【文档说明】黑龙江省哈尔滨市第一二二中学校2022-2023学年高三下学期二模考试理综 物理 答案.docx，共(20)页，2.449 MB，由小赞的店铺上传

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哈122中学2022-2023年度校二模考试理科综合考试时间：2023年3月20日时长：150分钟分值：300分一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14～18题共有一项是符合题目要求，

第19～21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.2023年1月，“中国超环”成为世界上首个实现维持和调节超过1000秒的超长时间持续脉冲的核反应堆。其核反应方程234112HHHeX+→+，已知21H的

质量1m，31H的质量2m，42He的质量3m，反应中释放出光子，下列说法正确的是（）A.该核反应在高温高压下才能发生，说明该核反应需要吸收能量B.光子来源于核外电子的能级跃迁C.X是中子，该核反应为核聚

变反应D.X的质量为123mmm+−【答案】C【解析】【详解】A．该核反应为核聚变反应，释放能量，故A错误；B．光子来源于原子核的能级跃迁，而不是核外电子的能级跃迁，故B错误；C．根据电荷数和质量数守恒可知X中子，该核反应为核聚变反应，

故C正确；D．该反应释放能量，有质量损失，则X的质量小于123mmm+−，故D错误。故选C。2.复色光在玻璃元件中折射时会产生色散现象，影响照相机和望远镜的成像质量。如图所示，一束复色光经凸透镜后分成A、B两束。下列说法正

确的是（）A.A光的频率比B光的频率大B.A光光子的能量比B光光子的能量大C.若两种光从水中射向空气，A光的临界角较大是D.若两种光经同样的装置做“双缝干涉”实验，A光的条纹间距较小【答案】C【解析】【详解】由光路

图可知，A光的折射率小于B光ABnn，故A光频率小于B光AB，A光波长大于B光AB。A．A光的频率比B光的频率小，A错误；B．由εhν=、AB可知AB，A光光子的能量比B光光子的能量小，B错误；C．由1sinC

n=、ABnn可知BACC，A光的临界角较大，C正确；D．由lxd=、AB可知ABxx，两种光经同样的装置做“双缝干涉”实验，A光的条纹间距较大，D错误。故选C。3.“战绳”是一种近年流行的健身器材，健身者

把两根相同绳子的一端固定在一点，用双手分别握住绳子的另一端，上下抖动绳子使绳子振动起来（图甲）。以手的平衡位置为坐标原点，图乙是健身者左手在抖动绳子过程中某时刻的波形，若左手抖动的频率是1.25Hz，下列说法正确的是（）A.该时刻Q点的振动方向沿y轴负方向B.该时刻P点的位移为102cmC.波的传

播速度为8.75m/sD.再经过0.1s，P点到达波峰位置【答案】B【解析】【详解】A．波沿x轴正方向传播，根据同侧法可知，该时刻Q点的振动方向沿y轴正方向，A错误；B．根据图乙可知，该波的波长()273m8m=−=根据图乙可知，P点的平衡位置距离Q点的平

衡位置的间距为03mx=则P点的位移()02220sin20sin1cm102cm828yx=−==B正确；C．波传播的速度为81.25m/s10m/svfT====C错误；D．将图乙中左侧的波形补充完整，根据上述可知，将波向右平移距离x，P点出现波峰，则有(

)03187m42xnxn=++−=+（n=0，1，2，3…）根据xvt=解得()0.80.7stn=+（n=0，1，2，3…）可知，P点出现波峰的最短时间为0.7s，则再经过0.1s，P点没有到达波峰位置，D错误。

故选B。4.中国预计将在2028年实现载人登月计划，把月球作为登上更遥远行星的一个落脚点。如图所示是“嫦娥一号奔月”的示意图，“嫦娥一号”卫星发射后经多次变轨，进入地月转移轨道，最终被月球引力捕获，成为绕月卫星。关于“嫦娥一号”下列说法

正确的是（）A.发射时的速度必须达到第三宇宙速度B.在绕地轨道中，公转半长轴的立方与公转周期的平方之比不变C.在轨道Ⅰ上运动时的速度小于轨道Ⅱ上任意位置的速度D.在不同的绕月轨道上，相同时间内卫星与月心

连线扫过的面积相同【答案】B【解析】【详解】A．第三宇宙速度是指发射物体能够脱离太阳系的最小发射速度，而“嫦娥一号”仍然没有脱离地球引力的范围，所以其发射速度小于第二宇宙速度，故A错误；B．在绕地轨道中，根据开普勒第三定律32akT=可知，同一中心天体，椭圆轨道半长轴的立方与

