【文档说明】江苏省南京市六校联合体2025届高三上学期11月联考试题 物理 PDF版含答案（可编辑）.pdf，共(10)页，1.091 MB，由envi的店铺上传

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1/62024-2025学年第一学期六校11月联合调研高三物理一、单项选择题：本大题共11题，每题4分，共44分.在给出的四个选项中，只有一个选项是最符合题意的.1．下列四幅图所涉及的光学现象和相应的陈述中，错误．．的是（）图①

图②图③图④A．图①中的明暗相间的条纹，是由干涉形成的B．图②中的亮斑，最早是由泊松推算出，阿拉果在实验中观察到的C．图③是内窥镜，利用了光的全反射把光传送到人体内部进行照明D．图④是用偏振眼镜观看立体电影，说明光是一种纵波2．如图所示，A、B为一对等量正电荷连线上的两点，其中B为

中点，C为连线中垂线上的一点。一电子先由A沿直线移到B，再沿直线移到C，则（）A．该过程中，电子的电势能先减小后增大B．该过程中，电子的电势能先增大后减小C．电场强度𝐸𝐴>𝐸𝐵D．电场强度𝐸𝐵>𝐸𝐶3.

下图为几种电容式传感器示意图，其中通过改变电容器两极间距离而引起电容变化的是（）ABCD4．2024年9月，江苏省科研人员发表微型核电池研究成果。利用镅243（24395Am）的α衰变进行发电，24395Am的半衰期为7000多年，则（）{#{QQA

BSYQAggiIAAAAAAgCAwlyCAAQkgECCQgGRBAMsAAAyBNABAA=}#}2/6A．该反应中，镅核的结合能比新核大B．镅原子核与核外电子存在着核力作用C．100个24395Am经过一个半衰期仍剩余50个D．镅原子核外的电子跃迁形成α衰变

5．如图所示的实验中，用小锤击打弹性金属片后，A球沿水平方向抛出，做平抛运动，同时B球被释放，做自由落体运动。在落地前，下列说法正确的是（）A．两球在下落过程中，始终保持在同一水平面上B．A比B先落地

C．本实验还可用来研究平抛运动的水平分运动D．两物体的落地速度大小不相等，速度变化量不同6．图甲所示实验装置中阴极K由金属M制成，由此装置测出金属M的遏止电压UC与入射光的频率ν关系如图乙所示。已知普朗克常量h=6.6×10-34J·s。下列说法

正确的是（）图甲图乙A．图甲中滑片P向a端移动时，微安表示数越来越大B．图乙中直线的斜率为heC．由图乙可知金属M的逸出功约为4.27eVD．图乙中A点对应的入射光光子动量约为1.2×10-27kg·m/s7．在“测量玻璃折射率”的实验中，通过“插针法”作出的光路图如图所示。关于此实验，

下列说法正确的是（）A．插大头针P4时，要求P4的针帽正好挡住P1、P2、P3的针帽B．相邻两个大头针插得较近可提高测量精度C．若将玻璃砖的下边PQ画到图中P'Q'位置，测得折射率偏小D．玻璃砖的折射率为sin𝑖2sin𝑖1{#{QQABSYQAg

giIAAAAAAgCAwlyCAAQkgECCQgGRBAMsAAAyBNABAA=}#}3/68．如图所示，闭合矩形金属线框abcd位于磁感应强度为B的匀强磁场中，线框平面与磁场垂直，以速度v向右匀速运

动,cd边未出磁场。下列说法正确的是（）A．线框中没有感应电流，且a点电势等于b点电势B．线框中没有感应电流，且a点电势不等于b点电势C．ab中有向上的电流，且a点电势低于b点电势D．ab中有向上的电流，且a点电势高

于b点电势9．实验室有两个变阻箱R1、R2，只能看到每个倍数刻度的0刻度线，其余倍数刻度磨损不清，其它功能正常。小明为了测量每个倍数刻度所对应的阻值，利用如图所示的测量电路，设计了两套方案。方案1：调节R1至待测刻度，保持不变，多次改变R2，进行测量，电压

表、电流表的读数分别为U、I，作出U-I关系图，测得R1待测刻度对应的阻值；方案2：调节R2至待测刻度，保持不变，多次改变R1，进行测量，同理，测得R2的阻值。下列表述正确的是（）A．方案1，R1测量值偏大B．方案1，R1测量值准确C．方案2，R2测量值准确D．方案2，R2测量值偏小1

0．如图所示，C为可绕过O点竖直轴转动的光滑小圆环。质量分别为m1、m2的妹妹和哥哥拉住穿过圆环的细绳两端A、B，绕C在空中做圆锥摆运动，运动的周期相等，AC、BC长分别为L1、L2。不计空气阻力，人可视为质点，则下列判断正确的是（）A．若L1＞L

