【文档说明】四川省江油中学2023-2024学年高三上期10月月考理综物理试题 含解析.docx，共(15)页，1.361 MB，由小赞的店铺上传

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江油中学2021级高三上期10月月考理科综合能力测试注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并将对应数字方框涂黑。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦

干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，用0.5毫米黑色签字笔，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3．考试结束后，将答题卡交回。二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项是符合题目要求的，第19~21题有多项符合题目要求。全部

选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.下列说法中正确的是（）A.做曲线运动的物体，其加速度方向一定是变化的B.伽利略对自由落体运动研究方法的核心是：把实验和逻辑推理（包括数学演算）结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方

法C.牛顿的三大运动定律是研究动力学问题的基石，牛顿的三大运动定律都能通过现代的实验手段直接验证D.力的单位“N”是基本单位，加速度的单位“m/s2”是导出单位【答案】B【解析】【分析】【详解】A．做曲线运动的物体受恒定的合外力时，其过程中加速度恒定，A错误；B．伽利略对自由落体运

动研究方法的核心是：把实验和逻辑推理（包括数学演算）结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法，B正确；C．牛顿第一定律不能通过实验验证，C错误；D．力的单位“N”不是基本单位，加速度的单位“m/s2”是导出单位，D错误。故选B。2.发球机从同一高度向

正前方依次水平射出两个速度不同的乒乓球(忽略空气的影响).速度较大的球越过球网，速度较小的球没有越过球网.其原因是()A.速度较小的球下降相同距离所用的时间较多B.速度较小的球在下降相同距离时在竖直方

向上的速度较大C.速度较大的球通过同一水平距离所用的时间较少D.速度较大的球在相同时间间隔内下降的距离较大【答案】C【解析】【详解】发球机发出的球，速度较大的球越过球网，速度较小的球没有越过球网，原因是发球机到网的水平距离

一定，速度大，则所用的时间较少，球下降的高度较小，容易越过球网，C正确．3.如图所示，物块静止在斜面上，沿垂直于斜面向上的方向对物块施加作用力F，物块仍然静止在斜面上。力F作用后与作用前相比（）A.物块所受合外力变大B.斜面对物块的作用力不变C.斜面对物块的摩擦力方向不同D.斜

面对物块的摩擦力大小不变【答案】D【解析】【详解】A．对物块施加作用力F，物块仍静止在斜面上，物块受力平衡，物块所受合外力不变，为零，故A错误；CD．设斜面的倾角为θ，根据共点力平衡，平行斜面方向有sinfG=可知斜面对物块的摩擦力大小和方向不变，故

C错误，D正确；B．根据共点力平衡，垂直斜面方向有cosFNG+=可得cosNGF=−可知对物块施加作用力F，斜面对物体的支持力减小，斜面对物块的摩擦力不变，斜面对物块的作用力为斜面对物块支持力、摩擦力的合力，根据力的

合成可知斜面对物块的作用力减小，故B错误。故选D。4.一根轻质弹性绳的两端分别固定在水平天花板上相距80cm的两点上，弹性绳的原长也为80cm。将一钩码挂在弹性绳的中点，平衡时弹性绳的总长度为100cm；再将弹性绳的两端缓慢移至天花

板上的同一点，在前一钩码下加挂一相同钩码，则弹性绳的总长度变为（弹性绳的伸长始终处于弹性限度内）（）A.86cmB.92cmC.98cmD.104cm【答案】D【解析】【详解】设弹性绳的劲度系数为k，钩码的重力为G，弹性绳的总长度为100cm时，根据平衡条件有2

21050402()50kxxG−−=将弹性绳的两端缓慢移至天花板上的同一点，在前一钩码下加挂一相同钩码时，根据平衡条件有202()2kxxG−=联立解得2104cmx=故选D。5.将甲乙两小球先后以同样的速度在距地面不同高度处竖直向上抛出，抛出时间间隔为2s，它们运动的v-t

图像分别如直线甲、乙所示。则（）A.t＝2s时，两球的高度差一定为40mB.t＝4s时，两球相对于各自抛出点的位移相等C.两球从抛出至落地到地面所用的时间间隔相等D.甲球从抛出至达到最高点的时间间隔与乙球的不相等【答案】B【解析】【详解】A．t＝2s时，两球运动的位移相差30102m40m2

x+==但两小球是从距地面不同高度处竖直向上抛出，故无法判断两小球的高度差，一定不等于40m，故A错误；B．根据v-t图像中图线与坐标轴包围的面积表示位移知，t＝4s时两球的位移都是30102m40m2x+==故B正确；C．两小球以同样的速度在距地面不同高度处

