【文档说明】广西新课程教研联盟2024-2025学年高三上学期11月联考试题 物理 Word版含解析.docx，共(13)页，629.787 KB，由envi的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-957f9187ed6b2b84ce70ab96f1685629.html

以下为本文档部分文字说明：

2025届高中毕业班11月联考物理（全卷满分100分，考试时间75分钟）注意事项：1.答题前，考生务必将学校、班级、姓名、考号填写在答题卡上。2.考生请在答题卡上作答（答题注意事项见答题卡），在本试题上作答无效。一、选择题（本题共1

0小题，共46分。第1-7小题每小题4分，只有1个选项正确，第8-10小题有多个选项正确，全部选对得6分，部分对得3分，错选或不选得0分）1.比值定义法是物理学中常用的研究方法，它用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量。定义

的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用物理量的大小而改变，下面式子属于比值定义法的是（）A.Fam=B.2QEkr=C.pEq=D.4rsCkd=2.下图甲为某品牌家用燃气灶炉架，它用同一水平面对称分布的四个爪支撑炒菜锅。若将总质量为m的锅放在燃气灶炉架上，锅是半径

为R的球面，简化为如图乙所示，忽略爪与锅之间的摩擦力，则每个爪与锅之间的弹力（）A.等于14mgB.小于14mgC.R越大，弹力越大D.R越大，弹力越小3.如图所示，水平放置的“”型光滑金属导轨处在竖直向下的匀强

磁场中，左端接有电阻R。一金属杆与导轨垂直放置，且接触良好，在外力F作用下由静止开始做匀加速运动。不计导轨和金属杆的电阻。关于外力F随时间t变化的图像正确的是（）A.B.C.D.4.《天问》是屈原笔下的不朽诗篇，而

天问”行星探索系列代表着中国人对深空物理研究的不懈追求。如图所示，半径相同的两球形行星A、B各有一个近表面卫星C、D，各自绕行周期分别为CT、DT，已知2CDTT=，忽略卫星到行星表面的高度，则行星A、B的密度之比为（）A.12B.12C.2D.25.如图是汽车打火

时火花塞产生电火花的原理简图，扭动汽车钥匙打火，开关不停地闭合断开，打火线圈次级绕组产生的瞬时高电压使火花塞产生电火花，点燃气缸中的可燃混合气，下列说法正确的是（）A.汽车打火并控制电火花点火的主要原理是自感B.断开开关的瞬间，火花塞会产生电火花C.打火线圈中的初

级绕组匝数可能大于次级绕组匝数D.断开开关的瞬间，次级绕组中的电能转化为磁场能6.最近在武汉市街头有一种叫做“萝卜快跑”的无人驾驶网约车，因其科技含量高和较低的乘车费用引起市民的广泛关注。这种无人驾驶的汽车在投入运营前需要进行各种安全性能测试。在一次

刹车性能检测中，车头依次通过A、B、C、D四个标志杆，测得的数据有：15mAB=，22mCD=，车头在AB、BC、CD段的运动时间依次为1s、0.5s、2s。若把该车从A到D的过程近似为匀减速直线运动，则车头经过A标志杆时的速率为（）A.16m/sB.17m/

sC.18m/sD.18.5m/s7.用铝制易拉罐制作温度计，一透明薄吸管里有一段油柱（长度不计）粗细均匀，吸管与罐密封性良好，罐内气体可视为理想气体，已知罐体积为3330cm，薄吸管底面积20.5cm

，罐外吸管总长度为20cm，当温度为27℃时，油柱离罐口10cm，不考虑大气压强变化，下列说法正确的是（）A.若在吸管上标注等差温度值，则刻度左密右疏B.该装置所测温度不高于31.5℃C.该装置所测温度不低于23.5℃D.其他条件不变，缓慢把吸管拉出来一点，则油柱离罐口距离增大

8.套圈是我国民众喜爱的传统游戏，小孩和大人在同一条竖直线上的不同高度分别水平抛出相同的圆环，结果恰好都套中前方同一物体，不计空气阻力。若大人和小孩抛出圆环的高度之比为2:1，圆环及被套物体均可视为质点，则下列说法正确的是（