周期的平方之比为定值，故B正确；C．设轨道Ⅰ的速度为v1，轨道Ⅱ近地点速度为v2，轨道Ⅱ远地点速度为v3，在轨道Ⅱ的远月点建立一以月球为圆心的圆轨道，其速度为v4，则根据离月球的远近，再根据圆周运动加速离心原理，可得v2>v

1，v4>v3结合万有引力提供向心力圆周运动知识，有22MmvGmrr=解得GMvr=可知，圆轨道半径越大，线速度越小，所以v1>v4因此v2>v1>v4>v3故在轨道Ⅰ上运动时的速度v1不是小于轨道Ⅱ上任意位置的速度，故C错误；D．根据开普勒第二定律，可知在同一绕月轨道上，相同时间内卫星与月心

连线扫过的面积相同，但是在不同的绕月轨道上不满足，故D错误。故选B。5.电动平衡车是一种新的短途代步工具。已知人和平衡车的总质量是60kg，启动平衡车后，车由静止开始向前做直线运动，某时刻关闭动力，最后停下来，其vt−图像如图所示。假设

平衡车与地面间的动摩擦因数为μ，210m/sg=，则（）A.平衡车与地面间的动摩擦因数为0.6B.平衡车整个运动过程中的位移大小为195mC.平衡车在整个运动过程中的平均速度大小为3m/sD.平衡车在加速段的动力

大小72N【答案】B【解析】【详解】A．关闭动力后，车做匀减速运动，加速度大小为a，结合图像可得mgagm==，226m/s0.6m/s4030a==−解得0.06=A错误；BC．图线与横轴围成的面积为位移，为1(2540)6m=195m2x=+整个运动过程中的平均

速度大小为195m/s=4.875m/s40xvt==B正确，C错误；D．平衡车在加速段时有Fmgma−=，265m/sa=代入数值解得108NF=D错误。故选B。6.如图所示，竖直平面内存在一匀强电场，电场强度方向与水平方向间的夹角θ=6

0°，O、M为其中一条电场线上的两点，一带电粒子电荷量为q，不计重力，在O点以水平初速度v0进入电场，经过时间t粒子到达与M在同一水平线上的N点，且OM=MN，则（）A.UMO=UNMB.粒子带负电C.带电粒子

在O点的电势能小于在N点的电势能D.由O到N运动过程中，电场力的功率增大【答案】BD【解析】【详解】A．由于在匀强电场中，所以MOOMUEd=，1cos2NMNMMOUEdU==故A错误；B．根据粒子的运动轨迹可知，粒子所受电场力与电场方向相反，故粒子带负电，故B正确；C．粒

子带负电，从O到N电场力做正功，电势能减小，则带电粒子在O点的电势能大于在N点的电势能，故C错误；D．由PFvEqv==由O到N运动过程中，粒子沿电场线方向的速度v增大，可知电场力的功率增大，故D正确。故选BD。7.如图所示，在竖直绝缘圆筒水平直径两端分别固定一直导

线12AA和12BB，两导线中通有相同的恒定电流I；圆筒水平直径AB与CD垂直，其中A、B，C、D分别为该两直径的端点，且A、B分别为12AA和12BB的中点。下列说法正确的是（）A.C、D两点处的磁感应强度相同B.沿圆筒水平直径AB，由A至B磁感应

强度逐渐减小C.沿圆筒水平直径AB，由A至B磁感应强度先增大后减小D.若将导线12AA保持竖直沿桶壁绕12OO缓慢转过90，则O点的磁感应强度逐渐增大【答案】D【解析】【详解】A．装置的俯视图如图甲所示，因为导线中的电流大小相等，它们在C、D两点产生的磁场的磁感应强度大小相

等，由安培定则及磁场叠加可知，C、D的磁感应强度等大反向，A错误；BC．同理可知，O处磁感应强度为0，所以沿水平直径AB，由A到B磁感应强度应先减小后增大，BC错误；D．12AA导线沿桶壁绕12OO缓慢转过90的过程中，O处的磁感应强度变化情况如图乙所示，可知O处的磁感应强度

逐渐增大，D正确。故选D。8.光滑平行金属导轨由左侧弧形轨道与右侧水平轨道平滑连接而成，导轨间距均为L，如图所示。左侧轨道上端连接有阻值为R的电阻。水平轨道间有连续相邻、宽均为d的区域I、II、III，区域边界与水平导轨垂直。I、III区域有竖直向上的匀强磁场，磁感应强

度大小为B；II区域有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小为2B。金属棒从左侧轨道上某处由静止释放，金属棒最终停在III区域右边界上，金属棒的质量为m、长度为L、电阻为R。不计金属导轨电阻，金属棒与导轨接触良好，重力加速度为g，则金属棒（）A.穿过区域I过程，通过R的电荷量为2BLdRB

