【文档说明】河北省衡水市第十四中学2020-2021学年高一上学期三调考试物理试卷【精准解析】.doc，共(21)页，944.500 KB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-97051006a372eaa361fdff79e064c317.html

以下为本文档部分文字说明：

-1-2020~2021学年度上学期高一年级三调考试物理试卷注意事项：1.本场考试物理，卷面满分共100分，考试时间为90分钟。2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色字迹的签字笔填写在答题纸上指定的位置。

3.答案书写在答题纸上，在试卷、草稿纸上答题一律无效，选择题答案必须按要求填涂。试卷Ⅰ（共56分）一、选择题（本题共16小题，在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，每题3分。第9~16题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）1.某一物体做方

向不变的直线运动，加速度a与速度v同向，但加速度逐渐减小直到减小到零，在此过程中物体的速度v、位移x的变化情况是（）A.v逐渐减小，当a=0时，v最小B.v逐渐增大，当a=0时，v最大C.x逐渐增大，当

a=0时，x最大D.x逐渐减小，当a=0时，x最小【答案】B【解析】【分析】【详解】一物体做方向不变的直线运动，加速度a与速度v同向，加速度减小，但是速度仍然增大，当加速度减小到零，速度达到最大，然后

做匀速直线运动；位移x一直增大。故选B。【点睛】解决本题的关键掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向与速度方向的关系。2.一辆汽车在平直公路上做匀变速直线运动，公路边每隔15m有一棵树，如图所示，汽车通过A、B两相邻的树用了3s，通过B、C两相邻的树用了2s，则下列说法正确

的是()-2-A.此汽车运动的加速度大小为2m/s2B.此汽车经过A树时的速度大小为3.0m/sC.此汽车经过B树时的速度大小为6.5m/sD.此汽车经过B树时的速度大小为6.0m/s【答案】C【解析】【分析】【详解】设汽车经过A点时的速

度为v1，加速度为a，对AB段运动由位移时间公式有：2012xvtat=+代入数据有：21115332va=+对AC段运动根据位移时间公式有：21130552va=+联立解得：a=1m/s2，v1=3.5m/s对AB段由速度时间公式：0vvat=+得通过B点的速度为：2

11vvat=+=6.5m/sA.由上分析得汽车的加速度为1m/s2，A错误；B.由上分析得汽车经过A的速度为3.5m/s，B错误；CD.由上分析得汽车经过B点的速度为6.5m/s，C正确，D错误．3

.一根长度为5m的细杆悬挂着，在杆的正下方距杆下端5m处有一长度也为5m的空心直圆筒，剪断悬挂细杆的绳子，使杆自由落下，从圆筒中穿过。则细杆穿过圆筒所需要的时间为（）（g取210m/s）-3-A.3sB.()31s-C.()3+1sD.

()2+1s【答案】B【解析】【分析】【详解】根据21112hgt=，则杆子从自由下落开始到杆子的下端运动到圆管的上沿所需的时间可得11st=根据22212hgt=，则杆子从自由下落开始到杆子的上端运动到圆管的下沿所需的时间23st=所以细杆穿过圆管所需的时间()21Δ31sttt=−=−故

选B。4.利用速度传感器与计算机结合，可以自动作出物体运动的位移时间图像，某同学在一次实验中得到的运动小车的s-t图像如图所示，在0~15s的时间内A.小车先做加速运动，后做减速运动B.小车做曲线运动C.小车运动的平均速度为0D.小车的位移约为8m【

答案】C【解析】【分析】-4-【详解】图线切线的斜率表示速度，知速度先变小，后变大，故A错误；图线不是运动的轨迹，是位移随时间的变化规律．小车做的是直线运动，故B错误；从位移时间图线知，物体的总位移为零，所以平均速度为零，故C正确，D

错误．【点睛】关键掌握位移图象的基本性质：横坐标代表时刻，而纵坐标代表物体所在的位置，纵坐标不变即物体保持静止状态；位移时间图像是用来描述物体位移随时间变化规律的图像，不是物体的运动轨迹，斜率等于物体运动的速度，斜率的正负表示速度的方向，质点

