【文档说明】北京市石景山区2021-2022学年高二下学期期末考试化学试题 含解析.docx，共(19)页，904.631 KB，由小赞的店铺上传

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石景山区2021—2022学年第二学期高二期末试卷化学本试卷共8页，100分。考试时长90分钟相对原子质量H1C12O16第一部分本部分共14题，每题3分，共42分。在每题列出的四个选项中，选出最符合题目要求的一项。1.下列属于烃类物质的是A.乙醇B.丙烷C.溴乙烷D.乙

酸乙酯【答案】B【解析】【分析】烃是指仅含碳氢两种元素的化合物，据此判断。【详解】A．乙醇含有C、H、O三种元素，属于烃的含氧衍生物，故A错误；B．丙烷只含C、H元素，为烃，故B正确；C．溴乙烷含H、C、Br，为卤代烃，不是烃，故C错误；D．乙酸乙酯含有C、H、O三种

元素，属于烃的含氧衍生物，故D错误；故选：B。2.下列仪器在提纯粗苯甲酸的实验中不涉及的是A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】【详解】粗苯甲酸提纯过程为重结晶，经过升温溶解，降温结晶，过滤，没有分液操

作，故不需要用到的仪器是分液漏斗，故答案为：A。3.下列方法常用于分析有机化合物的相对分子质量的是A红外光谱法B.核磁共振氢谱法C.质谱法D.燃烧法【答案】C.【解析】【详解】A．红外光谱法可用于鉴定有机物中所含的各种官能团和化学键，A不符合题意

；B．核磁共振氢谱法可确定有机物中氢原子的种类和相对数目，无法确定有机物的相对分子质量，B不符合题意；C．质谱法中，质谱仪把有机物打成很多小块，会有很多不同质荷比出现，其中最大的那个就是该有机物的相对分子质量，C符合题意；D．燃烧法可以确定有机物

含有元素种类以及实验式，无法确定有机物的相对分子质量，D不符合题意；故选C。4.下列反应中，属于加成反应的是A.甲烷与氯气反应B.苯与溴在FeBr3催化下反应C.乙醇与氢溴酸反应D.乙烯与溴的四氯化碳溶液反应【答案】D【解析】【分析】有机物分子中的不饱和键断裂，断键原子与其

他原子或原子团相结合，生成新的化合物的反应是加成反应，结合物质的结构判断。【详解】A．甲烷与氯气反应生成一氯甲烷和氯化氢，甲烷的H被Cl原子替代，为取代反应，故A错误；B．苯与液溴在FeBr3催化下生成溴苯，是苯环上的氢原子被溴原子取代，属于取代反应，故B错误；C．乙醇与氢溴酸反应，乙醇中的－OH

被－Br取代生成溴乙烷，为取代反应，故C错误；D．乙烯中双键断裂，与溴发生加成反应，故D正确；故选D。5.下列有机化合物的命名正确的是A.：2-甲基-2-乙基丙烷B.：丙醛CCH3COOCH3：乙酸甲酯D.：二氯丁烷【答案】C【解析】【详解】A．最长碳链4个碳原子，名称为2，2-二甲

基丁烷，故A错误；B．该有机物属于酮，名称为丙酮，故B错误；C．该有机物属于酯，名称为乙酸甲酯，故C正确；.为D．该有机物属于卤代烃，名称为2-氯丁烷，故D错误；故选C。6.下列物质互为同系物的是A.C

2H5OH与CH3OHB.CH3CH2Cl与CH2ClCH2CH2ClC.与D.CH2=CHCH2CH3和【答案】A【解析】【详解】A．C2H5OH与CH3OH均符合饱和一元醇的通式，且分子结构相似，组

成上相差1个CH2原子团，属于同系物，故A正确；B．CH3CH2Cl与CH2ClCH2CH2Cl含有氯原子数目不同，二者结构不相似，不属于同系物，故B错误；C．与前者属于酚类，后者属于醇类，二者官能团的种类不同，不是互为同系物关

系，故C错误；D．CH2=CHCH2CH3和结构不同，前者含碳碳双键，后者不含，二者一定不属于同系物，故D错误；故选A。7.下列各组物质中，都是由极性键构成的非极性分子的是A.CH4和H2OB.CO2和PCl3C.NH3和H2SD.CS2和BF3【答案】D【解析