）A.大人和小孩抛出的圆环初速度之比为1:2B.大人和小孩抛出的圆环在空中飞行的时间之比为2:1C.大人和小孩抛出的圆环落地时重力的瞬时功率之比为1:2D.大人和小孩抛出的圆环在空中运动过程中动量的变化量之比为1:29.超级电容车运行中无需连接电缆，

只需在乘客上车间隙充电30秒到1分钟，就能行驶3到5千米。假设有一辆超级电容车，质量3210kgm=，额定功率60kWP=，当超级电容车在平直路面上行驶时，受到的阻力F阻是车重的0.1倍，210m/sg=，则下列说法正确的是（）A.超级电容车在此路面

上行驶所能达到的最大速度为30m/sB.若超级电容车从静止开始，保持以20.5m/s的加速度做匀加速直线运动，达到额定功率时超级电容车的速度大小为15m/sC.若超级电容车从静止开始，保持以20.5m/s的加速度做匀加速直线运动，匀加速过程中超级电容车的位移大小为20

0mD.若超级电容车从静止开始，保持额定功率做加速运动，60s后达到最大速度，此过程中超级电容车的位移大小为1350m10.如图所示，匀强电场平行于九宫格所在平面，九宫格上每小格边长为4cml=，B点有一粒子源，向平面内各个方向发射初动能10eVkBE=的粒子（42He，电荷量为2e+，e为元电

荷），探测到粒子在A点动能14eVkAE=，在C点动能6eVkCE=，规定B点电势0VB=，不计粒子重力和粒子间的相互作用，下列说法正确的是（）A.A点电势4VA=−，C点电势4VC=B.九宫格16个格点中，电势最高为6V，且所有粒子均不可能到达该点C.该匀强电场

场强大小502V/mE=D.若粒子源发射的是电子，且初动能足够大，则从B到C，电子电势能增加2eV二、非选择题（本大题共5小题，共54分。第11题6分，第12题9分，第13题10分，第14题12分，第15题17分。其中13—1

5题解答时要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，若只有最后答案而无演算过程的不得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。）11.（6分）某同学用如图所示装置测滑块与长木板间的动摩擦因数，长木板放在水平桌面上，当地的重力加

速度为g。（最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力）（1）实验前调节定滑轮高度，使牵引滑块的细线与长木板平行，接通电源，释放滑块，实验打出的一条纸带如下图所示，打点计时器所接交流电的频率为50Hz，可求得小车加速度的大小为________2m/s。（2）多次改变砝码盘中砝码的质量，重复实验，测得多

组力传感器的示数F及对应的小车加速度a，作出aF−图像，如下图所示，若滑块和力传感器的总质量为M，由此求得滑块与长木板间的动摩擦因数=________。（3）若aF−图像的斜率为k，则可求得滑块和力

传感器的总质量为________。12.（9分）某实验小组欲利用热敏电阻设计一款温度报警器，器材有电源1E（电动势为12V，内阻不计），电源2E（电动势为1.5V，内阻不计），电流表A（量程为0.6A，内阻很小），电压表V（量程为6V，内阻1000r=），滑动变阻器1R（最大阻值为10

0），电阻箱2R，热敏电阻TR（室温下阻值约为1.5kΩ），单刀单掷开关1S，单刀双掷开关2S和导线若干。（1）根据图甲测量电路，为尽可能准确地测量热敏电阻的阻值，电源应________（选填“1E”或“2E”），电表1应选________（填“电流表A”或“电压表V”

）。（2）测量热敏电阻的阻值TR随温度t的变化关系。①依据图甲连接测量电路，将热敏电阻TR置于温控箱中，将滑动变阻器的滑片置于最左端。②闭合开关1S，将单刀双掷开关2S打到b端，调节温控箱的温度，调节滑动变阻器1R使电表1有适当读数；保持滑动变

阻器1R滑片的位置不变，将单刀双掷开关2S打到a端，调节________，使电表1的读数保持不变，记录________。③重复②中的步骤，在坐标纸中描绘热敏电阻的TRt−图像，如图乙所示。（3）利用该热敏电阻设计一款简易温度报警装置，其