竖直向上抛出，则两球从抛出至落到地面所用的时间不相等，故C错误；D．两小球竖直向上的初速度相同，由00vgt=−可得0vtg=可知甲球与乙球从抛出至到达最高点的时间相等，故D错误。故选B。6.一辆汽车

，以额定功率沿倾角不变的斜坡向下匀速行驶，速度为1v，牵引力1F；现让该车沿该斜坡从静止开始向上匀加速行驶，达到额定功率时速度为2v，牵引力2F；以后保持额定功率行驶，最终速度为3v，牵引力3F；斜坡足够长，汽车所受阻力大小在向上和向下行驶时相同，则（）A.132vvvB.123

vvvC.在向上匀加速行驶过程中，任意相等时间内，汽车动能变化相等D.132FFF【答案】AD【解析】【详解】ABD．设斜面的倾角为，汽车向下匀速行驶时1sincos0Fmgmg+−=11PFv=汽车

向上匀加速行驶时2sincosFmgmgma−−=22PFv=汽车向上匀速行驶时3sincos0Fmgmg−−=33PFv=可得132FFF132vvv故AD正确，B错误；C．在向上匀加速行驶过程中，任意相等时间内，汽车

动能变化为222k1122()222vatatEmvatmvm+=+−=故在向上匀加速行驶过程中，任意相等时间内，汽车动能变化不同，故C错误。故选AD。7.物块M在静止的传送带上匀速下滑时，传送带突然转动，传送带转动的方向如

图中箭头所示。则传送带转动后（）A.物块将减速下滑B.物块仍匀速下滑C.物块受到的摩擦力不变D.物块受到的摩擦力变大【答案】BC【解析】【详解】传送带突然转动前物块匀速下滑，对物块进行受力分析：物块受重力、支持力、沿斜面向上的滑动摩擦力。传送带突然转

动后，对物块进行受力分析，物块受重力、支持力，由于传送带斜向上运动，而物块斜向下运动，所以物块所受到摩擦力依然为滑动摩擦力，且大小不变仍然斜向上，所以物块仍匀速下滑，故BC正确，AD错误。故选BC。8.如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上。

A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为12μ。最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。现对A施加一水平拉力F，则（）A.无论F为何值，B的加速度不会超过12μgB.当F＝52μmg时，A的加速度为14gC.当F>3μmg时，A相对B滑

动D.当F<2μmg时，A、B都相对地面静止【答案】AC【解析】【详解】B与地面间的最大静摩擦力()1121.52mfgmmmg=+=A与B间的最大静摩擦力222mfmgmg==当两物体恰好发生相对运动时，对AB整

体，由牛顿第二定律得F0-fm1=3ma对Bfm2-fm1=ma解得的F0=3µmgB．当051.52mgFmgF=时，A、B相对静止一起做匀加速直线运动，对A、B整体，由牛顿第二定律得()12mfmaFm=+−解得13ag=故B错误；CD．当拉

力1'1.5mFfmg=＜时，A、B都相对地面静止，当31.5mgFmg时，A、B相对静止，一起匀加速运动；当F＞F0=3μmg时A相对B滑动，故D错误，C正确；A．当两物体未发生相对滑动时，F越大

，加速度越大，当两物体发生相对滑动时，B的加速度最大，根据牛顿第二定律21mmffma−=代入数据解得12ag=故A正确。故选AC。三、非选择题：共174分。第22~32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33~38题为选考题，

考生根据要求作答。（一）必考题：共129分。9.在“验证力的平行四边形定则”实验中：（1）若测某一分力时，弹簧秤的外壳与接触面发生了摩擦，这种操作对实验结果_____影响（填“有”或“无”）；（2）下列要求或做法正确的是_______；A．两根细绳必须等

长B．橡皮条应与两细绳夹角的平分线在同一直线上C．两细绳套应适当长些，便于确定力的方向D．用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条时，只需要记下弹簧秤的读数，用两个弹簧秤通过细绳拉橡皮条时，要记下两个弹簧秤的读数和两条细线的方向（3）有几位同学进一步做实验：

