【文档说明】2023届四川省南充市高三下学期高考适应性考试理综物理试题 含解析.docx，共(22)页，2.378 MB，由小赞的店铺上传

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南充市高2023届高考适应性考试（二诊）理科综合能力测试注意事项：1.本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。答题前，考生务必将自己的姓名、考生号填写在答题卡上。2.回答第I卷时，选出每小题答案后，用

铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。写在试卷上无效。3.回答第II卷时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。4.考试结束，将答题卡交回。二、选择题：本题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6

分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.近年中国探月工程取得重大成就。月球夜晚温度低至-180°C，为避免低温损坏仪器，“玉兔二号”月球车携带的放射性同位素钚238（23894Pu）会不断衰变，释放能量为仪器设备238供热。23894Pu可以通过以下反应过程得到：23822381

921930U+HNp+2n→，2382389394NpX+Pu→。已知23894Pu的衰变方程为2382349492PuY+U→，其半衰期为88年。下列说法正确的是（）A.23822381921930U+H

Np+2n→为轻核聚变B.X为正电子，Y为质子C.23894Pu的比结合能比23492U的比结合能小D.白天时温度升高，23894Pu的半衰期会减小【答案】C【解析】【详解】A．该反应为原子核的人工转变，故A错误；B．根据质量数守恒和电荷数守恒可得：X的质子数为Z=9

3-94=-1质量数为零，所以X是电子，Y的质量数为A=238-234=4质子数为2，由此可知Y为氦原子核，故B错误；C．生成物更稳定，所以比结合能更大，故C正确；D．半衰期与温度无关，故D错误。故选C。2.如图，轻质不可伸长晾衣绳两端分别固定在竖直杆M、N上的

a、b两点，悬挂衣服的衣架钩是光滑的，挂于绳上处于静止状态。如果只人为改变一个条件，当衣架静止时，下列说法正确的是（）A.绳的右端上移到b，绳子拉力变小B.将杆M向左移一些，绳子拉力变小C.换用稍长一些的轻质晾衣绳，绳子拉力变小D.绳的两端高度差越小，绳子拉力变小【答案】C【解析

】【详解】如图所示，因为同一根绳子上的拉力相等，所以两个绳子是对称的，与竖直方向夹角是相等的。AD．设绳子的长度为x，则两杆之间的距离等于xcosθ，绳子一端在上下移动的时候，绳子的长度不变，两杆之间的距离不变，则θ角度不变，所以122sinGFF==所以绳子上的拉力不变

；绳的两端高度差的大小，对绳子的拉力没有影响，故AD错误；B．当杆M向左移一些，两杆之间的距离变大，绳长不变，所以θ角度减小，sinθ减小，绳子拉力变大，故B错误；C．换用稍长一些的轻质晾衣绳，θ角度

变大，绳子拉力变小，故C正确。故选C。3.如图，匀强磁场的磁感应强度大小为0B、方向垂直于纸面向里，无限长通电直导线位于纸面内，在纸的面内的M、N位于导线两侧，其连线与导线垂直。且M、N两点到导线的距离之比为6:5。经测量，N点的磁感应强度大小是M点磁感应强度大小的2倍且方向相

同。已知无限长通电直导线在真空中某点产生的磁感应强度大小为IBkr=，其中k为常量，I为电流大小，r为该点到导线的距离。则无限长通电直导线在M点产生的磁感应强度大小为（）A.0516BB.013BC.0617

BD.0B【答案】A【解析】【详解】设通电长直导线在M点产生的磁感应强度大小等于B，根据IBkr=可知通电长直导线在N点产生的磁感应强度大小等于65B。根据安培定则可知通电长直导线在M点产生的磁场方向向外、在

N点产生的磁场方向向里，则有65B+B0=2（B0-B）解得0516BB=故选A。4.有一种能自动计数的智能呼啦圈深受健身者的喜爱，智能呼啦圈腰带外侧有半径0.12mr=的圆形光滑轨道，将安装有滑轮的短杆嵌入轨道并能自由滑动，短杆的另一端悬挂一根带有配重的腰带轻质细绳，其简化模型如图

