【文档说明】黑龙江省哈尔滨市第一二二中学校2022-2023学年高三下学期二模考试理综 物理 答案.docx，共(20)页，2.449 MB，由小赞的店铺上传

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哈122中学2022-2023年度校二模考试理科综合考试时间：2023年3月20日时长：150分钟分值：300分一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14～18题共有一项是符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.2023年1月，“中国超环”成为世界上首个实现维持和调节超过1000秒的超长时间持续脉冲的核反应堆。其核反应方程234112HHHeX+→+，已知21H的

质量1m，31H的质量2m，42He的质量3m，反应中释放出光子，下列说法正确的是（）A.该核反应在高温高压下才能发生，说明该核反应需要吸收能量B.光子来源于核外电子的能级跃迁C.X是中子，该核反应为核聚变反应D.X的质量为123mmm+−【答案】C【解析】【详解】A．

该核反应为核聚变反应，释放能量，故A错误；B．光子来源于原子核的能级跃迁，而不是核外电子的能级跃迁，故B错误；C．根据电荷数和质量数守恒可知X中子，该核反应为核聚变反应，故C正确；D．该反应释放能量，有质量损失，则X的质量小于123mmm+−，故D错误。故选C。2.复色光在玻璃元件中折射时会产生色

散现象，影响照相机和望远镜的成像质量。如图所示，一束复色光经凸透镜后分成A、B两束。下列说法正确的是（）A.A光的频率比B光的频率大B.A光光子的能量比B光光子的能量大C.若两种光从水中射向空气，A光的临界角较大是D.若两种光经同样的装置做“双缝干涉”实验，A光的条纹间距

较小【答案】C【解析】【详解】由光路图可知，A光的折射率小于B光ABnn，故A光频率小于B光AB，A光波长大于B光AB。A．A光的频率比B光的频率小，A错误；B．由εhν=、AB可知AB，A光光子

的能量比B光光子的能量小，B错误；C．由1sinCn=、ABnn可知BACC，A光的临界角较大，C正确；D．由lxd=、AB可知ABxx，两种光经同样的装置做“双缝干涉”实验，A光的条纹间距较大，D错误。故选C。3.“战绳”是一种近年流行的健身器材，健身者把两

根相同绳子的一端固定在一点，用双手分别握住绳子的另一端，上下抖动绳子使绳子振动起来（图甲）。以手的平衡位置为坐标原点，图乙是健身者左手在抖动绳子过程中某时刻的波形，若左手抖动的频率是1.25Hz，下列说法正确的是（）A.该时刻Q点的振动方向沿y轴负方向B.该时刻

P点的位移为102cmC.波的传播速度为8.75m/sD.再经过0.1s，P点到达波峰位置【答案】B【解析】【详解】A．波沿x轴正方向传播，根据同侧法可知，该时刻Q点的振动方向沿y轴正方向，A错误；B．根据图乙可知，该

波的波长()273m8m=−=根据图乙可知，P点的平衡位置距离Q点的平衡位置的间距为03mx=则P点的位移()02220sin20sin1cm102cm828yx=−==B正确；C．波传播的速度为81.2

5m/s10m/svfT====C错误；D．将图乙中左侧的波形补充完整，根据上述可知，将波向右平移距离x，P点出现波峰，则有()03187m42xnxn=++−=+（n=0，1，2，3…）根据xvt=解得

()0.80.7stn=+（n=0，1，2，3…）可知，P点出现波峰的最短时间为0.7s，则再经过0.1s，P点没有到达波峰位置，D错误。故选B。4.中国预计将在2028年实现载人登月计划，把月球作为登上更遥远行星的一个落脚点。如图所示是“嫦娥一号奔月

”的示意图，“嫦娥一号”卫星发射后经多次变轨，进入地月转移轨道，最终被月球引力捕获，成为绕月卫星。关于“嫦娥一号”下列说法正确的是（）A.发射时的速度必须达到第三宇宙速度B.在绕地轨道中，公转半长轴的立方与公转周期的平方之比不变C.在轨道Ⅰ上运动时的速度小于轨道Ⅱ上任意位置的速度D.在

不同的绕月轨道上，相同时间内卫星与月心连线扫过的面积相同【答案】B【解析】【详解】A．第三宇宙速度是指发射物体能够脱离太阳系的最小发射速度，而“嫦娥一号”仍然没有脱离地球引力的范围，所以其发射速度小于第二宇宙速度，故A错误；B．在绕地轨道中，根据开普勒第三定律32akT=可知，同一中心天体，椭圆