先用两个弹簧秤一起把橡皮条的结点拉到位置O，用手按住结点；再改变其中一个弹簧秤的方位，使这个弹簧秤的拉力的大小和方向都跟原来不同，固定这个弹簧秤的位置，松开结点，试着改变另一个弹簧秤的方位，来改变拉力的大小和方向，使结点回到原来的位置，下列说法正确的是______。A．两个弹簧秤后来的拉力的合力跟

它们原来的拉力的合力相同B．两个弹簧秤后来的拉力的合力跟它们原来的拉力的方向相同大小不相等C．另一个弹簧秤的方位是唯一的D．另一个弹簧秤的方位不是唯一的【答案】①.无②.C③.AC##CA【解析】【详解】（1）[1]由于弹簧秤内部弹簧并不和外壳接触，因此实验中

弹簧秤的外壳与纸面间的摩擦不影响橡皮条受到拉力的大小；（2）[2]A．细线作用是能显示出力的方向，所以不必须等长，故A错误；B．两细线拉橡皮条时，只要确保拉到同一点即可，不一定橡皮条要在两细线的夹角平

分线上，故B错误；C．为了减小测量的误差，两根细绳应适当长些，故C正确；D．一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条时，不仅要记下弹簧秤的读数，也要记录方向，故D错误。故选C。（3）[3]AB．结点不变，则力的作用效果不变，所以两个弹

簧秤后来的拉力的合力跟它们原来的拉力的合力相同，故A正确，B错误；CD．固定一个弹簧秤的位置，即一个分力是不变的，合力不变，则另一个弹簧秤的方位是唯一的，故C正确，D错误。故选AC。10.如图（甲）为江高一实验小组

“探究牛顿第二定律”的实验装置示意图。砂和砂桶的质量为m，小车和砝码的总质量为M。实验中用砂和砂桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小。（1）实验中，为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，先调节长木板一端滑轮的高度

，使细线与长木板平行．接下来还需要进行的一项操作是（）的A．将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，调节m的大小，使小车在砂和砂桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动B．将长木板一端垫

起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动C．将长木板的一端垫起适当的高度，撤去纸带以及砂和砂桶，轻推小车，观察判断小车是否做匀速运动（2）实验中要进行质量m

和M的选取，以下最合理的一组是（）A．M=200g，m=10g、15g、20g、25g、30g、40gB．M=200g，m=20g、40g、60g、80g、100g、120gC．M=400g，m=20g、40g、60g、80g、100g、120gD．M=400g，m=10g、

15g、20g、25g、30g、40g（3）如图(乙)是实验中得到的一条纸带，A、B、C、D、E、F、G为7个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出．量出相邻的计数点之间的距离分别为：SAB=4.22cm、SBC=4.65cm、S

CD=5.08cm、SDE=5.49cm、SEF=5.91cm、SFG=6.34cm．已知打点计时器的工作频率为50Hz，则打B点时车速vB=_____m/s，小车的加速度a=___m/s2(结果保留2位有效数字)。

【答案】①.B②.D③.0.44④.0.42【解析】【详解】（1）[1]本实验应先平衡摩擦力，将长木板一端垫起适当的高度，轻推小车后，小车能匀速运动即说明摩擦力已平衡，判断小车的运动是否是匀速运动时，应根据纸带上的打点情况,而不能靠用眼观察小车运动。故选B。（2）[2]本实验应保证砂和

砂桶的总质量m远小于小车和砝码的总质量M，所以D组最符合要求。故选D。（3）[3]根据匀变速直线运动中间时刻瞬时速度等于平均速度可得24.224.65100.44m/s220.1ACBSvT−+==[4]由题意知，相邻计数点间的时间间隔为11550.1s50Tf===的根据逐差法

可得小车的加速度为()22225.495.916.344.224.655.08100.42m/s990.1DGADSSaT−++−++−==11.如图所示，质量为2kgM=的木板A静止在光滑水平面上，一质量为1kgm=的小滑块B（可视为质点）以某一水平

初速度02m/sv=从木板的左端冲上木板。已知木板与滑块间的动摩擦因数为0.2=，g取10m/s2（1）若木板固定，滑块B恰好没有从木板A的右端滑出，求木板的长度？（2）若木板不固定，经多长时间滑块与木板共速？（3）若木板不固定，滑块B相对木板A滑行的最大距离？【答案】（1