】【详解】A．H2O是V形结构，是极性分子，A错误；B．PCl3是三角锥形分子，正负电荷中心不重合，属于极性分子，B错误；C．NH3是三角锥形结构，H2S是V形结构，二者均是极性分子，C错误；D．CS2是

直线形结构，BF3是平面三角形结构，二者均是由极性键构成的非极性分子，D正确；答案选D。8.下列化学用语或图示表达正确的是A.NaCl的电子式B.SO2的VSEPR模型C.p-pσ键电子云轮廓图D.NO-3的空间结构模型【答案】D【

解析】【详解】A．氯化钠是离子化合物，由钠离子与氯离子构成，氯化钠的电子式为，故A错误；B．SO2的价层电子数为62222−+=3，含有1对孤电子对，其VSEPR模型为，故B错误；C．p-pσ键电子云以“头碰头”方式形成，其电子云轮廓图为，是p-pπ键电子云模型，故C错误；D．CO23

−的价层电子数为423232+−+=3，无孤电子对，其VSEPR模型和空间构型均为平面三角形，即，故D正确；故选D。9.下列说法正确的是A.Cl2比F2沸点高，因为其相对分子质量较大B.分子中键长越短，键能越大，熔沸点越高C.用纯碱溶液洗涤油脂，符合相似相溶原理D.水加

热到很高温度都难分解，因为水分子间存在氢键【答案】A【解析】【详解】A．Cl2比F2相对分子质量较大，范德华力较强，则沸点更高，所以Cl2比F2沸点高，故A正确；B．影响分子晶体熔沸点的是分子间作用力，和键能、键长无关，故B错误；C．油脂属于酯类，在纯碱溶液中能水解为易溶于水的甘油和

高级脂肪酸钠，与“相似相溶”原理无关，故C错误；D．水分子的热稳定性由H-O键的键能大小决定，与氢键无关，故D错误；故选A。10.普罗布考是一种应用广泛的降脂药，具备抗炎、抗氧化、抗动脉粥样硬化等作用。其键线式结构如的下：下列说法不正确．．．的是A.普罗布考遇FeCl

3溶液有显色反应B.1mol普罗布考与足量的Na反应，可以生成1molH2C.普罗布考有6种不同类型的氢原子D.普罗布考分子式为C31H48O2S2【答案】C【解析】【详解】A．含酚羟基，遇FeCl3溶液有显色反应，故A正确；

B．含2个酚羟基，1mol普罗布考与足量的Na反应，可以生成1molH2，故B正确；C．由对称性可知，含4种H原子，则普罗布考有4种不同类型的氢原子，故C错误；D．由结构可知分子式为C31H48O2S2，故D正确；故选C。11.H2O2是常用的氧化剂，其分子结构如

下图所示，两个氢原子犹如在半展开的书的两面上。下列说法不．正确．．的是A.在H2O2分子中只有σ键没有π键B.H2O2为非极性分子，O原子采取sp3杂化轨道成键C.H2O2能与水混溶，不溶于CCl4D.H2O2分子间作用力强于H2O分子间作用

力【答案】B【解析】【详解】A．H2O2分子中只有单键，则只有σ键没有π键，故A正确；B．H2O2分子的结构不对称，为极性分子，且O原子价层电子对数为61222−+=4，O原子采取sp3杂化轨道成键，故B错误；C．极性分子易溶于极性分子，则H2O2能与水混溶，不溶于CCl4，故C正确；D．相对分

子质量越大、分子间作用力越大，则H2O2分子间作用力强于H2O分子间作用力，故D正确；故选B。12.实验室用乙酸、乙醇和浓硫酸制取乙酸乙酯的装置如图。下列说法中，不正确．．．的是A.右侧试管中导管不伸入液面下，是

为了防止倒吸B.实验前先加入浓硫酸，再缓缓加入乙醇和冰醋酸C.及时将乙酸乙酯蒸出，促进平衡向正反应方向移动D.饱和Na2CO3溶液可除去产品中混有的乙酸、乙醇【答案】B【解析】【详解】A．制取的乙酸乙酯中常常混有乙醇、乙酸，产物通入饱和碳酸钠溶液中以除去，但乙酸与碳酸钠较快反应、乙醇极易溶于水，