轨道半长轴的立方与周期的平方之比为定值，故B正确；C．设轨道Ⅰ的速度为v1，轨道Ⅱ近地点速度为v2，轨道Ⅱ远地点速度为v3，在轨道Ⅱ的远月点建立一以月球为圆心的圆轨道，其速度为v4，则根据离月球的远近，再根据圆周运动加速离心原理，可得v2>v1，v4>

v3结合万有引力提供向心力圆周运动知识，有22MmvGmrr=解得GMvr=可知，圆轨道半径越大，线速度越小，所以v1>v4因此v2>v1>v4>v3故在轨道Ⅰ上运动时的速度v1不是小于轨道Ⅱ上任意位置的速度，故C错误；D．根据开普勒第二定律，可知在同一绕月轨道上，相同时间内卫星与月心连线扫过的面

积相同，但是在不同的绕月轨道上不满足，故D错误。故选B。5.电动平衡车是一种新的短途代步工具。已知人和平衡车的总质量是60kg，启动平衡车后，车由静止开始向前做直线运动，某时刻关闭动力，最后停下来，其vt

−图像如图所示。假设平衡车与地面间的动摩擦因数为μ，210m/sg=，则（）A.平衡车与地面间的动摩擦因数为0.6B.平衡车整个运动过程中的位移大小为195mC.平衡车在整个运动过程中的平均速度大小为3m/sD.平衡车在加速段的

动力大小72N【答案】B【解析】【详解】A．关闭动力后，车做匀减速运动，加速度大小为a，结合图像可得mgagm==，226m/s0.6m/s4030a==−解得0.06=A错误；BC．图线与横轴围成的面积为位移，为1(25

40)6m=195m2x=+整个运动过程中的平均速度大小为195m/s=4.875m/s40xvt==B正确，C错误；D．平衡车在加速段时有Fmgma−=，265m/sa=代入数值解得108NF=D错误。故选B。6

.如图所示，竖直平面内存在一匀强电场，电场强度方向与水平方向间的夹角θ=60°，O、M为其中一条电场线上的两点，一带电粒子电荷量为q，不计重力，在O点以水平初速度v0进入电场，经过时间t粒子到达与M在同一水平线上的N点，且OM=MN，则（）A.UMO=U

NMB.粒子带负电C.带电粒子在O点的电势能小于在N点的电势能D.由O到N运动过程中，电场力的功率增大【答案】BD【解析】【详解】A．由于在匀强电场中，所以MOOMUEd=，1cos2NMNMMOUEdU==故A错误；B．根据粒子的运动轨迹可知

，粒子所受电场力与电场方向相反，故粒子带负电，故B正确；C．粒子带负电，从O到N电场力做正功，电势能减小，则带电粒子在O点的电势能大于在N点的电势能，故C错误；D．由PFvEqv==由O到N运动过程中，粒子沿电场线方向的速度v增大，可知电场

力的功率增大，故D正确。故选BD。7.如图所示，在竖直绝缘圆筒水平直径两端分别固定一直导线12AA和12BB，两导线中通有相同的恒定电流I；圆筒水平直径AB与CD垂直，其中A、B，C、D分别为该两直径的端点，且A、B分别为12AA和12BB的中点。下列说法正确的是

（）A.C、D两点处的磁感应强度相同B.沿圆筒水平直径AB，由A至B磁感应强度逐渐减小C.沿圆筒水平直径AB，由A至B磁感应强度先增大后减小D.若将导线12AA保持竖直沿桶壁绕12OO缓慢转过90，则O点的磁感应强度逐渐增大【答案】D【解析】【详解

】A．装置的俯视图如图甲所示，因为导线中的电流大小相等，它们在C、D两点产生的磁场的磁感应强度大小相等，由安培定则及磁场叠加可知，C、D的磁感应强度等大反向，A错误；BC．同理可知，O处磁感应强度为0，

所以沿水平直径AB，由A到B磁感应强度应先减小后增大，BC错误；D．12AA导线沿桶壁绕12OO缓慢转过90的过程中，O处的磁感应强度变化情况如图乙所示，可知O处的磁感应强度逐渐增大，D正确。故选D。8.光

滑平行金属导轨由左侧弧形轨道与右侧水平轨道平滑连接而成，导轨间距均为L，如图所示。左侧轨道上端连接有阻值为R的电阻。水平轨道间有连续相邻、宽均为d的区域I、II、III，区域边界与水平导轨垂直。I、III区域有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B；II区域有竖直向下的匀强磁场，磁感应强

度大小为2B。金属棒从左侧轨道上某处由静止释放，金属棒最终停在III区域右边界上，金属棒的质量为m、长度为L、电阻为R。不计金属导轨电阻，金属棒与导轨接触良好，重力加速度为g，则金属棒（）A.穿过区域I过程，通过R的电荷量为2BLdRB.刚进入区域III时受到的

