多用电表“×100”Ω挡，测量图中电磁铁线圈电阻时，指针偏转角度

太大，为了更准确的测量其阻值，接下来应选用___________Ω挡(填“×1k或“×10”)，进行欧姆调零后，重新测量其示数如图丙所示，则线圈的电阻为___________Ω．（3）已知当线圈中的电流大于或等于2mA时，继电器的衔铁将被吸合．图中直流电源的电动势

E=6V，内阻忽略不计，滑动变阻器有三种规格可供选择：R1(0~10Ω，2A)、R2(0~200Ω，1A)、R3(0-1750Ω，1A)要求天色渐暗照度降低至1.0lx时点亮路灯，滑动变阻器应选___________择(填“R1”、“R2”或“R3”)．为使天色

更暗时才点亮路灯，应适当地___________(填“增大”或“减小”)滑动电阻器的电阻．【答案】(1).(2).×10(3).140(4).3R(5).减小【解析】【详解】（1）光敏电阻的电阻值随光照强度的增大而减小，所以白天时光敏电阻的电阻值小，电路中的电流值大，电磁铁将被吸住；静

触点与C接通；晚上时的光线暗，光敏电阻的电阻值大，电路中的电流值小，所以静触点与B接通．所以要达到晚上灯亮，白天灯灭，则路灯应接在AB之间．电路图如图：（2）欧姆表指针偏转角度太大，说明电阻太小，应换作小倍率的“×10”Ω

挡；读数是先读出表盘的刻度，然后乘以倍率，表盘的刻度是14，倍率是“×10Ω”，所以电阻值是14×10=140Ω；（3）天色渐暗照度降低至1.01x时点亮路灯，此时光敏电阻的电阻值是2kΩ，电路中的电流是2mA，R=ERI−光=-36210−2000=1000Ω，所以要选择滑动变阻器R3.

由于光变暗时，光敏电阻变大，分的电压变大，所以为使天色更暗时才点亮路灯，应适当地减小滑动变阻器的电阻．11.如图甲所示，有一倾角为30°的光滑固定斜面，斜面底端的水平面上放一质量为M的木板．开始时质量为m＝1kg的滑块在水平向左的力F作用下静止在斜面上，现将力F变为水平向右，当滑块滑到木板

上时撤去力F，木块滑上木板的过程不考虑能量损失．此后滑块和木板在水平面上运动的v－t图象如图乙所示，g＝10m/s2．求：(1)水平作用力F的大小；(2)滑块开始下滑时的高度；(3)木板的质量．【答案】（1）1033N；（2）2.5m；

（3）1.5kg【解析】(1)开始F向左时，滑块受到水平推力F、重力mg和支持力处于平衡，如图所示：水平推力：3103tan11033FmgNN===；(2)由图乙知，滑块滑上木板时速度为：110mvs=，设下滑的加速度为a，由牛顿第二定律

得：sincosmgFma+=，代入数据得：210mas=，则滑块下滑的位移为：22vxa=，则下滑时的高度：sin2.5hxm==；(3)设在整个过程中，地面对木板的摩擦力为f，滑块与木板间的摩擦力为f1，由图乙知，滑块刚滑上木板时的加速度为214mas=−，对滑块

：11fma=，此时木板的加速度：221mas=，对木板：12ffMa−−=，当滑块和木板速度相等，均为：2mvs=，之后连在一起做匀减速直线运动，加速度为：22302142mmass−==−−，对整体：3()fmMa−=+，由以上各式解得：1.5Mkg=12.如图所示为

竖直面内的直角坐标系xOy．A点的坐标为（-8m，0），C点的坐标为（-4m，0）；A点右侧的三个区域存在沿y轴正方向的匀强电场，-4m>x≥-8m区域的场强大小为E1=5V／m，0>x≥-4m区域的场强大小为E2=7V／m，x≥O区域的场强大小为E3

=5V/m;第一、四象限内的磁场方向相反且垂直于坐标平面，磁感应强度大小均为B=2T。现让一带正电的小球从A点沿z轴正方向、以vo=4m/s的速率进入电场。已知小球的质量m=2×10-3kg．电荷量q=4×10-3C，假设电场和磁场区域足够宽广，小球可视为质点且电荷

量保持不变，忽略小球在运动中的电磁辐射，重力加速度取g=10m／s2。求：(1)小球到达y轴时的速度；(2)小球从A点运动到坐标为(56m，y)的点经历的时间．【答案】（1）42m/s45°（2）（2+

414）s或（2+838）s或（2+212）s【解析】【详解】(1)在48mxm−−区域，小球所受电场力1FqE=代入数据得：2210NF−=由题知：2210Nmg−=，因：Fmg=所以小球做匀速直线运动，设该过程经历时间为t1在

04xm−区域，2qEmg，小球做类平抛运动，设该过程经历时间为t2，根据运动学规律在y方向上有2qEmgma−=代入数据得：24m/sa=2212yat=2yvat=在x方向上有02COvt=代入数据得：21st=，

2my=，4m/syv=由220yvvv=+代入数据解得：42m/sv=设v与y轴正方向的夹角为由0tanyvv=代入数据解得：45=(2)在0x区域，3qEmg=，分析知，小球先在第一象限做半径为r、周期为