会发生倒吸，所以试管中导管不伸入液面下，故A正确；B．浓硫酸密度较大、吸水放热，所以混合时先加密度小的乙醇，再加密度大的浓硫酸，且最后加冰醋酸，试剂顺序不能颠倒，故B错误；C．乙醇、乙酸转化为乙酸乙酯

的反应为可逆反应，及时将乙酸乙酯蒸出，促进平衡向正反应方向移动，提高产率，故C正确；D．饱和碳酸钠作用是吸收乙醇、除去乙酸，使乙酸乙酯分层，然后采用分液法将乙酸乙酯从混合物中分离出来，故D正确；故选B。13.除去

下列物质中含有的少量杂质(括号内为杂质)，所选用的试剂和分离方法能达到实验目的是混合物试剂分离方法A乙炔(乙烯)酸性高锰酸钾溶液洗气B乙炔(硫化氢)硫酸铜溶液洗气C乙醇(水)四氯化碳萃取D苯(甲苯)蒸馏水分液A.AB.BC.CD.D【答案】B【解析】【详解】A．乙炔、乙烯均能被

酸性高锰酸钾溶液氧化，不能除杂，故A错误；B．硫化氢与硫酸铜溶液反应，乙炔不能，可洗气分离，故B正确；C．水不溶于四氯化碳，不能选四氯化碳除去乙醇中的水，应加入新制生石灰然后蒸馏得到乙醇，故C错误；D．苯、甲苯互溶，均不溶于水，不能分液分离，应直接蒸馏分离，故D错误；故选B。14.某有机化合物9.

0g与足量氧气在密闭容器中完全燃烧，将反应生成的气体依次通过浓硫酸和碱石灰，浓硫酸增重9.0g，碱石灰增重17.6g，下列说法不正确．．．的是A.该有机化合物中一定含有氧元素B.该有机化合物的分子式为C4H10O2C.不能确定该

有机化合物的分子式D.该有机化合物分子中碳原子数和氢原子数之比一定是2∶5【答案】C【解析】【详解】浓硫酸增重9.0g，碱石灰增重17.6g，即生成水的质量是9.0g，二氧化碳质量是17.6g，根据原子守恒：n（C）=n（CO2）=17.6g÷44g/mol=0.4mol，n（H）=2n（H2O

）=29.018/ggmol=2×0.5mol=1mol，则分子式n（O）=9.00.412/11/16/gmolgmolmolgmolgmol−−=0.2mol，则分子中C、H、O原子数目之比为0.4mol：1mol：0.

2mol=2：5：1，该有机物的最简式为C2H5O，分子式表示为（C2H5O）n，由于H原子为偶数，则n为偶数，且5n≤2×2n+2，即n≤2，故n=2，则有机物分子式为C4H10O2，综上分析可知，A、B、D正确，C错误，故选C。第二部分本部分共6题，共58分。15.化学与生产、生活息息相

关。现有下列5种有机化合物：①乙炔②甲醛③油脂④乙醚⑤OHC−N(CH3)2，将相应的序号填入空格内。（1）通常用于制造肥皂的是_______。（2）水溶液(俗称福尔马林)具有杀菌防腐性能的是_______。（3）燃烧的火焰常用来焊

接或切割金属的是_______。（4）屠呦呦从青蒿中浸取青蒿素的溶剂是_______。（5）加热时能与酸或碱发生水解反应，常被用作溶剂和化工原料的是_______。【答案】（1）③（2）②（3）①（4）④（5）⑤【解析】【小问1详解】油脂在氢氧化钠作用下反应生成硬脂酸钠和甘油，硬脂酸钠可用于制造肥

皂，故答案为：③；【小问2详解】甲醛有毒，能使蛋白质变性，35～40%甲醛的水溶液俗称福尔马林，具有杀菌防腐性能，故答案为：②；【小问3详解】乙炔燃烧放出大量热，火焰温度可达到3000℃左右，常用来焊接或切割金属，故答案为：①；【小问4详解】乙醚是常见的有机溶剂

，能溶解多种物质，屠呦呦从青蒿中浸取青蒿素的溶剂是乙醚，故答案为：④；【小问5详解】OHC−N(CH3)2为N，N-二甲基甲酰胺，属于酰胺类物质，在酸或碱存在并加热时可发生水解反应，可溶解很多有机物和无机物，是良好的溶剂，也可用于合成农药、医药等，是重要的化工原料，故答案为：⑤