。已知配重（可视为质点）质量0.6kgm=，绳长为0.3mL=。水平固定好腰带，通过人体微小扭动，使配重在水平面内做匀速圆周运动，在某一段时间内细绳与竖直方向夹角始终为53。腰带可看作不动，重力加速度取210m/sg=，不计空气阻力，s

in530.8=，cos530.6=，下列说法正确的是（）A.配重受到的合力大小为10NB.配重的角速度为1030rad/s9=C.若细绳不慎断裂，配重将自由下落D.若增大转速，细绳对配重的拉力将变小【答案】B【解析】【详解】A．配重在水平面内

做匀速圆周运动，配重受到的合力大小为4tan530.610N8N3Fmg===合故A错误；B．根据牛顿第二定律可得2tan53(sin53)mgmLr=+解得1030rad/s9=故B正确；C．

若细绳不慎断裂，配重将做平抛运动，故C错误；D．若增大转速，即增大角度，配重做匀速圆周运动的半径增大，细绳与竖直方向的夹角增大，竖直方向根据受力平衡可得cosTmg=可得cosmgT=可知细绳对配重的拉力将变大，故D错误。故选

B。5.“黑洞”是近代引力理论所预言的一种特殊天体，探寻“黑洞”的方案之一是观测双星系统的运动规律。天文学家观测河外星系大麦哲伦云时，发现了LMCX-3双星系统，它由可见星A和不可见的暗星B构成。不考虑其它天体的影响，A、B围绕两者连线上的O点做

匀速圆周运动，它们之间的距离保持不变，若将可见星A所受暗星B的引力等效为位于O点处质量为m的星体对它的引力，设A和B的质量分别为1m、2m，则（）A.2112mmmm=+B.2212mmmm=+C.()31212mmmm=+D.()32212m

mmm=+【答案】D【解析】【详解】根据221122mrmr=得1221mrmr=根据12122121'()mmmmGGrrr=+得212212()rmmrr=+联立解得23122221212()()rmmmrrmm==++故选D。6.如图，倾角为θ的斜面MN段粗糙，其余段光滑，PM

，MN长度均为3d。四个质量均为m的相同样品1、2、3、4放在斜面上，每个样品（可视为质点）左侧面固定有长度为d的轻质细杆，细杆与斜面平行，且与其上方的样品接触但不粘连，样品与MN间的动摩擦因数均为tan=。若样品1在P处时，四个样品由静止一起释放，重力加速度大小为g，下列说法正确的是（

）A.当样品1刚进入MN段时，样品的共同加速度大小为34gsinθB.当样品1刚进入MN段时，样品1的轻杆受到压力大小为3mgsinθC.从开始释放到样品4刚进入MN段的过程中，克服摩擦力做的总功为9mgdsinθD.当四个样品均位于MN段时，样品的共同速度大小为3singd【答案】AD【解

析】【详解】A．当样品1刚进入MN段时，对整体分析，根据牛顿第二定律得，样品的共同加速度14sinc3os4sin4mgmgagm−==故A正确；B．当样品1刚进入MN段时，隔离对样品1分析，

根据牛顿第二定律有mgsinθ+F-μmgcosθ=ma1解得F=34mgsinθ根据牛顿第三定律，样品1的轻杆受到的压力为34mgsinθ，故B错误；C．从开始释放到样品4刚进入MN段的过程中，摩擦力对样品1做功f1cos33sinW

mgdmgd=−=−摩擦力对样品2做功f2cos22sinWmgdmgd=−=−摩擦力对样品3做功f3cossinWmgdmgd=−=−此时样品4刚进入MN段，摩擦力不做功，则摩擦力做的总功ff1f2f36sinWWWWmgd

=++=−故C错误；D．从开始释放到样品4刚进入MN段的过程运用动能定理得()2f146sin42mgdWmv−=解得样品共同速度3sinvgd=故D正确。故选AD。7.如图甲所示，绝缘且粗糙程度相同的水平面上固定着两个带等量负电荷的点电荷M和N，O、A、B是在此水平面上