2T的匀速圆周运动，接着交替在第四、第一象限做半径为r、周期为34T的匀速圆周运动，轨迹如图所示：洛伦兹力提供向心力，有2vqvBmr=代入数据得：2mr=设小球在第一象限第一次到达x轴的位置为P点，第二次到达x轴的位置为G点由几何关系易得2mOP=，2cos2mPGr==小球做匀速圆周运动

的周期为：2rTv=代入数据得：s2T=设小球从O点到达x轴上H(56m，0)点的时间为t3因：28OHOP=，即27OHOPPG=+故332724OPPHTTttt=+=+代入数据得：38383s48Tt==又：101sACtv==达到横坐标为

56m的点有以下三种情况：(i)到达横坐标为56m的I点12341(2)s44AITtttt=++−=+(ii)到达横坐标为56m的H点12383(2)s8AHtttt=++=+(iii)到达横坐标为56m的J点1

2321(2)s42AJTtttt=+++=+13.下列说法中正确的是A.一定质量的理想气体，其内能随着温度升高而增大B.当分子间距r＞r0时，分子间的引力随着分子间距的增大而增大，分子间的斥力随着分子间距的增大而减小，所以分子力表现为引力C.第一类永动机和第二类永动机研制失败

的原因是违背了能量守恒定律D.一定质量的理想气体在等压膨胀过程中，一定从外界吸收热量E.一定质量的单晶体在熔化过程中，分子势能一定增大【答案】ADE【解析】【详解】理想气体的内能只考虑分子动能，温度升高，分子动能增加，因此内能随着温度的升高而增加；A正确；分子间的

引力和斥力都随着距离的增加而减小，随着距离的减小而增加，只是斥力变化的比引力快，故B错误；第一类永动机违背了能量守恒定律，第二类永动机违反了能量的传递具有方向性；C错误；理想气体等压膨胀，体积增大，气体对外做功，温度升高气体的内能增加，由热力学第一定律可知气体需

要从外界吸收能量，故D正确；单晶体熔化过程温度不变其分子动能不变，熔化过程需要吸收热量故其分子势能增加，E正确．14.如图所示，在以导热性能良好开口向上的气缸，用一质量不计横截面积为S的活塞封闭有体积为0V

的理想气体，已知外界大气压强为0p，环境温度为0T，活塞与气缸之间的摩擦不计，现在活塞上面轻放一质量为m的石块，使活塞缓慢下移，最终活塞静止在某一位置，重力加速度为g，求：①当活塞静止时，活塞与气缸底端的距离是多少

？②如果将物块拿掉，要活塞保持在①问所处的位置，环境温度需要变为多少？【答案】①000pVxpSmg=+②000pTSTpSmg=+【解析】试题分析：①气体经历等温过程，根据玻意耳定律列式求解；②气体经历等容过程，根据查理定律列式求解．①放上物

块并稳定后，由平衡条件得：0pSpSmg=+达到稳定过程，根据玻意耳定律得：00pVpSx=解得：000pVxpSmg=+②拿掉物块后的稳定过程，根据查理定律得：00ppTT=解得：000pTSTpSmg

=+【点睛】本题关键根据气体实验定律列式求解，解决时要注意分析气体的初、末状态的参量．15.以下物理学知识的相关叙述中，正确的是A.交警通过发射超声波测量车速是利用了波的多普效应B.用透明的标准样板和单色光检查平面的平整度是利用了光的偏振C.通过手指间的缝隙观察日光灯，可以看到彩色条纹，说明光

具有波动性D.红外线的显著作用是热作用，温度较低的物体不能辐射红外线E.在“用单摆测重力加速度”的实验中，为了减小测量单摆周期的误差，应选小球运动中的最低点为计时起点，测其n次全振动的时间【答案】ACE【解析】【详解】A项：交警通过发射超声波测量车速是利

用了波的多普现象，从汽车上反射回的超声波的频率发生了变化，故A正确；B项：用透明的标准样板和单色光检查平面的平整度是利用了光的干涉，故B错误；C项：通过手指间的缝隙观察日光灯，可以看到彩色条纹，是波的衍射图样，说明光具有波动性，故C正确；D项：红外线的显著作用是热作用，温

度较低的物体也能辐射红外线，故D错误；E项：在“用单摆测重力加速度”的实验中，为了减小测量单摆周期的误差，应选小球运动中的最低点为计时起点，因为最低点速度最大，测其n次全振动的时间，故E正确；故选ACE．16.如图所示，一平行玻璃砖AB

CD长（A、B间的距离）L1=9cm，宽（A、D间的距离）L2=3cm，折射率n=．已知真空中光速c=3×108m/s．求：①当细光束从AB边的中点E以60入射角射玻璃砖时，从玻璃砖另一面射出的光线到入射光线的距离d．②当细光束从AD边的中点F以60入射角射

入玻璃砖时，光束通过玻璃砖所需的时间t．【答案】①3cm②-10610s【解析】【详解】①作光路如图甲所示，由折射定律可得折射角的正弦值sini1sinr2n==分析可知∠MEQ=∠MEP=30°由几何关系可知：MQ=

MP=L2tan∠MEP=3cm．②光射到CD面会发生全反射，作光路如图乙所示，由折射定律可得折射角的正弦值1sinr2=分析可知，光束在玻璃中通过的路程163cosLscmr==，光束在玻璃中的传播速度8310m/scvn==，则光束通过玻璃砖所需的时间10610ss

tv−==．