2，哥哥运动的轨迹平面更高B．若L1＞L2，哥哥运动的轨迹平面更低C．一定有m1L1=m2L2D．一定有m12L1=m22L211．为研究山体滑坡，某同学建立了如图所示的模型，固定斜面体上有两段倾角均为37°的平行斜面ab和cd，cd

足够长。质量为4m、长度为s的“L形”防滑板B恰好静止在cd段的最上端，上表面与ab齐平。在斜面ab上距b点1.5s处由静止释放质量为m的小滑块A，滑块A与ab面及与B的上表面间的动摩擦因数均为0.5

。滑块与防滑板下端薄挡板间碰撞过程无机械能损失，且碰撞时间极短，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度为g。则（）BACOL2L1badcB右左v{#{QQABSYQA

ggiIAAAAAAgCAwlyCAAQkgECCQgGRBAMsAAAyBNABAA=}#}4/6A．A刚滑上B时速度大小为gsB．A滑上B后，B立即加速下滑C．A与B第一次碰撞后，B的速度大小gsD．A将与B发生二次碰撞，缓解山体滑坡的危害二、非选择题：共

5题，共56分，其中13～16题请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。12.（15分）某同学欲利用一半径较大的固定光滑圆弧面测定重力加速度，圆弧面如图1所示。该同学将小铁球从最低点移开一小段距离由静止释放，则小铁

球的运动可等效为一单摆。图1图2图3(1)用游标卡尺测量小铁球的直径，示数如图2所示，则小铁球的直径d=mm。(2)测量小铁球的运动周期时，开始计时的位置为图1中的（选填“A”、“O”或“A'”）处。(3)测量50次全振动的时间如图3所示，则等效单摆的周期T=s。(4

)更换半径不同的小铁球进行实验，正确操作，根据实验记录的数据，绘制的22dT−图像如图4所示，横、纵截距分别a、b，则当地的重力加速度g=，圆弧面的半径R=。（以上均用题目中的已知字母表示）13.(6分)如图是一定质量的理想气体由状态A变为状态B的V-T图像。已知51.510Ap=

Pa,由状态A变为状态B，系统吸收的热量为51.0510J。求:（1）状态A的温度AT；（2）该过程系统内能的变化量。图4T/K300TABA0.40.60V/m3{#{QQABSYQAggiIAAAAAAgCAwlyCAAQkgECCQgGRBAMsAAAyBNABA

A=}#}5/614.(8分)如图，光滑水平轨道上放置长板A（上表面粗糙）和滑块C，滑块B置于A的左端，三者质量分别为mA＝2kg，mB＝1kg，mC＝2kg。开始时C静止，A、B一起以v0＝5m/s的速度匀速向右运动，A与C发生碰撞（时间极短）后C向右运动，经过一段时间，A、B再次达到共同速度一

起向右运动，且恰好不再与C碰撞。求:（1）A与C碰撞后C的速度大小vc；（2）全过程中A对B的摩擦力的冲量I。15.(12分)如图所示，一足够长的水平传送带以速度v0匀速运动，质量均为m的小物块P和小物块Q由通过滑轮组的轻绳连接，轻绳足够长且不可伸长。某时刻物块P从传送带左端以速度2v0冲上传送带

，P与定滑轮间的绳子水平，已知物块P与传送带间的动摩擦因数为0.25，重力加速度为g，不计滑轮的质量与摩擦。求:（1）运动过程中小物块P、Q的加速度大小之比；（2）P与传送带共速时，小物块Q上升的高度；（3）物块P从刚冲上传送带到右方最远处的过程中，PQ系统机械能的改变量

。CAB{#{QQABSYQAggiIAAAAAAgCAwlyCAAQkgECCQgGRBAMsAAAyBNABAA=}#}6/616.(15分)如图所示竖直面内的坐标系，x轴沿水平方向，沿y轴方向每间隔d=0.2m就有一段间距也为d的区域P，区域P内（含边界）存在竖直向上的匀

强电场，场强为E=20N/C，同时存在方向垂直坐标平面面向里、磁感应强度B=2T的匀强磁场。现有一电荷量q=+5×10-10C、质量m=1×10-9kg的可视为质点的小球，从坐标原点O自由下落。不计空气阻力，重力

加速度大小g=10m/s2。求（1）小球刚到达第一个区域P时的速度大小v1；（2）小球刚到达第n（n＞1）个区域P时的速度大小vn和小球穿出该区域时速度的水平分量的大小vnx；（3）小球运动到最低点时的y轴坐标值。

{#{QQABSYQAggiIAAAAAAgCAwlyCAAQkgECCQgGRBAMsAAAyBNABAA=}#}第1页共4页2024-2025学年第一学期六校11月联合调研物理参考答案12.(1)16.6(3分)(2)O(3分)(3)

