【文档说明】重庆市育才中学校2023-2024学年高二下学期期末物理复习试题 Word版含解析.docx，共(19)页，3.838 MB，由小赞的店铺上传

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重庆市育才中学校高2025届高二（下）物理期末复习试题一、单选题1.在如图所示的电路中，L是直流电阻可以忽略的电感线圈，闭合开关S，电路稳定后突然断开开关S并开始计时，已知LC振荡电路的振荡周期为T，则在0~4T时间内（）A.电容器在放电B.电场能转化

为磁场能C.A板所带的负电荷增加D.L产生的自感电动势增大【答案】D【解析】【详解】闭合开关S，电路稳定后，由于电感线圈直流电阻可以忽略，则此时通过线圈的电流最大；突然断开开关S并开始计时，则在0~4T时间内，线圈电流

逐渐减小，但电流的变化率增大，所以L产生的自感电动势增大；磁场能逐渐减小，电场能逐渐增大，电容器处于充电过程；电流方向由B板流向A板，则A板所带的正电荷增加。故选D。2.如图所示，两相同灯泡A1、A2，A1与一理想二极管D连接，线圈L的直流电阻不计。下列说法正确的是（）A.闭合开关S后，A2

会立即变亮，然后变的更亮B.闭合开关S稳定后，A1、A2的亮度相同C.断开开关S的瞬间，a点的电势比b点高D.断开开关S的瞬间，A1会闪亮一下后逐渐熄灭【答案】A【解析】【详解】AB．闭合开关S瞬间，线圈产生自感电动势，阻碍通过线圈的电流增大，线圈中没有

电流，由E、A1、D、A2构成闭合回路，理想二极管D处于正向导通状态，因此A2会立即变亮，闭合开关S后，由于线圈L的自感电动势是零，且直流电阻不计，则使A1、D构成的支路两端电压0abU=，A1不亮，此时路端电压直接都加在A2上，因此

A2会变的更亮，A正确，B错误；C．断开开关S的瞬间，线圈产生自感电动势，阻碍通过线圈的电流减小，则自感电动势的向与原电源电动势方向相同，因此a点的电势比b点低，C错误；D．断开开关S的瞬间，由于理想二极管D具有单向导电性，a点的电势比b点低，因此二极管处于反向截止状

态，L、D、A1构成的闭合回路没有电流产生，A1不会闪亮，D错误。故选A。3.如图所示，一定质量的理想气体，经历abca→→→过程，其中ab→是等温过程，bc→是等压过程，ca→是等容过程。下列说法正确的是（）A.完成一次循环，气体向外界放热B.a、b、c三个状态中，气体在

c状态分子平均动能最大C.bc→过程中，气体放出的热量大于外界对气体做的功D.ab→过程中，容器壁在单位时间内、单位面积上受到气体分子撞击的次数会增加【答案】C【解析】【详解】A．完成一次循环，气体的内能不变，ab→过程，气体体积增大，气体对外界做功，bc→过

程，气体体积减小，外界对气体做功，由于ab→过程气体的压强大于bc→过程气体压强，则气体对外做功大于外界对气体做功，ca→过程，气体体积不变，气体不做功，由热力学第一定律可知，完成一次循环，气体吸热，故A错

误；BC．bc→过程中，气体的压强不变，体积减小，则气体的温度降低，内能减小，由热力学第一定律可知，气体放出的热量大于外界对气体做的功，c状态气体温度最低，气体在c状态分子平均动能最小，故B错误，C正确；D．ab→过程中，气体温

度不变，分子平均动能不变，压强减小，由气体压强的微观解释可知，容器壁在单位时间内、单位面积上受到气体分子撞击的次数会减少，故D错误。故选C。4.如图所示，OBCD为半圆柱体玻璃的横截面，OD为直径，一束由紫光和红光组成的复色光沿AO方向从真空射入玻璃，紫

光和红光分别从B、C点射出。下列说法正确的是（）A.紫光在半圆柱体玻璃中传播速度较大B.红光和紫光同时从半圆柱体玻璃中射出C.逐渐增大入射角i，紫光先发生全反射D.逐渐增大入射角i，红光先发生全反射【答案】B【解析】【详解】A．紫光的折射率较大，根据cvn=可知，紫光在半圆柱体玻璃中传播