M、N连线的中垂线上的三点，B点是MN的中点，O与B间距为x=0.2m.一带正电的小球由O点静止释放，其质量m=1×10－2kg、电荷量q=2×10－3C，带正电的小球与水平面的动摩擦因数µ=0.2。小球从O点运动到B点的v－t图像如图乙所示，A为图像的拐点

，乙图中O、A、B对应甲图中O、A、B三个位置。重力加速度g=10m/s2，则以下说法正确的是（）A.从O到B，小球的加速度先增大后减小B.O点与B点电势差2VOBU=C.当小球速度最大时，小球所在位置的电场强度10N/CE=D.O与B之间A点的电场强度最小【答案】BC【解析

】【详解】A．由乙图可知，从O到A，小球的加速度增大，A到B先减小至零然后反向增大。故A错误；B．从O到B，由动能定理可得0fOBWW+=其中fWmgx=−又OBOBWUq=联立，可得2VOBU=故B正确；C．当小球速度最大时，其加速度为零，有qEmg=解得10N

/CE=故C正确；D．对小球受力分析，由牛顿第二定律有qEmgma−=由乙图可知，小球在A点时加速度最大，即电场强度最大。故D错误。故选BC。8.如图所示，两根电阻不计、足够长的平行光滑金属导轨MN，PQ固定在水平面内，间距d

＝1m，在导轨间宽度L＝1m的区域有匀强磁场，磁感应强度大小B＝0.5T，方向如图。一根质量b0.2kgm=，阻值0.5R=的金属棒b静置在导轨上，现使另一根质量a0.1kgm=，阻值也为0.5R=的金

属棒a以初速度04m/sv=从左端开始沿导轨滑动，穿过磁场区域后，与b发生弹性碰撞，两金属棒始终与导轨垂直且接触良好，则金属棒a（）A.第一次穿过磁场时做匀减速直线运动B.第一次穿过磁场时回路中有逆时针方向的感应电流C.第一次穿过磁场过程中克服安培力做的功为0

.25JD.与金属棒b碰撞后瞬间的速度大小为0.5m/s【答案】BD【解析】的【详解】A．金属棒a穿过磁场过程中受向左的安培力作用，根据222aBdvmaR=可知随着速度的减小，加速度减小，则金属棒a做加速度减小的减速运动，选项A错误；B．由右手定则可

知，第一次穿过磁场时回路中有逆时针方向的感应电流，选项B正确；C．第一次穿过磁场的过程中由动量定理可知0aaBIdtmvmv−=−其中2BdLItR=由动能定理22011=22aaWmvmv−−安解得v=1.5m/s=0.6875JW安选项C错误；D．两棒发生完全弹性碰撞，则

12aabmvmvmv=+22212111222aabmvmvmv=+解得v1=-0.5m/sv2=1m/s即a与金属棒b碰撞后瞬间的速度大小为0.5m/s，选项D正确。故选BD。第II卷（非选择题，共174分）三、非选择题（本卷包括必考题和选考

题两部分，第22-32为必考题，每个试题考生都必须做答。第33-38题为选考题，考生根据要求做答）（一）必考题（共129分）9.为测量小球从某一高度释放，与某种橡胶材料碰撞导致的机械能损失，某实验小组设计了如图所示的装置，实验过程如下：（已知小球的质量为m，直径为d）的（1）让小球从

某一高度由静止释放，与水平放置的橡胶材料碰撞后竖直反弹。调节光电门位置，使小球从光电门正上方释放后，在下落和反弹过程中均可通过光电门；（2）为方便操作并记录小球此次下落和反弹通过光电门的遮光时间1t和2t，应___

________（填“A”或“B”）；A．先释放小球，后接通数字计时器B．先接通数字计时器，后释放小球（3）用测量结果计算小球与橡胶材料碰撞的机械能损失，其表达式为E=_________（用字母m、d、1t和2t表示）；（4）若

适当调高光电门的高度，将会___________（填“增大”或“减小”）因空气阻力引起的实验误差。【答案】①.B②.221211()()22ddmmtt−③.增大【解析】【详解】（2）[1]为方便操作并记录小球此次下落和反弹通过光电门的遮