。16.某同学欲用下图所示装置比较乙酸、苯酚、碳酸的酸性强弱，实验进行一段时间后，盛有苯酚钠溶液的试管中溶液变浑浊。（1）乙酸、苯酚、碳酸的酸性由强到弱的顺序是_______。（2）饱和NaHCO3溶液的作用是_______。（3）苯

酚钠溶液中发生反应的化学方程式是_______。（4）若将饱和NaHCO3溶液换成Na2CO3溶液，能否达到实验目的，解释原因_______。【答案】（1）乙酸>碳酸>苯酚（2）除去CO2中的乙酸（3）+CO2+H2O→+NaHCO3（4）不能，因为Na2CO3溶液与CO2反应，影响

后续实验【解析】【分析】比较苯酚、乙酸、碳酸的酸性，由实验装置可知，乙酸与碳酸钠发生CO23−+2CH3COOH=2CH3COO-+CO2↑+H2O，饱和碳酸氢钠溶液除去挥发的乙酸，小试管中发生C6H5O-+CO2+H2O→C6H5O

H+HCO3−，均为强酸制取弱酸的反应，可比较酸性，以此来解答。【小问1详解】由CO23−+2CH3COOH=2CH3COO-+CO2↑+H2O、C6H5O-+CO2+H2O→C6H5OH+HCO3−可知，均为强酸制

取弱酸的反应，则苯酚、乙酸、碳酸的酸性由强到弱的顺序是乙酸＞碳酸＞苯酚，故答案为：乙酸＞碳酸＞苯酚。【小问2详解】饱和NaHCO3溶液的作用是除去二氧化碳中混有的乙酸，故答案为：除去CO2中的乙酸。【小问3详解】

苯酚钠溶液与二氧化碳反应生成碳酸氢钠和苯酚，化学方程式是+CO2+H2O→+NaHCO3。【小问4详解】饱和碳酸氢钠溶液除去挥发的乙酸，若换成Na2CO3溶液会吸收后面反应需要的二氧化碳，影响后续实验，故答案为：不能，因为Na2CO3溶液与CO2反应，影响后续实验。17.硝

基苯()常用作生产苯胺()的原料，回答下列问题：（1）由苯制取硝基苯的化学方程式是_______。（2）由硝基苯制取苯胺，发生_______(填“氧化”或“还原”)反应。（3）硝基苯中C、N、O元素的电负性大小顺序是_______。（4）苯胺分子中N原子孤电子对数有_______对，杂化轨道类型是

_______。（5）苯胺与甲苯的相对分子质量相近，但苯胺的熔点远_______甲苯(填“高于”或“低于”)，原因是_______。（6）苯胺结合H+生成阳离子C6H5NH+3，从化学键的角度解释苯胺生成C6H5NH+3的过程____。【答案】（1）+HNO3(浓)⎯⎯⎯⎯⎯→浓硫酸

50∼60C+H2O（2）还原（3）O>N>C（4）①.1②.sp3（5）①.高于②.苯胺分子间存在氢键（6）苯胺分子中N原子提供孤电子对，H+提供空轨道，通过配位键形成C6H5NH+3(或：苯胺分子中N原

子提供孤电子对与H+共用，形成共价键)【解析】【小问1详解】由苯制取硝基苯的化学方程式为+HNO3(浓)⎯⎯⎯⎯⎯→浓硫酸50∼60C+H2O，故答案为+HNO3(浓)⎯⎯⎯⎯⎯→浓硫酸50∼60C+H2O；【小问2详解】由硝基苯制取苯胺时

，加氢的同时去氧，发生还原反应，故答案为：还原；【小问3详解】同周期元素从左到右电负性越来越大，硝基苯中C、N、O元素的电负性大小顺序是O＞N＞C，故答案为：O＞N＞C；【小问4详解】苯胺分子中N原子成

3个共价键，有1对孤电子，杂化轨道类型是sp3，故答案为：1；sp3；【小问5详解】苯胺与甲苯的相对分子质量相近，由于苯胺分子间存在氢键，所以苯胺的熔点远高于甲苯，故答案为：高于；苯胺分子间存在氢键；【小问6详解】由于苯胺分子中N原子提供孤电子对，H+提供空轨道，通过配位键形成C6

H5NH3+，所以苯胺生成C6H5NH+3，故答案为：苯胺分子中N原子提供孤电子对，H+提供空轨道，通过配位键形成C6H5NH+3。18.某药物H的合成路线如下图所示：试回答下列问题：（1）反应I中X为烃，其氢的质量分数与苯相同，则X的名称．．是____