速度较小，选项A错误；B．设折射角为r，则sinsininr=光在玻璃中的传播时间2sin2sinRrtcRicn==可知红光和紫光在玻璃中传播时间相同，同时从半圆柱体玻璃中射出，选项B正确；的CD．入射

角i增大，则进入玻璃砖光线的折射角增加，所以光线OB和OC作为入射光线从玻璃砖射出时的入射角会减小，根据折射定律，光线从光密介质到光疏介质有12sin1sinn=从玻璃砖中射出光线的折射角会减小，因此入射角i增大，无论是紫光还是红光均不会发生全反射，故C

D错误。故选B。5.某小组设计了一种呼吸监测方案：在人身上缠绕弹性金属线圈，观察人呼吸时处于匀强磁场中的线圈面积变化产生的电压，了解人的呼吸状况。如图所示，线圈P的匝数为N，磁场的磁感应强度大小为B，方向

与线圈轴线的夹角为θ。若某次吸气时，在t时间内每匝线圈面积增加了S，则线圈P在该时间内的平均感应电动势为（）A.cosNBStB.sinNBStC.sinBStD.cosBSt【答案】A【解析】【详解】根据法拉第电磁感应定律有coscosSNBSENNBttt===故选A。

6.如图所示，与水平面夹角为θ的绝缘斜面上固定有光滑U型金属导轨。质量为m、电阻不可忽略的导体杆MN沿导轨向下运动，以大小为v的速度进入方向垂直于导轨平面向下的匀强磁场区域，在磁场中运动一段时间t后，速度大小变为2v。运动过程中杆与导轨垂直并接触良好，导轨的电阻忽略

不计，重力加速度为g。杆在磁场中运动的此段时间内（）A.流过杆的感应电流方向从N到MB.杆沿轨道下滑的距离为32vtC.流过杆感应电流的平均电功率等于重力的平均功率D.杆所受安培力的冲量大小为sinmgtmv−【答案】D【解析】【详解】A．根据右手定则，判断知流过杆的感应电流方向从M到N，故A

错误；B．依题意，设杆切割磁感线的有效长度为L，电阻为R。杆在磁场中运动的此段时间内，杆受到重力，轨道支持力及沿轨道向上的安培力作用，根据牛顿第二定律可得sinmgFma−=安FBIL=安BLvIR=联立可得杆的加速度22sinBLvagmR=−可知，杆在磁场中

运动的此段时间内做加速度逐渐减小的加速运动；若杆做匀加速直线运动，则杆运动的距离为2322vvstvt+==根据vt−图像围成的面积表示位移，可知杆在时间t内速度由v达到2v，杆真实运动的距离大于匀加速情况发生的距离，即大于32vt，故B错误；C．由于在磁场中运动的此段时

间内，杆做加速度逐渐减小的加速运动，杆的动能增大。由动能定理可知，重力对杆所做的功大于杆克服安培力所做的功，根据WPt=可得安培力的平均功率小于重力的平均功率，也即流过杆感应电流的平均电功率小于重力的平均功率，故C错误；D．杆在磁场中运动的此段时间

内，根据动量定理，可得sin2mgtImvmv−=−安得杆所受安培力的冲量大小为sinImgtmv=−安故D正确故选D。二、多选题7.下列说法正确的是（）A.由图甲可知，状态①的温度比状态②的温度高B.由图乙可知，气体由状态A变化到B的过程中，气体分

子平均动能一直不变C.由图丙可知，当分子间的距离0rr时，分子间的作用力随分子间距离的增大先减小后增大D.由图丁可知，在r由1r变到2r的过程中分子力做正功【答案】AD【解析】【详解】A．由分子热运动的速率的分布特点可

知，分子热运动的速率分布呈现“中间多两头少”的规律，且随温度的增大，大部分的分子热运动速率增大，故由图可知状态①的温度高，故A正确；B．由理想气体状态方程结合图乙可知，气体在状态A和B态时，气体的温度相同，结