通过的位移等于x的变化量x5.如图所示，四个完全相同的弹簧都处于水平位置，它们的右端受到大小皆为F的拉力作用，而左端的情况各不相同：①中弹簧的左端固定在墙上，②中弹簧的左端受大小也为F的拉力作用，③中弹簧的左端拴一小物块，物块在光滑的桌面上滑动，④中弹簧的左端拴一小物块，物块

在有摩擦的桌面上滑动．若认为弹簧的质量都为零，以l1、l2、l3、l4依次表示四个弹簧的伸长量，则有（）A.l4=l3=l2=l1B.l4＞l3＞l2＞l1C.l1＞l3＞l4＞l2D.l1＞l3=l4＞

l2【答案】A【解析】弹簧受到的拉力与其伸长量(弹簧实际长度与原长之间的差值)成正比，且测力计的示数代表的是作用在测力计挂钩上的力，由于右端受力大小皆为F，与左端的受力情况无关，故四根弹簧的伸长量相同，即l1=l2=l3=l4，故A正确，BCD错误．故选A．

点睛：弹力是物体发生弹性形变时，对与它接触的物体产生的力；弹簧受到的弹力与其伸长量（弹簧实际长度与原长之间的差值）成正比；测力计的示数代表的是作用在测力计挂钩上的力．6.如图所示，物体静止于光滑水平面M上，水平恒力F1作用于物体，现要使物体沿着OO′方向做直线运动（F1和OO′都在M平面内

）．那么必须同时再加一个力F2，则F2的最小值是（）-5-A.1cosFB.1sinFC.1tanFD.1tanF【答案】B【解析】【分析】【详解】要使物体沿OO′方向做直线运动，则物体受到的合力F沿OO′方向，如图所示：由三角形定则知，当F2

方向垂直OO′时，F2有最小值，为F2=F1sinθ，故B正确，A、C、D错误．故选B．【点睛】物体从静止开始做匀加速直线运动，合力的方向和运动的方向是一样的，要使物体沿着OO′方向做加速运动，合力必须沿着OO′方向，根据三角形定则，可

以求出此时最小的力F2．7.两质量均为m的物块A、B用轻弹簧连接起来用细线悬挂在升降机内，如图所示。当升降机正以大小为a＝2m/s2的加速度加速上升时，细线突然断裂，则在细线断裂瞬间，A、B的加速度分

别为（取竖直向上为正方向，重力加速度大小g取10m/s2）（）A.－22m/s2，2m/s2B.－12m/s2，2m/s2C.－24m/s2，0D.－2m/s2，2m/s2【答案】A-6-【解析】【分析】【详解】在细线断裂之前，对B根据牛顿第

二定律有Fmgma−=弹解得12Fm=弹在细线断裂瞬间，弹簧的弹力不能突变，B的受力情况不变，所以加速度不变，仍为2m/s2；在细线断裂瞬间，绳子拉力消失，对A根据牛顿第二定律有()AmgFma−+=弹解得222m/sAa=−故选A。8.如图所示，质量为M的

四分之一圆柱体放在粗糙水平地面上，质量为m的正方体放在圆柱体和光滑墙壁之间，且不计圆柱体与正方体之间的摩擦，正方体与圆柱体的接触点的切线与右侧墙壁成θ角，圆柱体处于静止状态，则（）A.地面对圆柱体的支持力大于（M＋m）gB.地面对圆柱体的摩擦力为mgtanθC.墙壁对正方体的弹力为tanmgD

.正方体对圆柱体的压力为cosmg【答案】C【解析】【分析】【详解】CD．以正方体为研究对象，受力分析，并运用合成法如图所示-7-墙壁对正方体的弹力N1=tanmg圆柱体对正方体的支持力为2sinmg

N=根据牛顿第三定律，正方体对圆柱体的压力为sinmg。选项C正确，D错误；AB．以圆柱体和正方体整体为研究对象，地面对圆柱体的支持力N=(M＋m）g水平方向受力平衡，地面对圆柱体的摩擦力f=N1=tanmg选项AB错误。故选C。9.原来做匀速运动的升降机内有一被伸长弹簧拉住的具有一定质量

的物体A静止在地板上，如图所示，现发现A突然被弹簧拉向右方．由此可判断，此时升降机的运动可能是（）A.加速上升B.减速上升C.加速下降D.减速下降【答案】BC【解析】【分析】【详解】当升降机静止时，地板给物体的静摩擦力与弹簧的弹力平衡，且该静摩擦力可能小-8-于或