1.936s(3分)(4)24ab(3分)a(3分)13.（6分）(1)由图可知为等压变化𝑉𝐴𝑇𝐴=𝑉𝐵𝑇𝐵解得𝑇𝐴=200K（2分）(2)由A变为B，气体对外做功𝑊𝐴𝐵=−𝑝∆𝑉=3×104J（2分）由热力

学第一定律∆𝑈=𝑊+𝑄得∆𝑈=7.5×104J（2分）14.（8分）（1）由题意A、B、C最终共速，对A、B、C全过程利用动量守恒，以初速度方向为正方向(𝑚𝐴+𝑚𝐵)𝑣0=(𝑚𝐴+𝑚𝐵+𝑚𝐶)𝑣𝐶（2分）解得𝑣𝐶=3m/s（2分）（2）对B，其与A相对运动

过程，所受的合力为A对B的摩擦力对B该过程利用由动量定理𝐼=𝑚𝐵𝑣𝐶−𝑚𝐵𝑣0（2分）解得𝐼=−2kg∙m/s（1分）故A对B的摩擦力的冲量大小为2𝑘𝑔∙𝑚/𝑠，方向与初速度方向相反。（1分）15.（1

）设P的位移、加速度大小分别为s1、a1，Q的位移、加速度大小分别为s2、a2，因s1=2s2（1分）故a1=2a2（1分）1221aa=（2分）（2）对P有μmg+T=ma1（1分）对Q有mg﹣2T=ma2（

1分）得T=0.35mga1=0.6gP先减速到与传送带速度相同，设位移为x1，22200011(2)522vvvxag−==（1分）1234567891011DCBAADCBACD{#{QQABSYQA

ggiIAAAAAAgCAwlyCAAQkgECCQgGRBAMsAAAyBNABAA=}#}第2页共4页则ℎ𝑄=5𝑣024𝑔（1分）（3）共速后，由于f=μmg＜12mg，P不可能随传送带一起匀速运动，继续向右减速，设此时P加速度为a1′，Q的加

速度为2112aa=对P有T﹣μmg=ma1′对Q有mg﹣2T=ma2’解得a1′=0.2g设减速到0位移为x2220021522vvxag==，（1分）【法1】PQ系统机械能的改变量等于摩擦力对P做的

功12Δ0Eμmgxμmgx=-+=（3分）【法2】因20125Pvxxxg=+='21QPxh=，所以ℎ𝑄′=5𝑣022𝑔；（1分）对PQ系统，增加的重力势能𝛥𝐸𝑝𝑄=𝑚𝑔ℎ𝑄′=52𝑚𝑣02，（1分）减少的动能()222000115Δ2222

kEmvmvmv=+=，（1分）所以PQ系统机械能的改变量Δ0E=（1分）16.(1)进入第一个区域P前，粒子做自由落体运动，有212vgd=（2分）代入数据解得12m/sv=(2分)(2)①进入第n（1n）个区域P前的过程中，由动能定理有212nnmgdmv=解得22

m/snvngdn==（n=2，3，4，5…）（1分）②求nxv：【法1】设粒子进入、穿出第n（1n）个区域P时，nv与x轴正方向的夹角分别为、，t2t1v02v00tvp{#{QQABSYQAggiIAAAAAAgCAwlyCAAQkgECCQgGRBAMsAAAyBNABAA=}#}第

3页共4页轨道半径为nr。其运动轨迹如图所示由题意coscosnxnnvvv=−（1分）由牛顿第二定律有2nnnvqvBmr=（1分）由几何关系有coscosnndrr=−（1分）联立得nxqBdvm=所以每次经过P区域，均有相同的Δxv,代入数据解得0.2m/s

nxv=（1分）Δ0.2m/snxnxvnvn==（1分）【法2】小球在P区域中运动时，x方向的动量定理𝑞𝑣𝑦𝐵⋅𝛥𝑡=𝑚𝛥𝑣𝑥（2分）累加得ΔxqBdmv=（2分）代入数据解得rnvnvnOndβ

α{#{QQABSYQAggiIAAAAAAgCAwlyCAAQkgECCQgGRBAMsAAAyBNABAA=}#}第4页共4页0.2m/sxv=（1分）Δ0.2m/snxxvnvn==（1分）(3)分析可知，当小球运动到最低点时，0yv=因小球xv只在P区域改变，

故nnxvv=（1分）即20.2nn=（1分）解得100n=（1分）故小球运动到最低点时的y轴坐标值max200yd=（1分）代入数据解得max40my=（1分）{#{QQABSYQAggiIAAAAAAgC

AwlyCAAQkgECCQgGRBAMsAAAyBNABAA=}#}