.刚进入区域III时受到的安培力大小为22212BLghRC.穿过区域I与II过程，R上产生的焦耳热之比为11：25D.穿过区域I与III过程，克服安培力做功之比为11：1【答案】ABD【解析】【详解】A．穿过区域I过程，根据法拉第电磁感应定律有

1111BLdEtt==根据电流定义式有11112qEItR==解得12qBLdR=A正确；B．金属棒下滑至最低点过程，根据动能定理有2012mghmv=规定向右正方向，穿过区域I过程，根据动量定理有1110BILtmvmv

−=−穿过区域II过程，根据的为22222BLdEtt==其中22222qEItR==穿过区域II过程，根据动量定理有22212BILtmvmv−=−解得222522BLdvghmR=−穿过区域Ⅲ过程，根据3333BL

dEtt==其中33332qEItR==解得32BLdqR=穿过区域Ⅲ过程，根据动量定理有3320BILtmv−=−结合上述可知226ghv=刚进入区域Ⅲ时有22BLvIR=根据安培力计算公式有

FBIL=解得的22212BLghFR=B正确；C．根据上述解得02vgh=，1526ghv=，226ghv=结合上述，穿过区域I过程，R上产生的焦耳热22101111()222Qmvmv=−穿过区域II过程，R上产生的焦耳热22212111()2

22Qmvmv=−解得121124QQ=C错误；D．根据动能定理可知，穿过区域I与Ⅲ过程，克服安培力做功之比为2201122112212mvmvWWmv−=克克2代入数据解得111WW=克克2D正确。故选

ABD。二、非选择题：本题共14小题，共174分。（说明：物理部分为第22～26题，共62分；化学部分为第27～30题，共58分；生物部分为第31～35题，共54分）9.某实验小组设计了图甲所示的实验装置来测量木块与平

板间的动摩擦因数，其中平板的倾角θ可调。（1）获得纸带上点的部分实验步骤如下：A．测量完毕，关闭电源，取下纸带B．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开木块C．把打点计时器固定在平板上，将木块尾部与纸带相连，使纸

带穿过限位孔D．将木块靠近打点计时器上述实验步骤的正确顺序是：__________（用字母填写）；（2）打点计时器的工作频率为50Hz，纸带上计数点的间距如图乙所示。根据纸带求出木块的加速度=a__________m/s2（保留两位有效数字）；（3）

若重力加速度g=9.8m/s2，测出斜面的倾角θ，查表知sinθ=0.60，cosθ=0.80，若木块的质量为m=0.20kg，则木块与平板间的动摩擦因数μ=__________（保留两位有效数字）；【答案】①.CDBA②.1.6③.0.5

5【解析】【详解】（1）[1]实验时，先把打点计时器固定在平板上，将木块尾部与纸带相连，使纸带穿过限位孔；将木块靠近打点计时器，接通电源，待打点计时器工作稳定后放开木块，测量完毕，关闭电源，取下纸带。故实验步骤的正确顺序是：CDBA。（2）[2]由图乙可知

相邻计数点的时间间隔为50.02s0.1sT==计数点1、2之间的距离为129.00cm3.90cm5.10cmx=−=计数点2、3之间的距离为2315.70cm9.00cm6.70cmx=−=则木块的加速度为22

2231222(6.705.10)10m/s1.6m/s0.1xxaT−−−===（3）[3]以木块为对象，根据牛顿第二定律可得sincosmgmgma−=解得sin9.80.61.60.55cos9.80.8gag−

−==10.现代智能手机中大都配置有气压传感器，当传感器所处环境气压变化时，其电阻也随之发生变化。已知某气压传感器的阻值变化范围为几十欧姆到几百欧姆，某实验小组在室温下用伏安法探究其阻值R，随气压P变化的规律，实验室提供了如下器材可供

选择：A．气压传感器，一个标准大气压下阻值约为300ΩB．直流电源，电动势6V，内阻不计C．电流表A，量程为0~60mA，内阻不计D．电压表V，量程为0~3V，内阻为3kΩE．定值电阻13kR=F．滑动变阻器R，最大电阻值约为50ΩG．开关S与导线

若干（1）小明同学设计了图（a）实验电路原理图，请在图（b）中将实物连线图补充完整。（）（2）某次测量时，电压表示数如图（c）所示，电压表示数为___________V。（3）当气压传感器所处环境气压为P时，闭合开关S，测

得两个电表的读数分别为U和I，则气压传感器的阻值xR=___________。（4）改变环境压强P的大小，测得不同的R，值，绘成图象如图（d）所示，由图可得xR阻值和压强P的函数关系式为xR=_________