等于最大静摩擦力．当升降机有向下的加速度（加速下降或减速上升）时，必然会减小物体对地板的正压力，也就减小了最大静摩擦力，这时的最大静摩擦力小于电梯静止时的静摩擦力，而弹簧的弹力又未改变，故只有在这种情况下A才可能被拉向右方，故BC正确，AD错误．10.一滑块冲上固定斜

面后做匀减速直线运动，最终静止在斜面上的Q点，如图所示，从滑块通过斜面的底端P开始计时，已知滑块在第1s内通过的距离为6m，停止运动前的最后1s内通过的距离为2m，则（）A.滑块运动的加速度大小为4m/s2B.滑块通过P点时的速度大小为16m/sC.P、Q两点间的距离为8mD.滑块从P点

运动到Q点的时间为2s【答案】ACD【解析】【分析】【详解】A．滑块沿斜面向上匀减速直线运动，逆向思考，滑块沿斜面向下匀加速直线运动，由212sat=，得24m/sa=，故A正确；B．由2012svtat=-得08m/sv=，即滑块通过P点时的速度大小为8m/s，故B错误；C．由22

02vvas−=，P、Q两点间的距离为8ms=，故C正确；D．由0vvat=−得08s2s4vvta−===故D正确；故选ACD．11.AB两辆汽车从同一地点同时出发沿同一方向做直线运动，它们的速度的平方（2v）随位-9-置（x）的变化规律如图所示，下列判断正确的是（）A.汽车

A的加速度大小为218m/sB.汽车AB在6mx=处的速度大小为6m/sC.从开始到汽车A停止前，当6mAx=时AB相距最远D从开始到汽车A停止前，当7.5mAx=时AB相距最远【答案】BD【解析】【分析】【详解】A．根据匀变

速直线运动的速度位移关系公式2202vvax−=得2202vvax=+可知对于汽车A的2vx−图象的斜率等于2Aa，则有2201442m/s18m8/sAa−==−可得29m/sAa=−，大小为29m/s，故A错误；B．汽车A在x

=6m处的速度大小设为v，由图可知在6mx=处A、B汽车速度大小相等，故对于汽车A有2221442m/sm618/sAva−==−解得6m/sv=，即汽车B的速度大小也为6m/s，故B正确；CD．根据图像和前面的分析可知A车做匀减速直线运动，B车做匀加速直线运动，它们从同一地点同时出发沿同

一方向做直线运动，在A车停止前，当两车速度相等时相距最远；由A-10-选项分析可知29m/sAa=−，对B车有224802m/s68m/sBa−==所以23m/sBa=；根据图像知对于汽车A有2220144m/sv=得A的初速度012m/sv=，当两车速度相等时的速度为v，则对A车有0Avv

at=+Bvat=联立解得3m/sv=，t=1s，此时A车的位移为()2201112191m=7.5m22AAxvtat=+=+−即从开始到汽车A停止前，当7.5mAx=时AB相距最远，故C错误，D正确。故选BD。12.已知A与B所受重力分别为GA=10N，GB=

20N，A与B间的动摩擦因数μ1=0.2，B与水平面间的动摩擦因数μ2=0.3，如图甲乙所示．现在用大小为8N的力F，分别作用在A、B上，则各物体所受摩擦力的情况是A.甲图中，A不受摩擦力，B受到地面水平向左的大小为

8N的摩擦力B.甲图中，A受摩擦力水平向右，大小为2N；B受地面的摩擦力水平向左，大小为6NC.乙图中，A受摩擦力水平向左，大小为2N；B受地面的摩擦力水平向左，大小为9ND.乙图中，A受摩擦力水平向左，大小为2N；B受地面的摩擦力水平向左，大小为2N【

答案】AD【解析】【分析】【详解】AB.甲图中，B与地面的最大静摩擦力max2()9NBABFμGG=+=-11-拉力F=8N<9N，所以AB静止不动，A不受摩擦力，B受到8N的静摩擦力，方向向左，故A正确，B错误；CD.乙图中，A与