合气体的等温线可知，该过程气体的温度先升高，后降低，故气体分子平均动能先增大后减小，故B错误；C．由分子力随分子间距的变化关系图象可知，当分子间的距离0rr时，随分子间距离的增大，分子间的作用力先增大后减小，故

C错误；。D．由图丁可知，在分子间距为2r时，分子间距离为相当于平衡位置的距离。在r由1r变到2r的过程中，分子力为斥力，随分子间距的增大，分子力做正功，故D正确。故选AD。8.如图所示，甲图是一列沿x轴正方向传播的简谐横波在2st=时的波形，乙图是该波传播方向上介质中16mx=处的质点从0t

=时刻起的振动图像，a、b是介质中平衡位置为23mx=和35mx=的两个质点。下列说法正确的是（）A.该波的波速是2m/sB.从2st=开始，质点a比质点b先回到平衡位置C.200mx=处的观察者沿轴负方向运动时，接收到该波的频率一定为0.25HzD.若该

波在传播过程中遇到尺寸为16m的障碍物，会发生明显的衍射现象【答案】AB【解析】【详解】A．由图可知，该波波长为8m，周期为4s，根据公式2m/svT==故A正确；B．因为该波沿x轴正方向传播，所以a向上振动，b向下振动，因此质点a先回到平

衡位置，故B正确；C．根据周期可知该波频率为0.25Hz，但观察者沿x轴负方向运动时，靠近波源，因此接收到该波的频率一定大于0.25Hz，故C错误；D．因为该波波长为8m，小于障碍物尺寸，因此不会发生明显的衍射现象，故D错误。故选AB。9.一列简谐横波在介质中沿x轴传播，波速为

2m/s，t=0时的波形图如图所示，P为该介质中的一质点。则（）A.该波的波长为14mB.该波的周期为8sC.t＝0时质点P的加速度方向沿y轴负方向D.0~2s内质点P运动的路程有可能小于0.1m【答案】BD【解析】

【详解】A．由图可知312m4=解得16m=A错误；B．由vT=得16s8s2Tv===B正确；C．简谐运动的加速度总指向平衡位置，P点位于y轴负半轴，加速度方向沿y轴正方向，C错误；D．P点位于y轴的负半轴，经过2s4

T=若波向x轴负方向传播，P向远离平衡位置方向振动，在0~2s内质点P运动的路程有可能小于0.1m，D正确；故选BD。10.如图，一绝缘细绳跨过两个在同一竖直面（纸面）内的光滑定滑轮，绳的一端连接一矩形金属线框

，另一端连接一物块。线框与左侧滑轮之间的虚线区域内有方向垂直纸面的匀强磁场，磁场上下边界水平，在0=t时刻线框的上边框以不同的初速度从磁场下方进入磁场。运动过程中，线框始终在纸面内且上下边框保持水平。以向上为速度的正方向，下列线框的速度v随时间t变化的图像中可能正确的是（）AB.C.D.【答案】

AC【解析】【详解】设线圈的上边进入磁场时的速度为v，设线圈的质量M，物块的质量m，图中线圈进入磁场时线圈的加速度向下，则对线圈由牛顿第二定律可知MgFTMa+−=安对滑块Tmgma−=其中22BLv

FR=安即22()()BLvMmgMmaR+−=+线圈向上做减速运动，随速度的减小，向下的加速度减小；当加速度为零时，即线圈匀速运动的速度为022()MmgRvBL−=A．若线圈进入磁场时的速度较小，则线圈进入磁场时做加

速度减小的减速运动，线圈的速度和加速度都趋近于零，则图像A可能正确；B．因t=0时刻线圈就进入磁场，则进入磁场时线圈向上不可能做匀减速运动，则图像B不可能；CD．若线圈的质量等于物块的质量，且当线圈进入磁场时，且速度大于v0，线圈进入磁场做加速度减小的减速运

动，完全进入磁场后线圈做匀速运动；当线圈出离磁场时，受向下的安培力又做加速度减小的减速运动，最终出离磁场时做匀速运动，则图像C有可能，D不可能。故选AC。11.如图所示，虚线MN左侧空间存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B。边长为L的单匝

