【文档说明】【精准解析】四川省武胜烈面中学校2019-2020学年高一上学期期中考试物理试题.doc，共(13)页，375.000 KB，由小赞的店铺上传

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2019级烈面中学高一期中物理试卷一、单选题（本大题共8小题，共32分）1.下列各物理量都是矢量的是（）A.时间、弹力、加速度B.位移、重力、质量C.位移、速度、力D.时间、温度、路程【答案】C【解析】【分析】既有

大小又有方向的量叫做矢量，根据定义选择。【详解】A．时间没有方向是标量，弹力和加速度既有大小又有方向是矢量，故A错误；B．质量没有方向是标量，位移和重力既有大小又有方向是矢量，故B错误；C．位移、速度和力都是既有大小又有方向的物理量，是矢量，故C正确；D．时间、温度和路程都没有方向是标量，

故D错误；故选C。【点睛】考查矢量的概念。2.关于位移和路程，下列说法中错误的是()A.出租车是按位移的大小来计费的B.出租车是按路程来计费的C.物体在运动过程中，位移大小不会大于路程D.物体只有做单向直线运动时，位移大小和路程相等【答案】A【解析】出租车是按路程的大小来计费的，选项A错误，

B正确；物体在运动过程中，位移大小不会大于路程，选项C正确；物体只有做单向直线运动时，位移大小和路程相等，选项D正确；此题选择错误的选项，故选A.3.时间和时刻，下列说法正确的是A.第4秒末就是第5秒初，

指的是时间B.物体运动了5秒指的是物体在5秒末时，指的是时刻C.物体在5秒内指的是物体在4秒末到5秒末这1秒的时间D.物体在第5秒内指的是物体在4秒末到5秒末这1秒的时间【答案】D【解析】【详解】A.从时间轴上可知，第4秒末就是第5秒初，是同一时刻，不是时间，故A错误；B.物体运动了5秒，

是指一段时间，不是时刻，故B错误；C.物体在5秒内指的是物体从开始到5s末之间的时间，是5s不是1s，故C错误；D.物体在第5秒内指的是物体在4秒末到5秒末这1秒的时间，故D正确．故选D4.将一铁块置于水平桌面上，下列说法正确的是（）A.桌面发生形

变,铁块没有发生形变B.铁块对桌面的压力是由于铁块形变直接产生的C.桌面对铁块的支持力是由于铁块形变直接产生的D.铁块对桌面的压力的施力物是桌面【答案】B【解析】【分析】根据物体所受弹力的定义，发生形变的物体即是产生弹力的施力物体。力的作用是相互的，施力

物体就会变为受力物体。【详解】桌面对铁块的支持力是由于桌面发生形变，力的作用是相互的，铁块对桌面的压力是由铁块的形变产生的，因此施力物体是铁块，故ACD错误，B正确；故选B。【点睛】考查弹力的定义。5.如图所示为一物体做匀变速运动的速度—

时间图象。下列判断正确的是（）A.物体一直做减速运动B.物体的加速度大小为21.5m/s，方向一直不变C.2s末物体的加速度为零D.该物体0~4s内的平均速度大小为3m/s【答案】B【解析】【分析】根据v-t图象斜率表示加速度

，面积表示位移，求出加速度和平均速度。【详解】A．根据图象可知，0~2s物体向正方向做匀减速直线运动，2s~4s物体反向做匀加速直线运动，故A错误；BC．由v-t图象斜率表示加速度，可求出物体的加速度大小为21.5m/s，方向也一直不变，故B正确，C错误；D．平均速度等于位移

除以时间，由v-t图象面积表示位移，可以求得物体0~4s内的平均速度大小为0，故D错误；故选B。【点睛】考查v-t图象的应用。6.一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔t内位移为s，速度变为原来的3倍．该质点的加速度为（）.A.2stB.232

stC.24stD.28st【答案】A【解析】【详解】设初速度为v0，末速度为3v0，则位移为：0032vvst+=联立解得：02svt=据加速度公式0023vvvsattt−===故BCD错误，A正确。故选A。7.某物体以40m/s的初

速度竖直上抛，不计空气阻力，g取10m/s2，物体运动6s，则此过程中物体（）A.通过的路程为60mB.发生的位移大小为60m，方向竖直向上C.速度改变量的大小为20m/sD.平均速度大小为10m/s，方向竖直向下【答案】B【解析】【分析】