）4.5m；（2）1s；（3）1.5m【解析】【详解】（1）木板固定时,根据动能定理2012mgLmv=解得4.5mL=（2）木板不固定时，设滑块与木板的加速度分别为a1、a2，经时间t共速，根据牛顿第二定律，对滑块B1mgma

=对木板A2mgMa=根据运动学规律012vatat−=解得1st=（3）从开始到共速，滑块与木板相对地面滑行距离分别为1x、2x，根据运动学规律210112xvtat=−22212xat=滑块相对木板滑行距离12xxx=−解得1.5m=x12.如图所示是在竖直平面内，由倾角为30°的斜面和

圆形轨道分别与水平面相切连接而成的轨道，其中斜面与水平部分光滑，圆形轨道粗糙，半径为R。质量为m的小物块从斜面上距水平面高为h=3R的A点由静止开始下滑，物块通过轨道连接处的B、C点时，无机械能损失。求：（1

）小物块通过B点时速度vB的大小；（2）小物块通过圆形轨道最低点C时对轨道的压力；（3）若小物块恰能通过圆形轨道的最高点D，离开D后又刚好落在B点，求水平面BC的长度和落至B点时速度？【答案】（1）6gR；（2）7mg；（3

）2R，5gR，与水平方向夹角正切值2【解析】【详解】（1）根据动能定理可得212Bmvmgh=解得6BvgR=（2）小物块从B至C做匀速直线运动则CBvv=小物块通过圆形轨道最低点C时，由重力和支持力的合力提供向心力，则有2NCvmFmgR=−解得为N7Fmg=由牛顿第三定律，可得

压力为NN7FFmg==方向竖直向下（3）设小物块恰好通过圆形轨道的最高点D的速度为vD1，此时向心力仅有重力提供，由牛顿第二定律得21DvmgmR=解得1DvgR=设小物块离开D点后作平抛运动，则有2122Rgt=1BCDxvt=解得4Rtg=2B

CxR=在B点竖直速度为4ByvgtgR==水平速度为1BxDvvgR==则B点速度为225BBxByvvvgR=+=B点速度方向与水平的角度满足tan2ByBxvv==（二）选考题：共45分。请考试从2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答。如果多做，则每

科按所做的第一题计分。。【物理——选修3-4】13.某横波在介质中沿x轴传播，图甲为t=0.25s时的波形图，图乙为x=1.5m处的质点P的振动图像。下列说法正确的是（）A.波速为1m/sB.波沿x轴正方向传播C.波长

4mD.波上的质点L与质点N的振动方向总是相同E.若波源沿x轴负方向移动，则x=8m处观测点接收到的波的频率小于0.5Hz【答案】BCE【解析】【详解】AC．由甲图知，波长4m=由乙图知，周期T=2s波速为2m/svT==故A错

误，C正确；B．由乙图知，t=0.25s时质点P向上运动，根据“同侧法”，波沿x轴正方向传播，故B正确；D．波上的质点L与质点N距离相差半个波长，的振动方向总是相反，故D错误；E．频率10.5HzfT==由多普

勒效应可知，若波源沿x轴负方向移动，则x=8m处观测点接收到的波的频率小于0.5Hz，故E正确。故选BCE。14.如图，直角三角形ABC为一棱镜的横截面，∠A=90°，∠B=30°．一束光线平行于底边BC射到AB边上并进入棱镜，然后垂直于AC

边射出．（1）求棱镜的折射率；（2）保持AB边上的入射点不变，逐渐减小入射角，直到BC边上恰好有光线射出．求此时AB边上入射角的正弦．【答案】（1）3；（2）sini=322−【解析】【详解】（1）光路图及相关量如图所

示．光束在AB边上折射，由折射定律得sinsinin=…………①式中n是棱镜的折射率．由几何关系可知α+β=60°…………②由几何关系和反射定律得=30B==…………③联立①②③式，并代入i=60°得3n=

…………④（2）设改变后的入射角为i，折射角为，由折射定律得sinsinin=…………⑤依题意，光束在BC边上的入射角为全反射的临界角c，且csin1n=…………⑥由几何关系得c'30=+…………⑦由④⑤⑥⑦式得入射角的正弦为获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号w

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