.金属线框abcd以MN为对称轴放置在纸面内，以角速度ω绕轴MN匀速转动，产生电流的最大值为Im，则下列说法正确的是（）A.转一圈，电流方向改变两次B.电流的有效值等于m12IC.b、c两端电压的最大值为238BLD.线圈中的电热功率为2m18B

IL【答案】AC【解析】【详解】A．当线圈经过中性面时，电流方向改变，所以一个周期内，电流方向改变两次，故A正确；B．由于线圈转动过程中形成正弦式交变电流，所以电流的有效值为m2II=故B错误；C．b

、c两端电压的最大值为22mm33138442UEBLBL===故C正确；D．线圈中的电热功率为2mmm2412EIPBIL==故D错误。故选AC。12.某电磁缓冲装置如图所示，两足够长的平行金属导轨置于同一水平面内，导轨左端与一阻值为R的定值

电阻相连，导轨BC段与11BC段粗糙，其余部分光滑，1AA右侧处于竖直向下的匀强磁场中，一质量为m的金属杆垂直导轨放置。现让金属杆以初速度0v沿导轨向右经过1AA进入磁场，最终恰好停在1CC处。已知金属杆接入导轨之间的阻值为R，与粗糙导轨间的摩擦因数为，ABBCd==。导轨电阻不计，重

力加速度为g，下列说法正确的是（）A.金属杆经过1BB的速度为02vB.在整个过程中，定值电阻R产生的热量为201122mvmgd−C.金属杆经过11AABB与11BBCC区域，金属杆所受安培力的冲量相同D.若将金属杆的初速度

加倍，则金属杆在磁场中运动的距离大于原来的2倍【答案】CD【解析】【详解】A．设平行金属导轨间距为L，金属杆在AA1B1B区域向右运动的过程中切割磁感线有E=BLv，2EIR=金属杆在AA1B1B区域运动的

过程中根据动量定理有−=BILtmv则222tBLvtmvR−=由于tdvt=，则上面方程左右两边累计求和，可得2202BBLdmvmvR−=−则2202BBLdvvmR=−设金属杆在BB1

C1C区域运动的时间为t0，同理可得，则金属杆在BB1C1C区域运动的过程中有2202BBLdmgtmvR−−=−解得2202BBLdvgtmR=+综上有000222Bvgtvv=+则金属杆经过BB1的速度大于02v，故A错误

；B．在整个过程中，根据能量守恒有2012mvmgdQ=+则在整个过程中，定值电阻R产生的热量为20111242RQQmvmgd==−故B错误；C．金属杆经过AA1B1B与BB1C1C区域，金属杆所受安培力的冲量为22

2222tBLBLxBILtvtRR−=−=则金属杆经过AA1B1B与BB1C1C区域滑行距离均为d，金属杆所受安培力的冲量相同，故C正确；D．根据A选项可得，金属杆以初速度0v在磁场中运动有220022BLdmgtmvR−−=−金属

杆的初速度加倍，设此时金属杆在BB1C1C区域运动的时间为't，全过程对金属棒分析得220022BLxmgtmvR−−=−联立整理得()()220422BLxdmgttR−=−分析可知当金属杆速度加倍后，金属杆通过BB1C1

C区域的速度比第一次大，故0<tt，可得4xd可见若将金属杆的初速度加倍，则金属杆在磁场中运动的距离大于原来的2倍，故D正确。故选CD。【点睛】三、实验题13.某实验小组做“测量玻璃的折射率”及拓展探究实验．（1）为测量玻璃的折射率，按如图所示进行实验，以下表述正确的一项是____

____。（填正确答案标号）A.用笔白纸上沿着玻璃砖上边和下边分别画出直线a和aB.在玻璃砖一侧插上大头针1P、2P，眼睛在另一侧透过玻璃砖看两个大头针，使2P把1P挡住，这样就可以确定入射光线和入射点1O。在眼睛这

一侧，插上大头针3P，使它把1P、2P都挡住，再插上大头针4P，使它把1P、2P、3P都挡住，这样就可以确定出射光线和出射点2OC.实验时入射角1应尽量小一些，以减小实验误差（2）为探究介质折射率与光的频率的关系，分别用一束红光和一束绿光从同一点入射到空气与玻璃的分界面．保持相同的入射角，根据实