光时间1t和2t，应先接通数字计时器，后释放小球。故选B。（3）[2]小球下落经过光电门时的速度大小为11dvt=小球上升经过光电门时的速度大小为22dvt=小球与橡胶材料碰撞损失的机械能为222212121111()()2222ddEmvmvmmtt=−=−（4）[3]若适当调高光电门的高度，

则从光电门到橡胶材料的距离增大，从下落经过光电门到上升经过光电门通过的路程增大，克服空气阻力做的功增大，则将会增大因空气阻力引起的实验误差。10.（1）利用图甲所示电路测量电流表A（量程1mA）的内阻。实验室有以下器材；待测电流表A（量程1mA）滑动变阻器B（最大阻值6000Ω）滑动变

阻器C（最大阻值3000Ω）电阻箱（最大阻值999.9Ω）电源1E（电动势3V，内阻很小）电源2E（电动势为6V，内阻很小）①为了比较精确的测量，电源选用___________（填“1E”或“2E”），滑动变阻器1R选用___________（填“B”或“C”）测量

方法是：先断开开关2S，闭合开关1S，调节滑动变阻器1R，使电流表的指针满偏；保持1R的阻值不变，闭合2S，调节电阻箱2R，使电流表的指针半偏，此时电阻箱2R的示数为99.0Ω。则：②电流表A内阻的测量值为___________Ω，测量值___________（填“大于”、

“小于”或“等于”）真实值。（2）若将该电流表A改装成量程为100mA的电流表1A，则改装后的电流表1A的内阻AR=_______Ω。（3）为测量一节废旧干电池的电动势E和内阻r，利用电流表1A和其它实验器材设计了如图乙

所示的电路。在实验中，多次改变电阻箱阻值，记录多组数据，画出01RI−图像为一条直线（如图丙）。由图中数据计算出该电池的电动势E=___________V，内阻r=___________Ω（结果均保留三位有效数字）。为【答案】①.2E②.B

③.99.0④.小于⑤.0.99⑥.1.13⑦.10.3【解析】【详解】（1）①[1][2]根据题意可知，采用的是半偏法测量电流表内阻，为了减小误差，实验中电源选择电动势较大的2E，回路最大电流1mA，根据欧姆定律可知，最小电阻6000Ω，故滑动

变阻器选择B。②[3][4]先断开开关2S，闭合开关1S，调节滑动变阻器1R，使电流表的指针满偏，保持1R的阻值不变，闭合2S，调节电阻箱2R，使电流表的指针半偏，因为滑动变阻器阻值非常大，近似认为此时回路电流不变，则电阻箱2R的电流也为g12I，此时电阻箱2R的示数

为99.0Ω。则根据并联电流与电阻成反比可知，电流表A内阻的测量值为99.0Ω。因为闭合2S后，回路总电阻减小，总电流增大，则流过2R的实际电流大于g12I，导致测量值小于真实值。（2）[5]若将该电流表A改装成量程为100mA的电流表1A，则改装后的电流表

1A的内阻ggA0.99IRRI==（3）[6][7]根据A0EIrRR=++整理得A011RrRIEE+=+根据题意，结合图丙可得33A10.050.010.011045rREE+−==10，解得1.13V10.3Er==，11.如图，在平面直角坐标系xOy内，第一象限存在沿y

轴负方向的匀强电场，电场强度大小为2E（未知）；第二象限存在沿x轴正方向的匀强电场，电场强度大小11.0N/CE=；第四象限圆形区域内存在垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小0.25TB=，圆形区域分别在P点、Q点与

x轴、y轴相切，其半径0.4mR=。一比荷200C/kgqm=、不计重力和空气阻力的带正电粒子，从第二象限的A点由静止释放，A点坐标为（0.5m−，0.2m），该粒子从y轴上C（0，0.2m）点进入第一象限，恰从P点进入第四象限的匀强磁场，最终从圆形磁场的M

点射出。求：（1）粒子经过C点的速度大小0v；（2）电场强度2E的大小及粒子经过P点的速度v；（3）粒子在磁场中运动的时间t（结果可用表示）。【答案】（1）102m/s；（2）20m/s，45=；（3）3s200t=【解析】【详解】（1）粒子在第二象限做匀加速直线运动，则有21