___。（2）A的结构简式是_______。（3）C→D的化学方程式是_______。（4）反应II的试剂及反应条件是_______。（5）G→H的反应类型是_______。（6）H发生加聚反应的化学方程式是

_______。【答案】（1）乙炔（2）（3）2+O2Δ⎯⎯→铜2+2H2O（4）乙醇、浓硫酸、加热（5）消去反应（6）【解析】【分析】C中醇羟基发生催化氧化生成D中醛基，D发生氧化反应然后酸化生成E中羧基，E和CH3CH2OH发生酯化反应生成，则E为、D为、C为，B发生水解反应生成C，根据B

的分子式知，B为，反应Ⅰ中X为烃，其氢的质量分数与苯相同，则苯和X发生加成反应生成A为，X为HC≡CH，A和HBr发生加成反应生成B；和甲酸乙酯发生取代反应生成F，F和氢气发生加成反应生成G，根据H的结构简式知，G发生消去反应生成H，则G为。据此解答。小问1详解】X为HC≡CH，X的名称是

乙炔，故答案为：乙炔；【小问2详解】A的结构简式是，故答案为：；【小问3详解】C为、D为，C发生催化氧化生成D，C→D的化学方程式是2+O2Δ⎯⎯→铜2+2H2O，故答案为：2+O2Δ⎯⎯→铜2+2H2O；【小问4详解】反应Ⅱ为羧酸和醇的酯化反应，该反应的试剂及反应条件

是乙醇、浓硫酸、加热，故答案为：乙醇、浓硫酸、加热；【小问5详解】G中醇羟基发生消去反应生成H中碳碳双键，则G→H的反应类型是消去反应，故答案为：消去反应；【【小问6详解】H发生加聚反应的化学方程式是，故答案为：。19.某些有机化合物之间有如图转化关系：其中A是一种五元环状化

合物，其分子中只有一种化学环境的氢原子；F核磁共振氢谱显示有三种化学环境的氢原子，且峰面积之比为2∶2∶3。G是合成顺丁橡胶的主要原料。已知：①2HO→2RCOOH(其中R是烃基)②R-COOH4LiAlH⎯⎯⎯→R-CH2OH(其中R

是烃基)（1）B中含氧官能团的名称．．是_______。（2）A的结构简式是_______。（3）④的化学方程式是_______。（4）⑥的化学方程式是_______。（5）E在一定条件下能够发生缩聚反应生成聚酯，其中主链上含“−CH2−”的高聚物的结构简式是_

______。（6）有机化合物Y与E互为同分异构体，且具有相同的官能团种类和数目，则Y可能的结构简式是_______(符合条件的均写出)。【答案】（1）羧基（2）（3）HOCH2CH2CH2CH2OH浓硫酸Δ⎯⎯⎯⎯⎯→CH2=CHCH=CH2+2H2O（4）HOOCCH2CH2COOH+2CH3

CH2OH浓硫酸ΔCH3CH2OOCCH2CH2COOCH2CH3+2H2O（5）（6），【解析】【分析】A是一种五元环状化合物，其分子中只有一种化学环境的氢原子，结合信息①，可知A中还含有一个碳碳双键，故A的结构简式是，A→B是酸酐水解，则B是HOOCCH=CHCOOH，B与氢气发生加成反

应生成C，则C是HOOCCH2CH2COOH，根据信息②，可知反应③是还原反应，故D是HOCH2CH2CH2CH2OH，由D与G的分子可知，反应④是消去反应，且G为合成顺丁橡胶的主要原料，所以G为CH2=CHCH=CH2，由B与E的相对分子质量，可知反应⑤是碳碳双键与H2O发生的加成反应，故E

为HOOCCH2CHOHCOOH，C（丁二酸）分子内含有两种不同化学环境的氢原子，根据反应条件，可知反应⑥为酯化反应，又结合C和F的分子式和结构知，X为乙醇，反应后生成F为CH3CH2OOCCH2CH2COOCH2CH3。据此解答。【小问1详解】

B是HOOCCH=CHCOOH，含氧官能团为羧基，故答案为：羧基；【小问2详解】由上述分析可知，A的结构简式是，故答案为：；【小问3详解】反应④的化学方程式是HOCH2CH2CH2CH2OH浓硫酸Δ⎯⎯⎯⎯⎯→CH2=CHCH=CH2+2H2O，故答案为：HOCH2CH2CH2CH2

