【文档说明】吉林省辽源市东辽县第一高级中学2019-2020学年高二下学期5月月考物理试题【精准解析】.doc，共(13)页，410.000 KB，由小赞的店铺上传

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物理一、选择题1.下列固体中全是由晶体组成的是（）A.石英、云母、明矾、食盐、雪花、铜B.石英、玻璃、云母、铜C.食盐、雪花、云母、硫酸铜、松香D.云母、铜、橡胶、沥青【答案】A【解析】【详解】石英、云母、明矾、食盐

、雪花、铜都是晶体；玻璃、松香、沥青和橡胶都是非晶体；故选A。2.如图所示是一交变电流的i—t图象，则该交流电电流的有效值为（）A.8A3B.22AC.4AD.230A3【答案】D【解析】【详解】设电流的有效值

为I．取一个周期时间，由电流的热效应得222424332TTIRTRR+=（）解得230A3I=故选D。3.一定质量的理想气体在某一过程中，气体对外界做功1.6×104J，从外界吸收热量3.8×104J，则该理想气体的（）A.温度降低，密度减

小B.温度降低，密度增大C.温度升高，密度减小D.温度升高，密度增大【答案】C【解析】【详解】由热力学第一定律42.210JUWQ=+=可知：气体内能增加，故温度升高，气体对外界做功，体积膨胀，密度减小。故选C

。4.下列说法正确的是（）A.水是浸润液体，水银是不浸润液体B.在内径小的容器里，如果液体能浸润器壁，液面向上凸C.产生浸润现象是因为附着层里液体分子比液体内部分子稀疏，附着层里液体分子相互作用表现为引力D.一定质量的物质，在一定温度和压强下，汽化时吸收的热量与液化时放出的热量相等

【答案】D【解析】【详解】A．浸润与不浸润是相对的；水银对玻璃来说是不浸润液体，但不是对任何固体都是不浸润，故A错误；B．在内径小的容器里，如果液体能浸润器壁，液面成凹形；如果液体不能浸润器壁，液面成凸形，故B错误；C．根据浸润的成因可知，当液体对某种固体

是浸润的时，其附着层里的液体分子比液体内部更密，附着层里液体的分子力表现为斥力，故C错误；D．一定质量的物质，在一定温度和压强下，汽化时吸收的热量与液化时放出的热量相等，选项D正确。故选D。5.下列说法正确的是（）A.机械

能全部变成内能是不可能的B.第二类永动机不可能制造成功的原因是违背了能量守恒定律C.根据热力学第二定律可知，热量不可能从低温物体传到高温物体D.从单一热源吸收的热量全部变成功是可能的【答案】D【解析】【详解】A．根据热力学第二定律，一切宏观热现象都是不可逆的；机械能

全部变成内能是可能的，但不可能从单一热源吸热而全部转化为机械能而不引起其他的变化，故A错误；B．第二类永动机不可能制造成功的原因是违背了热力学第二定律，但是不违背能量守恒定律，选项B错误；C．根据热力学第二定律可知，热量也可能从低温物体传到高温物体，但是要引起其他的变化，选项C错误；

D．根据热力学第二定律可知，从单一热源吸收的热量全部变成功是可能的，但是要引起其他的变化，选项D正确。故选D。6.如图所示，甲分子固定于坐标原点O，乙分子位于x轴上，甲、乙两分子间的作用力与两分子间距离的关系如图中曲线所示，F>0为斥力，F<0为引力．a、b、c、d为x轴

上四个特定的位置，现将乙分子从a移动到d的过程中，两分子间的分子力和分子势能同时都增大的阶段是A.从a到bB.从b到cC.从b到dD.从c到d【答案】D【解析】【详解】A．乙分子由a到b一直受引力，分子力增大，分子力做正功，分子势能减小，故A错误

；B．从b到c分子力逐渐变小但仍为引力，分子力做正功，分子势能减小，故B错误；C．从b到d分子力先减小后增大，分子力先是引力后是斥力，分子势能先减少后增大，故C错误；D．从c到d分子力是斥力，增大，分子力做负功

，分子势能增大，故D正确。故选D。7.如图所示，为一定质量的理想气体的P-V图像，若使气体从图中的状态A变化到状态B，则下列说法中正确的是（）A.气体内能减少，并放出热量B.气体内能减少，并吸收热量C.气体内能增加，并

吸收热量D.气体内能增加，并放出热量【答案】C【解析】由理想气体的状态方程PVCT=，从A到B的过程是等压变化，即压强P不变，体积V增大，所以温度T升高．温度是物体内能的标志，温度越高，内能越大，所以A变化到状态

B内能增加，由热力学第一定律：△U=W+Q，温度升高内能△U为正数，体积V增大，对外做功，W为负值，所以Q为正数吸热，故C正确，ABD错误．8.下列说法中正确的是（）A.液晶是像液体具有流动性和像某些晶体具有各向异性的混合物B.布朗运动

是悬浮花粉颗粒的分子运动C.物体的内能是所有分子动能与分子势能的总和，物体内能可以为零D.天然水晶是晶体，但熔化后再凝固的水晶就是非晶体【答案】D【解析】【详解】A．液晶是像液体具有流动性和像某些晶体具有各向异性，但不是混合物，选项A错误；B．布朗运动是悬