电路结构如图丙所示。已知电源的电动势为3V，内阻很小，不计报警器电阻对电路的影响，若报警器的电压高于2V时会报警，要求报警器在温度高于36℃时发出警报，则电阻箱R的阻值应该调为________，若考虑到电源内阻的影响，则实

际报警温度会________（填“高于”“低于”或“等于”）36℃。13.（10分）近年来，人们越来越注重身体锻炼。如图（a）所示，有种健身设施叫战绳，其用途广泛，通常可用于高强度间歇训练形式的心肺锻炼或肌肉锻炼。一

次锻炼中，形成的机械波可以视为简谐波，如图（b）所示，位于原点O的质点从0t=时刻开始振动，产生的简谐横波沿着x轴正方向传播，10.3st=时刻传至P点，若6mOPx=，9mPCx=，求：图（a）图（b）（1）这列波的波速；（2）这列波的周期；（3）当C点第一次到

达波峰时的时刻。14.（12分）如图所示的装置放置在真空中，炽热的金属丝可以发射电子，金属丝和竖直金属板AB之间加一电压12000VU=，发射出的电子被加速后，从金属板B上的小孔S水平射出，装置右侧有两个相同的平行金

属极板CD水平正对放置，板长6.0cmL=，相距2cmd=，两极板间加一电压2200VU=的偏转电场，且D极板电势高于C极板。SO为平行板CD的水平中线。MN为电子接收屏，平行板CD的右端与MN的水平距离也为6.0cmL=。在平行板CD右端与MN之间分布竖直向下的匀强电场

2E。已知电子的电荷量191.610Ce−=，电子的质量300.910kgm−=，设电子刚离开金属丝时的速度为0，忽略金属极板边缘对电场的影响，不计电子受到的重力。（1）求电子经过小孔S的速度大小；（2）求电子射出偏转电场时在竖直方向上的侧移量y；（3）若

电子打在接收屏上的O点，求匀强电场2E的电场强度的大小。15.（17分）下图是矿山自动卸货简化示意图。质量为m的平底容器内装有质量4Mm=的矿石，从光滑圆弧轨道上高为L的A点由静止释放，平滑滑上静止在光滑水平轨道上的无动力小车，

小车长为L、质量为m。平底容器在小车上滑行与小车右端挡板碰撞后不反弹，而后随小车向右运动至水平轨道右端时，压缩固定在水平轨道右端的弹簧，当弹簧被压缩到最短时将小车锁定。卸下矿石后解除锁定，弹簧能量全部释放，将小车

及空的平底容器一起弹回，当小车与水平轨道左侧台阶碰撞时瞬间停止。空平底容器滑出小车冲上圆弧轨道回到出发点A。设平底容器长和宽远小于L，矿石不会在平底容器中滑动，弹簧的形变始终处于弹性限度内，重力加速度为g。试求：（1）平底容器滑上小车前瞬间的速度大小；（2）小车被锁

定时弹簧的弹性势能；（3）若平底容器与小车间的动摩擦因数18=，且水平轨道足够长。要保证平底容器能在小车接触到弹簧前与小车右端挡板相碰，且能被弹回至出发点A，则每次运送的矿石质量M应满足什么要求？2025届高中毕业班11月联考物理参考答案1-7：CDDBBAB8.AB9.AD10.BC1.C【详

解】比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，或基本运动特征，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变；电场中某点的电势是由电场本身决定的，与放入电场中的试探电荷的电势能和电量无关，即pEq=，是比

值定义法；而Fam=、2QEkr=、4πrsCkd=，都不是比值定义法。故选C。2.D【详解】设每个爪与锅之间的弹力为F，根据对称性可知，正对的一对爪对锅的弹力的合力方向竖直向上，则四个爪对锅的弹力在竖直方向的分力等于锅的重力；设正对的

一对爪之间的距离为d，根据几何关系可知F与竖直方向之间的夹角sin2dR=，竖直方向根据平衡条件可得4cosFmg=，解得2214cos4414mgmgmgFdR==−可知R越大，则F越小。故选D。3.D【详解】对杆受力分析得FIBLma−=