安培力大小为22212BLghRC.穿过区域I与II过程，R上产生的焦耳热之比为11：25D.穿过区域I与III过程，克服安培力做功之比为11：1【答案】ABD【解析】【详解】A．穿过区域I过程，根据法

拉第电磁感应定律有1111BLdEtt==根据电流定义式有11112qEItR==解得12qBLdR=A正确；B．金属棒下滑至最低点过程，根据动能定理有2012mghmv=规定向右正方向，穿过区域I过程，根据动量定理有1110BILtmvmv−

=−穿过区域II过程，根据的为22222BLdEtt==其中22222qEItR==穿过区域II过程，根据动量定理有22212BILtmvmv−=−解得222522BLdvghmR=−穿过区域Ⅲ过程，根据3333BLdEtt==其中

33332qEItR==解得32BLdqR=穿过区域Ⅲ过程，根据动量定理有3320BILtmv−=−结合上述可知226ghv=刚进入区域Ⅲ时有22BLvIR=根据安培力计算公式有FBIL=解得的22212BLghFR=B正确；C．根据上述解得0

2vgh=，1526ghv=，226ghv=结合上述，穿过区域I过程，R上产生的焦耳热22101111()222Qmvmv=−穿过区域II过程，R上产生的焦耳热22212111()222Qmvmv=−解得121124QQ=C错误；D．根据动能定理可知，穿过区域I与Ⅲ过程，克

服安培力做功之比为2201122112212mvmvWWmv−=克克2代入数据解得111WW=克克2D正确。故选ABD。二、非选择题：本题共14小题，共174分。（说明：物理部分为第22～26题，共62分；化学部分为第27～30题，共58分；生物部分为第31～

35题，共54分）9.某实验小组设计了图甲所示的实验装置来测量木块与平板间的动摩擦因数，其中平板的倾角θ可调。（1）获得纸带上点的部分实验步骤如下：A．测量完毕，关闭电源，取下纸带B．接通电源，待打点计

时器工作稳定后放开木块C．把打点计时器固定在平板上，将木块尾部与纸带相连，使纸带穿过限位孔D．将木块靠近打点计时器上述实验步骤的正确顺序是：__________（用字母填写）；（2）打点计时器的工作频率为50Hz，纸带上计数点的间距如图乙所示。根据纸带求出木块的

加速度=a__________m/s2（保留两位有效数字）；（3）若重力加速度g=9.8m/s2，测出斜面的倾角θ，查表知sinθ=0.60，cosθ=0.80，若木块的质量为m=0.20kg，则木块与平板间的动摩擦因数μ=__________（保留两位有效数字

）；【答案】①.CDBA②.1.6③.0.55【解析】【详解】（1）[1]实验时，先把打点计时器固定在平板上，将木块尾部与纸带相连，使纸带穿过限位孔；将木块靠近打点计时器，接通电源，待打点计时器工作稳定后放开木块，测量完毕，关闭电源，取下纸带。故实验步骤的正确顺序是：CDBA

。（2）[2]由图乙可知相邻计数点的时间间隔为50.02s0.1sT==计数点1、2之间的距离为129.00cm3.90cm5.10cmx=−=计数点2、3之间的距离为2315.70cm9.00cm6.70cmx=−=则木块的

加速度为222231222(6.705.10)10m/s1.6m/s0.1xxaT−−−===（3）[3]以木块为对象，根据牛顿第二定律可得sincosmgmgma−=解得sin9.80.61.60.55cos9.80.8gag

−−==10.现代智能手机中大都配置有气压传感器，当传感器所处环境气压变化时，其电阻也随之发生变化。已知某气压传感器的阻值变化范围为几十欧姆到几百欧姆，某实验小组在室温下用伏安法探究其阻值R，随

气压P变化的规律，实验室提供了如下器材可供选择：A．气压传感器，一个标准大气压下阻值约为300ΩB．直流电源，电动势6V，内阻不计C．电流表A，量程为0~60mA，内阻不计D．电压表V，量程为0~3V，内阻为3kΩE．定值电阻13kR=F．滑动变阻器R，最大电阻值约为50ΩG．开关S

与导线若干（1）小明同学设计了图（a）实验电路原理图，请在图（b）中将实物连线图补充完整。（）（2）某次测量时，电压表示数如图（c）所示，电压表示数为___________V。（3）当气压传感器所处环境气压为P时

，闭合开关S，测得两个电表的读数分别为U和I，则气压传感器的阻值xR=___________。（4）改变环境压强P的大小，测得不同的R，值，绘成图象如图（d）所示，由图可得xR阻值和压强P的函数关系式为xR=___________Ω。【答案】①.见解析②.2.30（2.28~2.32）③.2UI