浮花粉颗粒的无规则运动，但不是花粉颗粒分子的运动，选项B错误；C．物体的内能是所有分子动能与分子势能的总和，物体内能永远不可以为零，选项C错误；D．天然水晶是晶体，但熔化后再凝固的水晶就是非晶体，选项D正确。故选D。9.某小型发电机产生的交流电动势为50sin100(

V)et=。对此电动势，下列表述正确的有（）A.周期是0.02sB.t=0时刻线圈平面与中性面重合C.有效值是50VD.最大值是50V【答案】ABD【解析】【详解】A．周期是220.02100Ts===选项A正确；B．t=0时刻e=0，此时线圈平面与中

性面重合，选项B正确；CD．最大值是50V，有效值是50V=252V2U=选项C错误，D正确。故选ABD。10.下列说法正确的是（）A.干湿泡湿度计在同等温度下，干湿泡温度差别越大，说明该环境越潮湿B.达到动态平衡蒸发的速度不再改变，以恒速蒸发C.

当人们感到潮湿时，空气的绝对湿度一定较大D.对于同一种液体，饱和气压随温度升高而增大【答案】BD【解析】【详解】A．干湿泡温度计温差的大小与空气湿度有关，温度相差越大，说明空气越干燥。故A错误；B．饱和蒸汽的平衡是一种动态平衡．当达到动态平衡时，液体分子从液面飞出，同

时有蒸汽分子进入液体中；从宏观上看，液体不再蒸发，蒸发的速度不再改变，此时以恒速蒸发．则B正确；C．当人们感到潮湿时，空气的相对湿度一定较大，选项C错误；D．对于同一种液体，饱和汽压仅仅与温度有关，随温度升高而增大

，故D正确。故选BD。11.一切物体的分子都在做永不停息的无规则热运动，但大量分子的运动却有一定的统计规律。氧气分子在0℃或100℃温度下单位速率间隔的分子数占总分子数的百分比（以下简称占比）随气体分子速

率的变化如图中两条曲线所示。对于图线的分析，下列说法正确的是（）A.温度升高，所有分子的动能都增大B.虚线代表氧气分子在100℃温度下单位速率间隔的分子数占总分子数的百分比C.100℃温度下，速率在200~300m/s的那一部分分子占比较0℃的占比少D.100℃

温度下氧气分子平均动能比0℃温度下氧气分子平均动能大【答案】CD【解析】【详解】A．温度升高，分子的平均动能变大，并非所有分子的动能都增大，故A错误；BC．由图可以知道，实线对应的最大比例的速率区间内分子速率大，说明实线对

应的温度大，为100℃时的情形，由图可知速率在200-300m/s的那一部分分子占比较0°C的占比少，故B错误，C正确；D．由图可以知道，实线所对应的图线“腰粗”，对应的分子平均速率较大，分子热运动越激烈，则100℃时对应的速率大，对应的平均动能较大，选项D正确。故选CD。

12.如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为11:2，原线圈两端的输入电压是2202sin100(V)ut=，电表均为理想电表，滑动变阻器R接入电路部分的阻值为10。下列叙述中正确的是（）A.该交流电的频率为50HzB

.电压表的读数为402VC.电流表的读数为4AD.若滑动变阻器的滑片P向a端移动，电压表的读数变大【答案】AC【解析】【详解】A．由表达式知ω=100π50Hz2f==选项A正确；B．原线圈电压有效值为12202220V2U==根据电压与匝数成正比知电压表示数为221140V

nUUn==选项B错误；C．电流表读数40A=4A10UIR==选项C正确；D．电压表读数等于次级电压，由初级电压和匝数比决定，则滑动触头P向a端移动时，电压表读数不变，选项D错误；故选AC。二、实验题13.在“用油膜法估测分子大小”的实验中，所用的油酸酒精溶液的浓度为每1000mL溶液中有纯油酸

0.6mL，用注射器测得1mL上述溶液有80滴，把1滴该溶液滴入盛水的浅盘内，让油膜在水面上尽可能散开，得到油酸薄膜的轮廓形状和尺寸如图所示，图中正方形格的边长为1cm，则可求得：(1)油酸薄膜的面积是_______cm2。(

2)油酸分子的直径是_______m。（结果保留一位有效数字）(3)利用单分子油膜法可以粗测分子的大小和阿伏加德罗常数。如果已知体积V的一滴纯油酸在水面上散开形成的单分子油膜的面积为S，这种油的密度为，摩尔质量为M，则阿伏加德罗常数的表达式为_________。（分子看作

球体）(4)某同学在用油膜法估测分子直径的实验中，计算结果明显偏小，可能是由于______。（填选项前字母）A．痱子粉撒的较多B．油酸未完全散开C．计算油膜面积时把所有不足一格的方格都当做一格来计算面积D．求每滴体积时，1mL的溶液的滴数多记了10滴【答案】(1).119(2).10610−