B的最大静摩擦力max12NAAFμG==拉力F=8N>2N，所以AB相对滑动，A受到的滑动摩擦力12NAAFμG==方向向左；对B进行受力分析可知，A对B的滑动摩擦力向右，大小是2N小于B和地面之间的最大静摩擦力9N，所以B静止不动，所以地对B的静摩擦力大小是2N，方向向左，故C错误

，D正确．13.如图所示，在竖直放置的穹形光滑支架上，一根不可伸长的轻绳通过光滑的轻质滑轮悬挂一重物G.现将轻绳的一端固定于支架上的A点，另一端从B点沿支架缓慢地向C点靠近(C点与A点等高)．则绳中拉力大小变化的情况是()A.由B到D的过程中，拉力逐渐

变大B.由B到D的过程中，拉力保持不变C.由D到C的过程中，拉力逐渐变大D.由D到C的过程中，拉力保持不变【答案】AD【解析】【分析】【详解】AB．当轻绳的右端从B点移到直杆最上端D时，设两绳的夹角为2θ．以滑轮为研究对象，分析受力情况如图1所

示．根据平衡条件得2Fcosθ=mg-12-得到绳子的拉力2cosmgF=所以在轻绳的右端从B点移到直杆最上端D时的过程中，θ增大，cosθ减小，则F变大，选项A正确，B错误；CD．当轻绳的右端从直杆最上端D移到C点时，设两绳的夹角为2α．设绳子总长为L，两

直杆间的距离为S，由数学知识得到sinSL=L、S不变，则α保持不变．再根据平衡条件可知，两绳的拉力F保持不变。所以绳中拉力大小变化的情况是先变大后不变．故D正确，C错误。故选AD。14.如图所示，物体从Q点开始自由下滑，通过

粗糙的静止水平传送带后，落在地面P点。传送带匀速转动起来以后，物体仍从Q点开始自由下滑，则物体通过传送带后（）A.若传送带沿逆时针方向转动，则物块可能返回到曲面B.若传送带沿逆时针方向转动，则物块一定落在P点C.若传送带沿顺时针方向转动，则物块可能落在P点右侧

D.若传送带沿顺时针方向转动，则物块可能落在P点【答案】BCD【解析】-13-【分析】【详解】AB．物体从Q点开始自由下滑，通过粗糙的静止水平传送带后，落在地面P点，这个摩擦力是滑动摩擦力，方向向后。传送带逆时针匀速转动起来以后，物体所受的摩擦力大小和

方向都不变，仍从Q点开始自由下滑，物体的运动情况也不变，若物体静止前离开传送带，则物体通过传送带后一定落在P点，A错误，B正确；CD．物体从Q点开始自由下滑，通过粗糙的静止水平传送带后，落在地面P点，这个摩擦力是滑动摩擦力，方向向后。若传送带沿顺时针方向转动且小于物块滑上传送带的初速度，滑动摩

擦力向后，物块做减速运动，若共速前离开传送带，物块仍然落在P点，D正确；若传送带沿顺时针方向转动且大于物块滑上传送带的初速度，滑动摩擦力向前，物块做加速运动，无论是否共速，物块都落在P点右侧，C正确。故选BCD。

15.如图，物体A放在物体B上，物体B放在光滑的水平面上，已知mA＝3kg，mB＝2kg，A、B间的动摩擦因数μ＝0.2（假定最大静摩擦力等于滑动摩擦力）。现用水平向右拉B物体，g取10m/s2，则（）A.无论拉力F多大，A相对B始终静止B.无论拉力F多大，A受到的摩擦力不能超过6NC.当拉力F=

5N时，B受到的摩擦力等于3N，方向向左D.当拉力F＝15N时，B受到的摩擦力等于9N，方向向右【答案】BC【解析】【分析】【详解】A．当A、B刚要滑动时，静摩擦力达到最大值，设此时它们的加速度为a，拉力F，对A：22m/sAAmgam==对整体()10NABFmma=+=-14-所以

当10NF时，AB相对静止，一起向右匀加速，当10NF时B的加速度大于A的加速度，二者发生相对滑动，选项A错误；B．当AB相对滑动时，A受到滑动摩擦力大小为6NAfmg==即无论拉力F多大，A受到的摩擦力不能超过6N，选项B正确；C．若5NF=，对整体