OH浓硫酸Δ⎯⎯⎯⎯⎯→CH2=CHCH=CH2+2H2O；【小问4详解】反应⑥的化学方程式为HOOCCH2CH2COOH+2CH3CH2OH浓硫酸ΔCH3CH2OOCCH2CH2COOCH2CH3+2H2O，故答案为HOOCCH2CH2COOH+2CH3CH2O

H浓硫酸ΔCH3CH2OOCCH2CH2COOCH2CH3+2H2O；【小问5详解】HOOCCH2CHOHCOOH在一定条件下能够发生缩聚反应，其中主链上含“−CH2−”的高聚物的结构简式是，故答案为：；【小问6详解】有机物Y与E互为同分异构体，且具有相同的官能团种类和数目，Y有两个－CO

OH，一个－OH，把E的主链上碳原子缩减为3个，则会出现2种结构，即，，故答案为：，。20.探究小组为研究1-溴丁烷的水解反应和消去反应，设计如下探究实验：（1）实验i中淡黄色沉淀是_______(写化学式)。（2）对比i、ii的实验现象，可得出卤代烃水解的实验

结论是_______。（3）实验iii的化学方程式是_______。（4）检测ii中_______、iii中_______的生成可判断分别发生水解和消去反应。（5）为深入研究1-溴丁烷与NaOH溶液是否能发生消去反应，小

组设计如下装置探究(加热和夹持装置略去)：加热圆底烧瓶一段时间后，B中酸性高锰酸钾溶液褪色。①甲同学认为不能依据酸性高锰酸钾溶液褪色，判断A中发生消去反应，理由是_______。②乙同学对实验进行了改进，依据实验现象可判断是否发生消去反应，改进的方案是_______。【答案】

（1）AgBr（2）1-溴丁烷在碱性溶液中水解速率更快（3）BrCH2CH2CH3+NaOH乙醇Δ⎯⎯⎯⎯→CH2=CHCH2CH3+NaBr+H2O（4）①.1-丁醇②.1-丁烯（5）①.A装置发生水解反应生成的1-丁醇(或反应物1-溴丁烷的挥发)，也可以使B中酸性高锰酸钾溶液褪色②

.将B中溶液换成溴的四氯化碳溶液(或溴水)，若褪色，则证明可发生消去反应，反之，则没有发生【解析】【小问1详解】AgBr为淡黄色不溶于水的沉淀，故答案为：AgBr；【小问2详解】直接加入酸化的硝酸银溶液，出现少量淡黄色沉淀，说明在酸性条件下1-溴丁烷可以水解，加入氢氧化钠溶液后，加入酸化的

硝酸银溶液，立即出现大量淡黄色沉淀，说明1-溴丁烷在碱性溶液中水解速率更快，故答案为：1-溴丁烷在碱性溶液中水解速率更快；【小问3详解】实验iii1-溴丁烷在氢氧化钠醇溶液中，发生消去反应，化学方程式是BrCH2CH2CH3+NaOH乙醇Δ⎯⎯⎯⎯→CH2=CHCH2CH3+NaBr+H2O，故答

案为：BrCH2CH2CH3+NaOH乙醇Δ⎯⎯⎯⎯→CH2=CHCH2CH3+NaBr+H2O；【小问4详解】有机物中不同的官能团具有不同的性质，检测ii中1-丁醇、iii中1-丁烯的生成可判断分别发生水解和消去反应，故答案为：1-丁醇；1-丁烯；【小问5详解】①甲同学认为不能依据酸性高锰酸钾溶

液褪色，判断A中发生消去反应，理由是A装置发生水解反应生成的1-丁醇，也可以使B中酸性高锰酸钾溶液褪色，故答案为：A装置发生水解反应生成的1-丁醇，也可以使B中酸性高锰酸钾溶液褪色；②乙同学对实验进行了改进，依

据实验现象可判断是否发生消去反应，改进的方案是将B中溶液换成溴的四氯化碳溶液（或溴水），若褪色，则证明可发生消去反应，反之，则没有发生，故答案为：将B中溶液换成溴的四氯化碳溶液（或溴水），若褪色，则证明可发生消去反应，反之，则没有发生。获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.

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