验结果作出光路图，并标记红光和绿光，如图乙所示．此实验初步表明：对于同一种介质，折射率与光的频率有关．频率大，折射率________（填“大”或“小”）（3）为探究折射率与介质材料的关系，用同一束微光分别入射玻璃砖和某透明

介质，如图丙、丁所示。在保持相同的入射角1，测得折射角分别为2、()323，则玻璃和该介质的折射率大小关系为n玻璃________n介质（填“”或“”）。此实验初步表明：对于一定频率的光，折射率与介质材料有关。【答案】（1）B（2）大（3）【解析】【小问1详解

】A．在白纸上画出一条直线a作为界面，把长方体玻璃砖放在白纸上，使它的一个长边与a对齐。用直尺或者三角板轻靠在玻璃砖的另一长边，按住直尺或三角板不动，将玻璃砖取下，画出直线a代表玻璃砖的另一边，而不能用笔在白纸上沿着玻璃砖

上边和下边分别画出直线a和a，故A错误；B．在玻璃砖一侧插上大头针1P、2P，眼睛在另一侧透过玻璃砖看两个大头针，使2P把1P挡住，这样就可以确定入射光线和入射点1O。在眼睛这一侧，插上大头针3P，使它把1

P、2P都挡住，再插上大头针4P，使它把1P、2P、3P都挡住，这样就可以确定出射光线和出射点2O，故B正确；C．实验时入射角1应尽量大一些，但也不能太大（接近90），以减小实验误差，故C错误；故选B。【小问2详解】由图乙可知，入射角相同，绿光的折射角

小于红光的折射角，根据光的折射定律sinsinn=可知绿光的折射率大于红光的折射率，又因为绿光的频率大于红光的频率，所以频率大，折射率大。【小问3详解】根据折射定律可知，玻璃的折射率为12sinsinn=玻璃该介质的折

射率为13sinsinn=介质其中23＜所以23nn＞14.Phyphox是一款利用Android手机传感器来进行物理实验的手机应用软件，它能获取手机上的多种传感器原始数据。两位同学利用该软件来测量手机的体积，如图甲所示，将一个可以测量气体压强的手机封闭在

注射器中，记录活塞在不同位置时注射器的示数和封闭气体的压强。（1）关于该实验的操作，下列说法中正确的是______。A.在活塞上涂抹润滑油只是为了减小摩擦B.为了稳定推动活塞，需要用手握住注射器C.缓慢

推动活塞是为了保持封闭气体温度不变D.改变活塞位置后可立即进行读数（2）下表是某一位同学测量的两组实验数据，由此可知手机的体积为______3m；（结果保留一位小数）序号V（ml）p（kPa）15301033.025001104.0（3）另一位同学测出多组数据后画出1Vp−图像（如图乙所示）

，其截距为b，直线部分的斜率为k，则手机的体积为______，体积增大到一定值后，图线开始偏离直线，原因可能是______。【答案】（1）C（2）56.410−（3）①b②.气体温度升高【解析】【小问1

详解】A．在活塞与注射器壁间涂适量的润滑油作用是为了保证不漏气，故A错误；B．为保证气体做等温变化，不能用手握住注射器，故B错误；C．缓慢推动活塞是为了保持封闭气体温度不变，故C正确；.D．改变活塞位置，需等稳定后再进行读数，故D错误。故选C。【小问2详解】设手机的体积为

0V，气体做等压变化，则110220()()pVVpVV−=−解得手机的体积为353063.5cm=6.4?10mV−=【小问3详解】[1]由理想气体方程得0()pVVCT−=整理得0CTVVp=+手机的体积为0Vb=[2]根据以上分析可知

V—1p图像的斜率为CT，则V—1p图像的斜率增大的原因可能是气体温度升高。15.在“用双缝干涉测光的波长”的实验中，实验装置如图所示。（1）下列说法中正确的是（）A.滤光片应置于单缝与双缝之间B.拨