，金属杆产生的感应电动势为EBLv=感应电流为EIR=又vat=，整理得22LBFmaatR=+，可知该图像为不过原点的直线。故选D。4.B【详解】由万有引力提供向心力2224πMmGmRRT=，解得行星的质量为2324πRMGT=，行星的体

积为34π3VR=可得行星的密度为23πGT=，则行星A，B的密度之比为2212ADBCTT==，故选B。5.B【详解】A.汽车打火并控制电火花点火的主要原理是互感，故A错误；B.断开开关的瞬间，初级绕组的电流发生变化，次级绕组可产

生高电压，火花塞会产生电火花，故B正确；C.根据变压器电压比等于匝数比2211UnUn=，为了使次级绕组产生高电压，次级绕组匝数一定大于初级绕组匝数，故C错误；D.断开开关的瞬间，初级绕组电流产生的磁场能转化为次级绕组中的电能，故D错误。故选B。6.A【详解】依题意，车头经过AB段中间时刻的速

度为115m/sABABxvt==，车头经过CD段中间时刻的速度为211m/sCDCDxvt==，则汽车加速度大小为2212m/s22CDABBCvvattt−==++，设车头经过A标志杆时的速率为Av，则有12ABAtvva=−，解得16m/sAv=故选A。7.B【详解】

A.由盖—吕萨克定律得121VVTT=，其中3101335cmVVSl=+=，127327(K)300KT=+=，()32023300.5cmVVSlx=+=+，代入解得3019800(K)6767Tx=+，根据273TtK=+可知()3

01509C6767tx=+故若在吸管上标注等差温度值，则刻度均匀，故A错误；BC.当20cmx=时，该装置所测的温度最高，代入解得max31.5Ct=，故该装置所测温度不高于31.5℃，当0x=时，该装置所测的温度

最低，代入解得min22.5Ct=故该装置所测温度不低于22.5℃，故B正确，C错误；D.其他条件不变，缓慢把吸管拉出来一点，由盖—吕萨克定律可知，油柱离罐口距离不变，故D错误。故选B。8.AB【详解】B.圆环做平抛运动，竖直方向上根据212hgt=，可得2htg=，大人和小孩抛出圆环的高

度之比为2:1，则运动时间之比为2:1，故B正确；A.圆环在水平方向上有0xvt=，可得0xvt=，水平位移相等，则平抛初速度之比为时间的反比，即为1:2，故A正确；C.圆环落地时重力的瞬时功率为2GyPmgvmgt==，落地时重力的瞬时功

率之比等于时间之比，为2:1，故C错误；D.根据动量定理，可得合力的冲量等于动量的变化量，即0mgtmvmv=−，动量的变化量之比也为时间之比2:1，故D错误。故选AB。9.AD【详解】A.当超级电容车速度达到

最大时，超级电容车的牵引力与阻力平衡，即FF=阻，又Fkmg=阻根据mPFV=阻，解得30m/smv=，故A正确；BC.超级电容车做匀加速运动，由牛顿第二定律得F1FFma−=阻解得13000NF=，设超级电容车刚达到额定功率时的速度为1v，则1120m/s

PvF==，设超级电容车匀加速运动的时间为1t，则1140svta==，再由2111400m2xat==故BC错误；D.从静止到达到最大速度整个过程牵引力与阻力做功，由动能定理得22212mPtFxmv−=阻，解得21350mx=，故D正确。故

选AD。10.BC【详解】A.根据动能定理2BAkAkBeUEE=−，解得2VBAU=，又BABAU=−，解得2VA=−，同理，根据动能定理2BCkCkBeUEE=−，解得2VBCU=−，又BCBCU=−，解得2VC=，故A错误；BC.根据A项分析知，AC连线的中点O电势为零，与

B点电势相等，电场方向与圆平面平行，可知B、O点在同一等势面，且电场线与等势面垂直，则电场线必垂直于直线BO，又沿电场线方向电势降低，故CA方向为电场线方向根据2CAUEl=，解得22(2)V/m502V/m4210E−−−==，故电

势最高的点在九宫格的右下顶点处，设为D点，故CADCUU=，故6VD=，根据题意，假设可以到达D点，根据动能定理2BDkDkBeUEE=−，解得2eVkDE=−，粒子动能不能为零，故所有粒子均不可能到达该点，故B正确，C正确；D.若

