【文档说明】北京市首都师范大学附属中学2023-2024学年高一上学期10月月考物理试题 Word版含解析.docx，共(13)页，3.093 MB，由小赞的店铺上传

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首都师大附中2023-2024学年第一学期10月适应性测试高一物理第Ⅰ卷（共40分）一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分。每道题可能有一个或多个正确选项，漏选得2分，不选、错选、多选不得分）1.2022年6月5日，搭载神舟十四号

载人飞船的长征一号F遥十四运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射，神舟十四号进入预定轨道后于17点42分成功对接于天和核心舱径向端口，如图所示，以下说法正确的是（）A.6月5日17时42分指的是时间间隔B.对接后若认为神舟十四号处于静止状态，则选取的参考系是天和核心舱C.研究对接后的组合

体绕地球运动的周期时，可将其视为质点D.研究神舟十四号与天和核心舱对接时，可将神舟十四号视为质点【答案】C【解析】【详解】A．“6月5日17时42分”指的是成功对接的时刻，故A错误；B．对接后若认为神舟十四号处于静止状态，则选取的参考系不一定是天和核心舱也可以是舱内物体，故B错

误；C．研究对接后的组合体绕地球运动的周期时，组合体大小可以忽略，可将其视为质点，故C正确；D．研究神舟十四号与天和核心舱对接时，大小形状不可忽略，不可将神舟十四号视为质点，故D错误。故选C。2.为提高百米赛跑运动员的成绩，教练员分析了运动员跑百米全程的录像带，测得：运动员

在前7s跑了63m，7s末到7.1s末跑了0.92m，共用10s。根据以上条件，下列说法正确的是（）A.运动员在前7s的平均速度是10m/sB.运动员在百米全过程的平均速度是9m/sC.运动员在7s末的瞬时速度约为9.2m/sD.无法得

出运动员在7.1s末的瞬时速度的准确值【答案】CD【解析】【详解】A．运动员在前7s的平均速度是63m/s9m/s7xvt===故A错误；B．运动员在前百米全过程的平均速度是'100'm/s10m/s'10xvt===故B错误；C

D．根据极短时间内的平均速度近似等于瞬时速度，可以求出运动员在7s末瞬时速度约为9.2m/s，但题中条件无法得出运动员在7.1s末的瞬时速度的准确值，故CD正确。故选CD。3.汽车的初速度是1v，经过一段时间后速度变为2v，用△v表示△t时间内速度的变化

量，为了在图中表示加速度a，我们以初速度1v的箭头端为起点，以后来的速度2v的箭头端为终点，作出一个新的箭头，表示速度的变化量△v。则如图中能正确表示汽车做减速运动的是（）A.B.C.D.【答案】D【解析】【详解】速度的变化量△v的方向与加速度a的方向一致

，加速度方向与初速度方向相同时，汽车做加速运动，因此选项A中汽车做加速运动；B选项中速度的变化量△v的方向错误；C选项中速度的变化量△v的方向和加速度a的方向错误；D选项中速度的变化量△v的方向和加速度a的方向正确，汽车做减速运动，因此A不符合题意；BC错误，D正确，符合

题意。故选D。4.关于物体的加速度，下列说法正确的是（）A.物体的速度发生变化，则加速度一定不为0B.物体的速度越大，其加速度越大C.物体的速度变化越快，其加速度越大D.物体的速度为零，其加速度也为零【答案】AC【解析】【详解】A.物体的速度发生变化

，则加速度一定不为0，故A正确；B.物体的速度越大，若物体做匀速直线运动，则其加速度为0，故B错误；C.加速度表示物体速度变化的快慢，物体的速度变化越快，其加速度越大，故C正确；D.物体的速度为零，其加速

度不一定为零，如火箭点火将要升空时，故D错误；故选AC。5.以12m/s的速度在水平路面上沿直线行驶的汽车，紧急刹车后做匀减速直线运动，已知加速度大小为42m/s，则紧急刹车后4s时汽车的位移为（）A.12

mB.18mC.48mD.80m【答案】B【解析】【详解】设汽车停止时间为t，根据速度—时间公式有03svta==紧急刹车后4s时汽车的位移即3s内的位移，则有018m2vxt==故选B。6.一辆汽车

在教练场上沿平直道路行驶，以x表示它相对于出发点的位移。下图近似描绘了汽车在0时刻到40s这段时间的x-t图像。下列说法正确的是（）A.汽车始终远离出发点B.汽车在10s-20s匀速远离出发点C.汽车

在20s-40s内减速行驶的D.汽车第5s时速度与第30s时的速度方向相反【答案】D【解析】【详解】由图可知汽车在0~10s沿正方向做匀速直线运动，10s~20s静止，20s~40s汽车沿负方向做匀速直线运动，最终回到起始点，所以汽车第5s时速度与第30s时

的速度方向相反。故选D。7.一无人机在进行节目表演时，先悬停在空中，0时刻开始在竖直方向运动，其v-t图像如图所示，取竖直向上为正方向，则（）A.第1s内的位移为0.5mB.第2s内无人机竖直向下运动C.第2s末的加速度为0D.前3s内的位移为1.5m【答案】A