02Aaxv=由牛顿第二定律得11qEma=联立解得粒子经过C点的速度大小0102m/sv=（2）在第一象限，粒子做类平抛运动，沿x轴正方向有0Rtv=沿y轴负方向有2212Cyat=由牛顿第二定律可得22qEma=联立解得22.5N/CE=，22500m/sa=粒子经过P点

沿沿y轴负方向的分速度大小为2102m/syvat==因此，粒子经过P点的速度大小为22020m/syvvv=+=设速度方向与x轴正向夹角为，则有0tan1yvv==可得45=（3）粒子在圆形磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力可得2vqvBmr=解得0.4

mrR==粒子在磁场中的轨迹如图所示可知四边形12POMO为菱形，则粒子从M点射出磁场时速度沿x轴负向；从P到M，圆心角为135a=，粒子在磁场中的运动时间为360tT=又2mTqB=联立解得3s200t=12.如

图，固定在水平地面上，倾角为θ的光滑斜面底端固定一垂直于斜面的挡板，一轻质弹簧放在斜面上，一端固定在挡板上，另一端处于自由状态，足够长的木板B放在斜面上，木块A放在B的上端，A、B的质量均为m，A、B

之间的动摩擦因数为μ。开始时，A、B均静止，使弹簧压缩了x0。然后沿斜面向下缓慢推动木板B移动距离2x0后锁定B（弹簧始终在弹性限度内）。某时刻解除锁定，木B板沿斜面向上运动，A与B之间发生相对滑动，经过时间t，A与B第一次共速，此时B已脱离弹簧。已知弹簧形A变量

为x时弹性势能为2p12Ekx=（其中k为弹簧的劲度系数，k未知）。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。求：（1）解除锁定瞬间，A、B的加速度大小aA、aB；（2）从解除锁定到B沿斜面向上运动速度达到最大时B的位移大小x1；

（3）解除锁定后，B沿斜面向上运动的最大位移xm的大小。【答案】（1）aA=μgcosθ－gsinθ，aB=5gsinθ－μgcosθ；（2）()015sincos2sinxx−=；（3）()()()22220m18sincossincos

sin2cossin2sinxgtgtx−−−=++【解析】【详解】（1）最初，整个系统处于静止状态，则有kx0=2mgsinθ解除锁定瞬间，对于Aμmgcosθ－mgsinθ=ma对于Bk·3x0－mgsinθ－μmgcosθ=maB

解得aA=μgcosθ－gsinθaB=5gsinθ－μgcosθ（2）B速度最大时，其加速度为0，则有kx=mgsinθ＋μmgcosθB的位移大小x1=3x0－x解得()015sin-cos2sin

xx=（3）从解除锁定到共速，设A、B的位移大小分别为x2、x3，共同速度为v，对于Av=aAt22A12xat=对于系统，能量守恒，则有：共速后，一起沿斜面向上匀减速，对A、B整体（AB的位移大小为x4）2412sin022mgxmv−=−所以B沿斜

面向上运动的最大位移为xm=x3＋x4解得()()()22220m18sincossincossin2cossin2sinxgtgtx−−−=++（二）选考题（共45分。请考生从给出的2道物理

题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分）[物理选修3-3]（15分）13.一定质量的理想气体发生状态变化，其压强p随热力学温度T变化的图像如图所示，气体从状态a开始，经历了a→

b→c→d→a的过程，abcd为平行四边形，ab与T轴平行，bc边反向延长线通过坐标原点O。下列说法正确的是（）A.从a到b，气体体积减小B.从b到c，气体体积增大C.从a到c，气体放出热量D.从c到d

气体对外做的功大于从a到b外界对气体做的功E.从c到d气体对外做的功等于从a到b外界对气体做的功【答案】ACE【解析】【分析】【详解】A．从a到b，压强不变，根据ababVVTT=温度降低，体积减小，A正确；B．从b到c，为等容变化，则气体的体积不变，B错误；C．从a到c，温度减小，则0U