__Ω。【答案】①.见解析②.2.30（2.28~2.32）③.2UI④.1500-0.012P【解析】【详解】（1）[1]根据电路图连接得（2）[2]电压表读数为2.30V由于估读有误差，在2.28V~2.32V即可（3）[3]根据欧姆定律得112xVxUU

RURUUURIIII++====（4）[4]根据图像可知xR阻值和压强P的函数关系式为一次函数纵截距为1500，斜率为()5540600.0120.81.210−=−−因此函数为15000.012xRP=−11.为了较精确地测量特殊容器的容积和检测密封性，工业上常用充气法。工厂为测

量某空香水瓶的容积，将该瓶与一带活塞的气缸相连，气缸和香水瓶内气体压强均为p0，气缸内封闭气体体积为V0，推动活塞将气缸内所有气体缓慢推入瓶中，测得此时瓶中气体压强为p，香水瓶导热性良好，环境温度保持不变。（1）求香水瓶容积V；（2）

设在测定时间内，漏气质量小于原密封气体质量的1%视为合格。将该空香水瓶封装并静置较长一段时间，现使瓶内气体温度从27℃升高到87℃，测得其压强由p变为1.14p，请通过计算分析判断该瓶密封性能是否合格

。【答案】（1）000pVVpp=−；（2）不合格【解析】【详解】（1）缓慢变化过程中，由玻意耳定律可得()00pVVpV+=解得000pVVpp=−（2）设温度由1300KT=变化为2360KT=后，压强由p变为1.14

p，体积变为1V，根据气体状态方程有1112pVpVTT=解得11.1495%1.2VV==故漏气量占比为5%，故该香水瓶瓶盖密封性不合格。12.如图，轻绳上端固定在O点，下端将质量3kgM=的小球悬挂在A

点。质量10gm=的玩具子弹，以020m/sv=的速度射向小球，与小球碰撞后，又以110m/sv=的速度弹回。已知绳长为1mL=，g取210m/s，2=10。求：（1）碰撞后瞬间小球达到的速度2v。（2）碰撞过程中系统发的热。（3）碰

撞后，小球向右摆动到最高点时相对于A点的高度。（4）从碰撞后瞬间开始计时，小球经过多长时间第一次回到A点。【答案】（1）0.1m/s，水平向右；（2）1.485J；（3）4510m−；（4）1s【解析】【详解】（1）以水平向右为正方向

，子弹和小球组成的系统动量守恒012mvmvMv=−+解得20.1m/sv=方向水平向右。（2）对碰撞前后，子弹和小球组成的系统能量守恒222012111222mvmvMvQ=++解得碰撞过程中系统发的

热1.485JQ=（3）碰撞后，小球向右摆动到最高点，由机械能守恒定律2212MvMgh=解得最高点相对于A点的高度4510mh−=（4）由于最高点的高度和绳长相比hL，所以小球被碰撞后的运动属于单摆运动，由单摆周期公式2LTg=解得1210s2s10T==所以从碰撞后，小球经过多

长时间第一次回到A点的时间1s2Tt==13.如图所示，截面边长为L的等边三角形容器AMN的三条边均由光滑弹性绝缘壁构成，其内部存在垂直于纸面向里的匀强磁场，小孔P是AM的中点，底边MN水平放置。AM的左侧有竖直向下的电场强度为E的匀强电场。将一质量为m、电荷量

为+q的粒子以一定的初速度从O点垂直射入匀强电场，初速度方向平行于MN，粒子恰好从小孔P以速度v垂直于AM边进入容器内的匀强磁场，与器壁2次垂直碰撞后（碰撞时无能量和电荷量损失）仍从小孔P垂直于AM射出（运动轨迹为图中虚线）

。不计粒子重力。求：（1）粒子在O点的初速度v0；（2）匀强磁场磁感应强度B；（3）粒子从射入电场到射出磁场运动的时间t。【答案】（1）32v；（2）2mvqL；（3）π22mvLqEv+【解析】【详解】（1）如图所示的粒子在电场中做类平抛

运动，粒子恰好从小孔P以速度v垂直于AM边进入容器内的匀强磁场，则有0sin60vv=解得032vv=（2）根据几何关系可知，粒子在磁场中的轨道半径为2Lr=由洛伦兹力提供向心力可得2vqvBmr=联立解

得2mvBqL=（3）粒子在电场中从O到P做类平抛运动，则有qEma=又有1yvat=，cos60yvv=联立解得12mvtqE=粒子在磁场中做圆周运动的周期为2rTv=在磁场中偏转一次所需时间为2160360tT=即216Ltv=粒子

在磁场中运动的时间为22132Lttv==粒子从射入电场到射出磁场所用时间为12π22mvLqEvttt=+=+获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com