④.1500-0.012P【解析】【详解】（1）[1]根据电路图连接得（2）[2]电压表读数为2.30V由于估读有误差，在2.28V~2.32V即可（3）[3]根据欧姆定律得112xVxUURURUUURIIII++====（4）[4]根据图像可知x

R阻值和压强P的函数关系式为一次函数纵截距为1500，斜率为()5540600.0120.81.210−=−−因此函数为15000.012xRP=−11.为了较精确地测量特殊容器的容积和检测密封性，工业上常用充气法。工厂为测量某空香水瓶的容积，将该瓶

与一带活塞的气缸相连，气缸和香水瓶内气体压强均为p0，气缸内封闭气体体积为V0，推动活塞将气缸内所有气体缓慢推入瓶中，测得此时瓶中气体压强为p，香水瓶导热性良好，环境温度保持不变。（1）求香水瓶容积V；（2）设在测定时间内，漏气质量小于原密封气体质量的1%视为合格。将该空香水瓶封装并

静置较长一段时间，现使瓶内气体温度从27℃升高到87℃，测得其压强由p变为1.14p，请通过计算分析判断该瓶密封性能是否合格。【答案】（1）000pVVpp=−；（2）不合格【解析】【详解】（1）缓慢变化过程中，由玻意耳定律可得()00pVVpV+=解得000pVVpp=−（2）设温度由1300K

T=变化为2360KT=后，压强由p变为1.14p，体积变为1V，根据气体状态方程有1112pVpVTT=解得11.1495%1.2VV==故漏气量占比为5%，故该香水瓶瓶盖密封性不合格。12.如图，轻绳上端固定在O点，下端将质量3kgM=的小球悬挂在A点。质量10gm=的玩具子

弹，以020m/sv=的速度射向小球，与小球碰撞后，又以110m/sv=的速度弹回。已知绳长为1mL=，g取210m/s，2=10。求：（1）碰撞后瞬间小球达到的速度2v。（2）碰撞过程中系统发的热

。（3）碰撞后，小球向右摆动到最高点时相对于A点的高度。（4）从碰撞后瞬间开始计时，小球经过多长时间第一次回到A点。【答案】（1）0.1m/s，水平向右；（2）1.485J；（3）4510m−；（4）1s【解析】【详解】（1）以水平向右为正方向，子弹和小球组成的系统动量

守恒012mvmvMv=−+解得20.1m/sv=方向水平向右。（2）对碰撞前后，子弹和小球组成的系统能量守恒222012111222mvmvMvQ=++解得碰撞过程中系统发的热1.485JQ=（3）碰撞后，小球向右摆动到最高点，

由机械能守恒定律2212MvMgh=解得最高点相对于A点的高度4510mh−=（4）由于最高点的高度和绳长相比hL，所以小球被碰撞后的运动属于单摆运动，由单摆周期公式2LTg=解得1210s2s10T==所以从碰撞后，小球经过多长时间第一

次回到A点的时间1s2Tt==13.如图所示，截面边长为L的等边三角形容器AMN的三条边均由光滑弹性绝缘壁构成，其内部存在垂直于纸面向里的匀强磁场，小孔P是AM的中点，底边MN水平放置。AM的左侧有竖直向下的电场强度为E的匀

强电场。将一质量为m、电荷量为+q的粒子以一定的初速度从O点垂直射入匀强电场，初速度方向平行于MN，粒子恰好从小孔P以速度v垂直于AM边进入容器内的匀强磁场，与器壁2次垂直碰撞后（碰撞时无能量和电荷量损

失）仍从小孔P垂直于AM射出（运动轨迹为图中虚线）。不计粒子重力。求：（1）粒子在O点的初速度v0；（2）匀强磁场磁感应强度B；（3）粒子从射入电场到射出磁场运动的时间t。【答案】（1）32v；（2）2mvqL；（3）π22mvLqE

v+【解析】【详解】（1）如图所示的粒子在电场中做类平抛运动，粒子恰好从小孔P以速度v垂直于AM边进入容器内的匀强磁场，则有0sin60vv=解得032vv=（2）根据几何关系可知，粒子在磁场中的轨道半径为2Lr=由洛伦兹力提供向心力可得2vqvBmr=联立解得2

mvBqL=（3）粒子在电场中从O到P做类平抛运动，则有qEma=又有1yvat=，cos60yvv=联立解得12mvtqE=粒子在磁场中做圆周运动的周期为2rTv=在磁场中偏转一次所需时间为2160360tT=即216Ltv=粒子在磁场中运动的时间为2

2132Lttv==粒子从射入电场到射出磁场所用时间为12π22mvLqEvttt=+=+获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com