杆的作用是为了调节缝的宽度C.仅增大单缝与双缝间距，干涉条纹变密D.仅增大双缝与毛玻璃屏间距，干涉条纹变疏（2）将测量头的分划板中心刻线与某亮纹中心对齐，将该亮纹定为第1条亮纹，此时手轮上螺旋测微器示数如图甲所示。然后同方向转动测量头，使分划板中心刻线与第6

条亮纹中心对齐，记下此时图乙中手轮上的示数为__________mm。（3）设图甲、乙的读数分别为x1和x2.则两相邻亮条纹间距△x=__________（用所给物理量的符号表示）。（4）若将该实验装置全部浸入到某种绝缘透明均匀

介质中做相同的实验，发现两相邻亮条纹中央之间的距离变为原来的一半，则该透明介质的折射率n=__________。【答案】（1）D（2）13.870（3）215xx−（4）2【解析】【小问1详解】A．“用双缝干涉测光的波长”的实验中滤光片应放在透镜和单缝之间

，故A错误；B．该实验中拔杆得作用是调节两个狭缝的间距、亮度和位置，故B错误；C．增大单缝与双缝间距时干涉条纹的疏密不变，故C错误；D．根据条纹间距得表达式Lxd=可知增大双缝与毛玻璃屏间距，条纹间距变大，干涉条纹变疏，故D正确。故选D。【小问2详解】图乙

中手轮上的示数为13.5mm37.00.01mm13.870mm+=【小问3详解】第1条亮纹到第6条亮纹之间有5个条纹，所以相邻亮条纹间距为215xxx−=【小问4详解】根据双缝间距的表达式在空气

中1ΔLxd=在介质中vcfnf==所以在介质中2ΔcLLxnfdnd==由此可得光在空气中和绝缘透明均匀介质中12Δ2Δxnx==16.一兴趣小组拟研究某变压器的输入和输出电压之比，以及交流电频率对输出电压的影响。题图1为实验电路图，其中L1和L2为变

压器的原、副线圈，S1和S2为开关，P为滑动变阻器Rp的滑片，R为电阻箱，E为正弦式交流电源（能输出电压峰值不变、频率可调的交流电）。（1）闭合S1，用多用电表交流电压挡测量线圈L1两端的电压。滑片P向右滑动后，与

滑动前相比，电表的示数_______（选填“变大”“不变”“变小”）。（2）保持S2断开状态，调整E输出的交流电频率为50Hz，滑动滑片P，用多用电表交流电压挡测得线圈L1两端的电压为2500mV时，用示波器测得线

圈L2两端电压u随时间t的变化曲线如图所示，则线圈L1两端与L2两端的电压比值为_______（保留3位有效数字）。（3）闭合S2，滑动P到某一位置并保持不变。分别在E输出的交流电频率为50Hz、1000Hz的条件下，改变R的阻值，用多用电表交流电压挡测量线圈L2两端的电压U，

得到U-R关系曲线如图3所示。用一个阻值恒为20Ω的负载R0替换电阻箱R，由图可知，当频率为1000Hz时，R0两端的电压为_______mV；当频率为50Hz时，为保持R0两端的电压不变，需要将R0与一个阻值为____

___Ω的电阻串联。（均保留3位有效数字）【答案】①.变大②.12.6③.272④.12【解析】【详解】（1）[1]闭合S1，滑动变阻器Rp是分压接法，滑片P向右滑动后，用多用电表交流电压挡测量线圈L1两端的电压。线圈L1两端的电压增大，因此与滑动前相比，电表的示数变大。（2）[2]保持S2断开

状态，调整E输出的交流电频率为50Hz，多用电表交流电压挡测得线圈L1两端的电压为U1=2500mV。线圈L2两端电压u随时间t的变化曲线如图所示，由ut−图像可得，线圈L2两端电压为m2280mV22UU==则线圈L1两端与L2两

端的电压比值为12250012.62802UU==（3）[3]闭合S2，滑动P到某一位置并保持不变。由U−R关系曲线可得，当频率为1000Hz时，当负载电阻R0=20Ω时，R0两端的电压为UR0=272mV。[4]当频率为50Hz时，由

U−R关系曲线27220UR=两线交点可知32R=，故需给R0串联一电阻，此串联电阻值为012RRR=−=串