'21m/sABammF==+对A'3NAfma==因为A受到B的摩擦力水平向右，则B受到A的摩擦力水平向左，选项C正确；D．若15NF=时，当AB相对滑动时，A受到滑动摩擦力大小为6NAfmg==则B受到的摩擦力等于6N，方向

向左，选项D错误。故选BC。16.如图所示，a、b、c为三个质量均为m的物块，物块a、b通过水平轻绳相连后放在水平面上，物块c放在b上．现用水平拉力作用于a，使三个物块一起水平向右匀速运动．各接触面间的动摩擦因数均为μ，重力加速度大小为g．

下列说法正确的是A.该水平拉力大于轻绳的弹力B.物块c受到的摩擦力大小为μmgC.当该水平拉力增大为原来的1.5倍时，物块c受到的摩檫力大小为0.5μmgD.剪断轻绳后，在物块b向右运动的过程中，物块c受到的摩擦力大小为μmg【答案】

ACD【解析】三物块一起做匀速直线运动，由平衡条件得，对a、b、c系统：3Fmg=，对b、c系统：-15-2Tmg=，则：F＞T，即水平拉力大于轻绳的弹力，故A正确；c做匀速直线运动，处于平衡状态，则c不受摩擦力，故B错误；当水平拉力增大为原来的1.5倍时，1.54.5FFm

g==，由牛顿第二定律得：对a、b、c系统：33Fmgma−=，对C：=fma，解得：0.5fmg=，故C正确；剪断轻绳后，b、c一起做匀减速直线运动，由牛顿第二定律得：对b、c系统：22mgma=，对c：

fma=，解得：fmg=，故D正确；故选ACD．【点睛】本题考查了平衡条件和牛顿第二定律的应用，要分析清楚物体的受力情况，应用牛顿第二定律与平衡条件可以解题；解题时注意整体法与隔离法的应用．试卷Ⅱ（共44分）二、实验题（每空2分，共12分）17.在“探究加速度与力、质量的关系”的实验

中，采用如图所示的装置。(1)本实验应用的实验方法是______；A．控制变量法B．假设法C．理想实验法(2)下列说法正确的是______；A．在探究加速度与质量的关系时，应改变拉力的大小B．在探究加速度与外力的关系时

，应该改变小车的质量C．在探究加速度a与质量m的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作出a－1m图像D．当小车的质量远大于托盘和砝码的总质量时，才能近似认为细线对小车的拉力大小等于托盘和砝码受到的总重力大小(3)如图所示是某

次实验中打下的一条纸带，舍去前面比较密集的点，从A点开始，每两点间还有四个计时点未画出，打点计时器的频率为50Hz，则C点的速度为________m/s，小车的加速度为________m/s2（以上两空均保留一位有效数字）。-16-【答案】(1).A(2).CD(3).0.8(4)

.4【解析】【分析】【详解】(1)[1]该实验是探究加速度与力、质量的三者关系，研究三者关系必须运用控制变量法故选A；(2)[2]A．该实验采用的是控制变量法研究，即保持一个量不变，研究其他两个量之间的关系，在探究加速度与质量的关系时，应保持拉力的大小不变，故A错误；B．在探究加速度与外力

的关系时，应该保持小车的质量不变，故B错误；C．要直观的反映两个量之间的关系，可以通过作图来解决。但是只有作出一条直线，才可以直观的反映两个变量之间的关系。在探究加速度a与质量m的关系时，为了直观判断二者间

的关系，应作出1am−图象，故C正确；D．以整体为研究对象有()mgmMa=+得mgamM=+以M为研究对象有绳子的拉力mMgFMamM==+显然要有F=mg必有m+M=M，故有Mm，即只有Mm时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力，故D正确。

故选CD；(3)[3][4]相邻计数点时间间隔为T＝0.1s匀变速直线运动过程中某段时间内的中间时刻速度等于该段时间的平均速度，所以-17-0.8m/s2BDCxvT==根据逐差法可得xDE－xBC＝2aT2xCD－xAB＝2aT2可得a＝4m/s218.某同学做“验证力的平

行四边形定则”的实验，装置如图甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳。根据实验数据在白纸上所作图如图乙所示，已知实验过程中操作正确。(1)实验中，要求先后两次力的作用效果相同，指的是_