【解析】【详解】AD．根据v-t图像图线与横轴围成的面积表示位移可得第1s内的位移为111m0.5m2x==前3s内的位移为32111mm0.5m22x=−=故A正确，D错误；B．第2s内无人机的速度为正，无人机竖直向上运动，故B错误；C．v-t图像图线斜率表示加

速度，可知第2s末的加速度即为1s末至3s末的加速度，即22211m/s1m/s31a−−==−−故C错误。故选A。8.在无人机上安装摄影装置进行拍摄，可以获得很好的拍摄效果。取竖直向上为正方向，某校运动会上无人机摄影时，无人机在竖直方向的速度随时间变化关系的图像如

图所示。下列说法正确的是（）A.无人机在2t时刻速度方向发生变化B.无人机在3t时刻比2t时刻能够拍摄地面景物的范围更大C.无人机在1t时刻与3t时刻的加速度可能相同D.无人机在2t时刻比1t时刻更适合拍摄地面上的近景【答案】B【解析】【详解】A．无人机在2t时刻速度方向没有发生变化，仍为正方向

，故A错误；B．无人机从30~t内，一直竖直向上运动，无人机在3t时刻的高度大于在2t时刻的高度，则无人机在3t时刻比2t时刻能够拍摄地面景物的范围更大，故B正确；C．根据vt−图像的切线斜率表示加速度，可知无人机在1t时刻与

3t时刻的加速度方向相反，故C错误；D．无人机在在2t时刻的高度大于在1t时刻的高度，则无人机在1t时刻比2t时刻更适合拍摄地面上的近景，故D错误。故选B。9.质点从O点静止开始做匀加速直线运动，通过如图连续两段OA、AB所用时间分别为1s、2s，则下列说法正确的是（）A.

通过A、B两点速度大小之比为1∶2B.OA、AB长度之比为1∶4C.OA、AB段内平均速度大小之比为1∶4D.OA、AB段内速度变化量大小之比为1∶2【答案】CD【解析】【详解】A．由速度时间公式vat=，可得通过A、B两点

速度大小之比为():1:121:3ABvv=+=A错误；B．由位移时间关系公式212xat=，可得OA、AB长度之比为222111:1:311:8222OAABxxaaa=−=B错误；C．由平均速度公式xvt=，

可得OA、AB段内平均速度大小之比为1218:::1:412OAABOAABxxvvtt===C正确；D．由速度变化量vat=，可得OA、AB段内速度变化量大小之比为1212::1:2vvatat==D正确；故选CD。10.自

然界中某个物理量D的变化量为D，与发生这个变化所用时间t的比值Dt叫做这个物理量D的变化率。下列说法正确的是（）A.D的变化率表示D变化的快慢B.若D表示某质点做匀速直线运动的位置，则Dt是恒定不变的C.若D表示某质点做匀加速直线运动的位置，则Dt是恒定不变的D.若D表示某

质点做匀加速直线运动的速度，则Dt是恒定不变的【答案】ABD【解析】【详解】A.D的变化率Dt表示单位时间内D的变化量，单位时间里的变化量越大则变化越快，选项A正确；B.若D表示某质点做匀速直线运动的位置，则Dt表示该质点的运动速度，而匀速直线运动的速度是恒定不变的，即Dt是恒定

不变的，选项B正确；C.若D表示某质点做匀加速直线运动的位置，则Dt表示该质点的运动速度，而匀加速直线运动的速度是变化的，即Dt是变化的，选项C错误；D.若D表示某质点做匀加速直线运动的速度，则Dt表示该质点的运动加速度，

而匀加速直线运动的加速度是恒定不变的，即Dt是恒定不变的，选项D正确。故选ABD。第Ⅱ卷（共60分）二、实验题（本大题共1小题，共18分）11.用图1所示装置研究小车在重物牵引下速度随时间变化的规律。主要实验步骤如下：a.安装好实验器材。

接通电源后，让拖着纸带的小车沿长木板运动，重复几次。b.选出一条点迹清晰的纸带，找一个合适的点当作计时起点O（t=0），然后每隔0.1s选取一个计数点，如图2中A、B、C、D、E、F……所示。c.通过测量、计算可以得到在打A、B、C、D、E……点时小车的速度，分别记作1v、2

v、3v、4v、5v…d.以速度v为纵轴、时间t为横轴建立直角坐标系，在坐标纸上描点，如图3所示。的结合上述实验步骤，请你完成下列问题：（1）在下列仪器和器材中，还必须使用的有________（填选项前的字母）。A.电压合适的50Hz交流电源B.电压可调的直流电源C

.刻度尺D.秒表E.天平（含砝码）（2）在图3中已标出计数点A、B、D、E对应的坐标点，请在该图中标出计数点C（30.86v=m/s）对应的坐标点，并作出v-t图像。________（3）根据该：v-t图像，在实验误差范围之内，可以认为小车的运动为匀变速直线运动，判断依据是__