粒子源发射的是电子，且初动能足够大，则从B到C，电场力做功为2eVBCeU−=，故电子电势能减少2eV，故D错误。故选BC。11.（各2分）（1）0.88（2）0FMg（3）1k【详解】（1）由于打点计时器所接交流电的频率为50Hz，所以相邻两计时

点间的时间间隔为0.02s，则小车运动的加速度大小为2222(7.758.64)(6.006.87)10m/s0.88m/s(100.02)a−+−+==（2）根据牛顿第二定律可得FMgMa−=，所以FagM=−，结合图像可得00FgM=−，所以0F

Mg=（3）由以上分析可知1kM=，所以1Mk=12.（1）1E、电压表V（各1分）（2）2R（1分）、温控箱的温度t和电阻箱2R的阻值（2分）（3）1800、高于（各2分）【详解】（1）[1][2

]热敏电阻TR的阻值大约为几千欧，电路中的电流大约为mA量级，故不能选用电流表A，由于电压表V的内阻已知，可以作为电流表使用，量程为6mA，故电源应选1E，电表1应选电压表V。（2）[1][2]根据等效替代法测电阻，应该保持滑动变阻器1R滑片的位置不变，将单刀双掷开关2S打到a端，

调节电阻箱2R，使电表1的读数保持不变，记录温控箱的温度t和电阻箱2R的阻值。（3）[1][2]热敏电阻TR在温度为36℃时的阻值为900，此时报警器的电压为2V，故电阻箱TR的阻值应该调为1800；

若考虑到电源内阻的影响，报警器的电压为2V时，热敏电阻Rr的阻值应小于900，故实际报警温度会高于36℃。13.（10分）（1）20m/s；（2）0.2s；（3）0.8s【详解】（1）波速为1opxvt=（2

分）解得20m/sv=（1分）（2）根据题意得32OPx=（1分）解得4m=（1分）周期为0.2sTv==（2分）（3）当C点第一次到达波峰时的时刻2140.8sPCxttv+=+=（3分）14.（1）7810m/s3v=；（2）0.45cmy=；（3）43

10V/m【详解】（1）根据动能定理21102Uemv=−U（2分）得7810m/s3v=（1分）（2）在偏转电场中，水平匀速运动1xLtv=（1分）竖直匀加速运动21Ueamd=（1分）竖直方向得侧移量21112yat=（1分）得0.45cmy=（1

分）（3）离开CD后，水平方向仍为匀速2xLtv=（1分）在离开CD瞬间竖直分速度11yvat=（1分）在电场2E中，加速度22Eeam=（1分）由运动学公式222212yyvtat−=−（1分）得42310V/mE=（1分）15.（1）2gL；（2）256m

gL；（3）26mMm【详解】（1）设平底容器滑上小车前瞬间的速度大小为0v，对平底容器从A点到滑上小车前列动能定理201()()2mMgLmMv+=+（2分）解得02vgL=（2分）（2）设平底容器与右侧竖直挡板碰撞后的速度为v共，则对平底容器滑上小车到与挡板碰撞列动量守恒0(

)()mMvmMmv+=++共（2分）设小车被锁定时弹簧的弹性势能为pE，由能量守恒可知21()2pmMmvE++=共（2分）解得256pEmgL=（1分）（3）同理可知2()2pmMEgLmM+=+（1分）弹回过程中，弹性势能

转化为平底容器和小车的动能，而小车与水平轨道左侧台阶碰撞时瞬间停止，则这一部分能量损失，此时对平底容器从挡板处滑上A点列能量守恒12pEmgLmgL+（1分）解得2Mm（1分）要保证平底容器能在小车接触到弹簧前与小车右端挡板相碰，则系统损失的动能刚好等于平底容器在小车上相对滑动

产生的热量，即由动量守恒定律0()()MmvMmmv+=++（1分）由能量守恒定律22011()()()22MmvMmmvMmgL+=++++（1分）联立解得6Mm=（1分）故6Mm（1分）综上所述每次运送的矿石质量M应满足要求为26mMm（1分）