_________（填正确选项前字母）。A．两个弹簧测力计拉力F1和F2的大小之和等于一个弹簧测力计拉力的大小B．橡皮条沿同一方向伸长C．橡皮条伸长到同一长度D．橡皮条沿同一方向伸长同一长度(2)丙图是测量中某一弹簧测力计的示数，读出该力大小为________

__N。【答案】(1).D(2).3.6【解析】【分析】【详解】(1)[1]该实验采用了“等效替代”法，即合力与分力的关系是等效的，前后两次要求橡皮条沿同一方向伸长同一长度，故ABC错误，D正确。故选D。(2)[2]由图丙所示弹簧测力

计可知，其分度值为0.2N，所示为3.6N。三、计算题（解答应有必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的，答案中必须写出数值和单位。）19.如图所示，用细绳AO、BO、CO悬挂一重物，AO、BO、CO所能

承受的最大拉力均为100N，-18-已知BO处于水平，∠AOB=150°，为了保证悬绳都不断，所挂重物重力最多不能超过多少？【答案】50N【解析】【分析】【详解】对结点受力分析，运用分解法求解OA、OB绳子的拉力．根据承受最大拉力的绳子为标准求重物的重力的最大值．对结点O受力分析，如图所示cos3

0ABFF=，sin30ACFF=，CFG=可得：>>ABCFFF由题意知，当AF为100N时，AO刚好均不断，此时BO、CO也不会断，代入数据得G=50N，因此为保证悬绳都不断，所挂重物的最大重力为50N．20.在某一长直的赛道上，有一辆赛车A前方x0=200m处有一

辆赛车B正以vB=10m/s的速度匀速前进，这时赛车A从静止出发以2m/s2的加速度追赶，试求：(1)赛车A追上赛车B之前两车之间的距离最远是多少米？(2)赛车A何时追上赛车B？此时赛车A的速度为多大？(3)当赛车A刚追上赛车B时，赛车A立即刹车，使赛车A以4m/s2的加速度做匀减速直线运

动，问两车再经过多长时间第二次相遇？（设赛车A可以从赛车B旁经过而不发生相撞）【答案】(1)225m；(2)20s；40m/s；(3)两车再经过20s时间第二次相遇【解析】-19-【分析】【详解】(1)当vA=vB时两车之间的距离最远，即at1=vB=10m/s代入

数据得：t1=5s最远距离为B0Axxxx=+−即2B10112xvtvat=+−代入数据得225mx=(2)当'A0Bxxx=+时A追上B，即220B212atxvt=+代入数据得：t2=20s或t2=﹣10s（舍去）此时vA′=at2=2×20m/s=40m/s(3)设赛

车A经时间t0停下来，由0=vA′﹣a′t0代入数据得：t0=10s设再经时间t3两车第二次相遇，由2A33B3'12vtatvt=−代入数据得：t3=0（舍去）或t3=15s因为t0=10s＜15s，所以赛车B追上赛车A

时，赛车A已经停止运动所以赛车A前进的距离为-20-'2"BA2vxa=代入数据得：xA″=200m所以"A3B200s20s10xtv===21.如图所示，一个质量6kgm=的物体放在水平地面上。某时刻起对物体施加一个50N=F的拉力，使物体做初速度为零的

匀加速直线运动。已知拉力与水平方向的夹角23=，物体与水平地面间的动摩擦因数0.5=，sin230.4=，cos230.9=，取重力加速度210m/sg=。(1)求物体运动的加速度大小；(2)

求物体在4.0s时的瞬时速率；(3)若在6.0s末时撤去拉力F，求此后物体沿水平地面可滑行的最大距离。【答案】(1)225m/s6；(2)50m/s3；(3)62.5m【解析】【分析】【详解】(1)对物体进行受力分析，如图所示：-21-以向右为正方向，根据牛顿第二定

律以及平衡条件可得：水平方向cosFfma−=竖直方向sinFFmg+=支根据摩擦力公式fNF==支联立代入数据可得225m/s6a=(2)根据速度与时间的关系可得25504m/sm/s63vat===(3)

撤去力F后，根据牛顿第二定律得1mgma−=则215m/sag=−=−25m/svat==根据位移与速度关系可得：21062.5m2vxa−==