从a到c，根据pVCT=体积变小，外界对气体做正功，即0W根据热力学第一定律UWQ=+则0Q气体放出热量，C正确；DE．从c到d，气体的体积增大，外界对气体做负功，即1()cdcWpVV=−根据pVC

T=则1()()cdcdcWpVVCTT=−=−从a到b，体的体积减小，外界对气体做正功，即2()aabWpVV=−即2()()adcabWpVVCTT=−=−因为dcabTTTT−=−即从c到d气体对外做的功等于从a到b

外界对气体做的功，D错误E正确。故选ACE。14.潜水能进入水面以下，处于悬浮状态，让人彻底放松身心，在静谧的海底无言地观赏各种色彩斑斓的奇异珊瑚和鱼类。但由于水压的存在，潜水也存在一定的风险。已知人体肺部空气容积最小可压缩至空气中体积V0的15，最大可膨胀至V0的2

倍，否则会出现危险。水面上的大气压p0相当于深为h0的水柱压强，为了保证潜水时的安全：（肺部气体温度等于人体内温度，视为不变）(1)求人在安全状态下能下潜的最大深度H；（答案用h0表示）(2)人在最大安全深度通过吸人压缩空气将肺部体积恢复至V0，返回时为了避免到达水面后出现肺部过度扩张，求

返回时应当在最大安全深度吐出压缩空气的最小体积。（答案用V表示）【答案】(1)4h0；(2)0.6V0【解析】【分析】【详解】(1)以对人体肺部气体为研究对象空气中状态有p1=p0，V1=V0最大安全深度下，有p2=p0+n1PH，V2=0.2V0，（pH=p0）由等温

变化可得p1V1=p2V2解得n1=4故最大安全深为4H。(2)人在最大安全深度时肺部气体有p3=p2=5p0，V3=V0人在最大安全深度时肺部吐出气体有△p=5p0，△V人回到水面时肺部压强和体积有p4=5p0，V4=2V0由等温变化可得p3V3

=p4V4+△p△V解得△V=0.6V0[选修3-4]（15分）15.关于光现象及其应用，下列说法正确的是（）A.光照到不透光小圆盘，在小圆盘背后阴影区出现泊松亮斑，证明光具有波动性B.雨后路面上的油膜形成的彩色条纹是由光的

衍射形成的C.光导纤维利用了全反射原理，其内芯的折射率大于外套折射率D.分别用紫光和绿光，用同一装置做双缝干涉实验，紫光的干涉条纹间距大E.在玻璃片表面涂上增透膜，可大大减少反射光的强度，这是利用了光的干涉原理【答案】ACE【解析】【详解】A．光照到不透光小圆盘，在小圆盘背后阴影区出现泊松亮

斑，证明光具有波动性，故A正确；B．雨后路面上的油膜形成的彩色条纹是由光的干涉形成的，故B错误；C．全反射从光密介质进入光疏介质才可能发生，故其内芯折射率大于外套折射率，故C正确；D．根据Lxd=可知，分别用紫光和绿光，用同一装置做双缝干涉实验，

紫光波长小，紫光的干涉条纹间距小，故D错误；E．在玻璃片表面涂上增透膜，可大大减少反射光的强度，这是利用了光的干涉原理，故E正确。故选ACE。16.一列简谐横波沿x轴正方向传播，0=t时刻波形如图所示，图中质点A在10st=时刻第三次出现在波峰。（

1）求该波的波速；（2）写出质点B的振动方程并求出0=t时刻以后质点B出现在波峰的时刻。【答案】（1）5m/s；（2）0.2sin(5)(m)6yt=+，1()s(01,21525ntn=+=，）【解析】【详解】（1

）由图可知，波长为2m=根据题意可得210s2TT+=解得0.4sT=的波速5m/svT==（2）设质点B的振动方程为20.2sin()ytT=+0=t时0.1m=y解得6=则0.2sin(5)(m)6yt=+当0.2my=时

1s15t=根据波的周期性，可知0=t时刻以后质点B出现在波峰的时刻为11s()s(01,2151525ntnTn=+=+=，）