______。（4）小车在O点处的速度大小为________m/s（保留两位有效数字）。（5）小车运动的加速度为________2m/s（保留两位有效数字）。（6）某同学想计算纸带上B点的瞬时速度，他分别测量了A、B、C三个点到O点的距离A

x、Bx、Cx。A、B和B、C之间的时间间隔均为T，利用本题所给的字母，以________（填写表达式）计算B点瞬时速度最为合理。【答案】①.AC##CA②.③.图线是一条倾斜的直线④.0.68⑤.0.62⑥.2CAxxT−【解析】【详解】（1）

[1]实验中还必须使用的器材有电压合适的50Hz交流电源和刻度尺；故选AC。（2）[2]v-t图线如图：（3）[3]由于图线是一条倾斜的直线，所以在实验误差范围之内，可以认为小车的运动为匀变速直线运动；（4）[4]由图

线与纵坐标的交点可知小车在O点处的速度大小为0.68m/s；（5）[5]根据图线的斜率可知加速度为220.990.68m/s0.62m/s0.5vat−===（6）[6]打点时间较短，可用平均速度代替中间点的瞬时速度，则B点的速度为2CABxxvT−=三、解答题（本大题共3小题，共4

2分）12.为了测定气垫导轨上滑块的加速度，滑块上安装了宽度为2.0cm的遮光条。如图滑块在牵引力作用下先后通过两个光电门，配套的数字计时器记录了遮光条通过第一光电门的时间1t为0.20s，通过第二个光电门的时间2t为0.05s，遮光条从开始遮住第一个光电门

到开始遮住第二个光电门的时间t为2.0s，试求：（1）滑块经过光电门2时的速度2v；（2）滑块的加速度；（3）两个光电门间的距离约为多少？【答案】（1）0.40m/s；（2）20.156m/s；（3）0.481m【解析】【详解】（1）遮光板通过单个

光电门的短暂时间里的平均速度可视为瞬时速度，遮光板通过第二个光电门的速度220.40m/sdvt==（2）遮光板通过第一个光电门的速度110.10m/sdvt==故滑块的加速度为221120.156

m/s1122vvattt−=−+（3）根据22212vvax−=解得两个光电门间的距离约为0.481mx=13.质点做匀变速直线运动，一段时间内速度由0v变化到v，求（1）质点运动了1/3时间时速度1v（2）质点通

过前1/3位移处时的速度2v【答案】（1）023vv+；（2）22023vv+【解析】的【详解】（1）设物体运动时间为t，所以物体的加速度为0vvat−=质点运动了1/3时间时的速度1v为0102133v

vvvat+=+=（2）设物体位移为s，有2202vvsa−=设质点通过前1/3位移处时的速度2v，有2220132vvsa−=得220223vvv+=14.一辆长途客车正在以v0=90km/h的速度在城区平直公路上违规超速行驶，突然司机看

见车的正前方有一辆电动车，司机立即采取制动措施。若从司机看见电动车开始计时（t=0），客车的v-t图象如图所示，求：（1）客车制动时的加速度大小是多少？（2）客车从司机发现电动车到停止运动的这段时间内前进的距离是多少？（3）若电动车正以v1=5m/s的速度与长途客

车同向行驶，为避免相撞，客车看见电动车时至少相距多少米?【答案】（1）5m/s2；（2）75m；（3）50m【解析】【详解】（1）已知090km/h25m/sv==由v-t图像可知25m/svat==−即客车制动时的加速度大小是5m/s2。（2）由v-t图像可知，反应时间内位移为100250.

5m12.5mxvt===匀减速阶段位移为202062.5m2vxa−==客车从司机发现电动车到停止运动的这段时间内前进的距离为1275mxxx=+=（3）当客车由025m/sv=减速到15m/sv=时，需要的时间为104svvta−==司机从看到狗到速度减为15m/sv

=所通过的位移为为221010072.5m2vvxvta−=+=而电动车通过的位移为()21022.5mxvtt=+=为避免相撞，客车看见电动车时至少相距1250mxxx=−=15.如图所示，质量为M=1.4kg木块A套在水平杆上，并用轻绳将木块与其右

下方质量为m=1.2kg的小球B相连，今用与水平方向成37=的力F=10N拉着球带动木块一起向右做匀速直线运动，运动中A、B相对静止保持不变，g取102m/s，求：（sin370.6=，cos370.8=）（1）运动过程中轻绳与水平方向夹角；（2）木块

与水平杆间的动摩擦因数；（3）如果水平向右拉小球，使球和木块一起向右匀速直线运动，此时拉力F＇是多大？的【答案】（1）37°；（2）0.4；（3）10.4N。【解析】【详解】（1）设细绳对B的拉力为T。以小球为研究对象，分析受力，作出力图如图1，由平衡条件可得cos37cosFT=，si

n37sinFTmg+=代入数据解得10N37T==，（2）以木块和小球组成的整体为研究对象，分析受力情况，如图2。再平衡条件得cos37Ff=，sin37NFMmg+=+（）又f=μN解得(

)cos370.4sin37FMmgF==+−（3）如果水平向右拉小球，使球和木块一起向右匀速直线运动，整体分析可知，此时'()NMmg=+拉力''10.4NFN==