(3).336MSV(4).CD【解析】【详解】(1)[1]．当油酸溶液滴在水面后，尽可能散开，形成单分子膜，这样才能得出油酸分子直径由体积除面积；如图所示，是油酸薄膜．由于每格边长为1cm，则每一格就是1cm2

，估算油膜面积以超过半格以一格计算，小于半格就舍去的原则，估算出119格．则油酸薄膜面积为119cm2；(2)[2]．1滴酒精油酸溶液的体积11mL80V=，由纯油酸与溶液体积比为0.6：1000，可得1滴酒精油酸溶液中含油酸的体积123210.67.510m801000V−==而1滴酒精

油酸溶液在水面上形成的油酸薄膜轮廓面积S=119×10-4m2，所以油酸分子直径123-10247.510m=610m11910VdS−−==(3)[3]．已知体积为V的一滴油在水面上散开形成的单分子油膜的面积为S，则分子的直径VdS=所以分子的体积'3432dV=

（）（分子以球型分布）而这种油的密度为ρ，摩尔质量为M，则摩尔体积为MV=摩因此阿伏加德罗常数的表达式为3'36AVMSNVV==摩(4)[4]．AB．痱子粉撒的较多，则油酸不能完全散开，S偏小，故得到的分子直径d将偏大，故AB错误；C．计算油膜面积时把

不足一格的方格当做一格来计算面积，S将偏大，故得到的分子直径将偏小，故C正确；D．求每滴体积时，lmL的溶液的滴数多记了10滴，由可知，纯油酸的体积将偏小，则计算得到的分子直径将偏小，故D正确；故选CD。三、解答题14.某小型发电站发

电机输出的交流电压为500V，输出的电功率为50kW，用总电阻r＝3Ω的输电线向远处送电，要求输电线上损失的功率为输电功率的0.6%，则发电站要安装一个升压变压器，到达用户再用降压变压器变为220V供用户使用(两个变压器

均为理想变压器)，如图所示．求：升压变压器和降压变压器原副线圈的匝数比各是多少？【答案】121:10nn=：34497:22nn=：【解析】根据2PIR损＝求出输电线上的电流；根据输电线上的电流和升压变压器的输出功率，求

出输出电压；根据原副线圈的电压比等于匝数比求出升压变压器的匝数比．求出输电线上的电压损失，从而得出降压变压器的输入电压，根据降压变压器原副线圈电压比等于匝数比求出降压变压器的匝数比．用高压输送时，示意图如下图所示要求0.6%PP=损，即2350100.6%?300?WPIRW==损＝．输电电流

为：300A10A3PIR===损，电站升压后输电电压为：5000VPUI==升压变压器匝数比为：012110UnnU==输电线上损失的电压为：•103?30?VUIRV===到达用户输入变压器电压为：25?000304970?VUUU=−=−=（），降压变化器的匝数比：324

349722nUnU==【点睛】解决本题的关键知道升压变压器的输出电压、损失电压和降压变压器的输入电压的关系，以及知道输出功率和输出电流和输出电压的关系．15.如图所示，竖直放置的U形管，左端封闭右端开口，管内水银将长1

9cmL=的空气柱封在左管内，此时两管内水银面的高度差为h=4cm，大气压强为标准大气压0=76cmHgp。现向右管内再注入水银，使空气柱长度减少1cm，若温度保持不变，则需注入水银柱的长度为多少？【答案】6cm【解析】【详解】气体的状态参量：p1=p0-h=7

6-4=72cmHg，V1=19S，V2=（19-1）S=18S，玻璃管内的空气作等温变化，由玻意耳定律得p1V1=p2V2即72×19S=p2×18S解得p2=76cmHg两边液面向平，需要注入水银柱的长度为：1+4+1=6cm；需注入水银柱的长度为6cm．16.如图，一竖直放置的气缸上端开口

，气缸壁内有卡口a和b，a、b间距为h，a距缸底的高度为H；活塞只能在a、b间移动，其下方密封有一定质量的理想气体．已知活塞质量为m，面积为S，厚度可忽略；活塞和汽缸壁均绝热，不计他们之间的摩擦．开始时活塞处于静止状态，上、

下方气体压强均为p0，温度均为T0．现用电热丝缓慢加热气缸中的气体，直至活塞刚好到达b处．求此时气缸内气体的温度以及在此过程中气体对外所做的功．重力加速度大小为g．【答案】0011hmgTHpS++

；()0pSmgh+；【解析】【详解】开始时活塞位于a处，加热后，汽缸中的气体先等容升温过程，直至活塞开始运动．设此时汽缸中气体的温度为T1，压强为p1，根据查理定律有:0101ppTT=①根据力的平衡条件有:10pSpSmg=+②联立①②式可得:1001mgTTpS

=+③此后，汽缸中的气体经历等压过程，直至活塞刚好到达b处，设此时汽缸中气体的温度为T2；活塞位于a处和b处时气体的体积分别为V1和V2．根据盖—吕萨克定律有:1212VVTT=④式中V1=SH⑤，V2=S（H+h）⑥联立③④⑤⑥式解得:20011hmgT

THpS=++⑦从开始加热到活塞到达b处的过程中，汽缸中的气体对外做的功为:()0WpSmgh=+⑧