竖直上抛运动是先向上做匀减速运动，到达最高点后再向下做自由落体运动，所以首先应该先算到达最高点的时间，然后再去求解其他问题。【详解】A．根据匀变速直线运动公式0vvat=+，可求得物体到达最高点用了4s，根据2202vvax−=可求得位移为80m，然后向下做自由落体运动，根

据2012xvtat=+，可求出2s内的位移是20m，所以物体6s内的路程是100m，故A错误；B．物体向上位移是80m，向下位移是20m，那么总位移就是60m，方向竖直向上，故B正确；C．根据0vvat=+可求出向下运动2s后的速度是20m/s，方向

向下；初速度是40m/s，方向向上，所以速度的改变量大小应为60m/s，方向向下，故C错误；D．平均速度等于位移除以时间，位移为60m，方向竖直向上，所以平均速度是10m/s，方向竖直向上，故D错误；故选B。

【点睛】考查对竖直上抛运动的理解。8.一列车由等长的车厢连接而成．车厢之间的间隙忽略不计，一人站在站台上与第一节车厢的最前端相齐．当列车由静止开始做匀加速直线运动时开始计时，测量第一节车厢通过他的时间为1s，则从第5节至第16节车厢通过他的时间为（）

A.1sB.2sC.4sD.6s【答案】B【解析】【详解】取车为参考系，把车的运动转化为人做匀加速直线运动，设每节车厢长为L，加速度为a，则由1212Lat=，得人通过第一节车厢的时间为：121Ltsa==，人通过前4节车厢的时间为：4242Ltsa==，人通过前16

节车厢的时间为：162164Ltsa==，从第5节至第16节车厢通过他的时间为：164422tttsss=−=−=，故B正确，A、C、D错误；故选B．【点睛】取车为参考系，把车的运动转化为人做匀加速直线运动，结合位移时间公式求出人通过第一节车厢和前4节、前16节车厢所用的时间，从而得出第5节至

第16节车厢通过的时间．二、多选题（本大题共4小题，共16分）9.物体甲的x－t图象和物体乙的v－t图象分别如图所示，则这两物体的运动情况是()A.甲在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4mB.甲在整个t=6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零C.乙在整个t

=6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零D.乙在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4m【答案】AC【解析】【详解】AB．xt−图像斜率的物理意义为速度，6st=内斜率方向不变，运动方向不变，经过的位移大小为4m，故A正确，B错误；CD．根据vt−图像可知物

体的速度方向在3s末改变，来回运动，vt−图像和时间轴围成的面积为位移，6st=时间内正负面积大小相等，所以位移之和为0，故C正确，D错误。故选AC．10.两小球A、B靠在一起，相互间一定有弹力作用的是图A.B.C.D.【答案】AD【解析】【分析】

解答本题需要了解弹力产生的条件，根据弹力产生的条件即可做出选择．【详解】两个小球所受的重力与绳子的拉力不是一对平衡力，所以这两个小球都受到了对方的合力作用，从而发生弹性形变产生弹力，A正确；由图B、C中两个小球

间假设存在弹力，则在水平方向上受力不平衡，不能保持静止，故假设不成立，故两球之间没有弹力存在，BC错误；由图可知，两球存在相互的挤压，故一定存在弹力作用，D正确．【点睛】（1）对于形变明显的情况（如弹簧）可由形变直接判断

．（2）对于接触处的形变不明显，判断其弹力的有无可用以下方法．①拆除法：即解除所研究处的接触，看物体的运动状态是否改变．若不变，则说明无弹力；若改变，则说明有弹力．②分析主动力和运动状态来判断是否有弹力：分析主动力就是分析沿弹力所在方向上，除弹力以外其他力的

合力．看该合力是否满足给定的运动状态，若不满足，则存在弹力；若满足，则不存在弹力．11.甲、乙两物体所受的重力之比为1:2，甲，乙两物体所在的位置高度之比为2:1，它们各自做自由落体运动，则（）A.落地时的速度之比是B.

落地时的速度之比是1:1C.下落过程中的加速度之比是1:1D.下落过程中加速度之比是1:2【答案】AC【解析】试题分析：AB、根据自由落体运动22vgh=可得1112222212ghvhvhgh===，A正确B错误CD、物体做

自由落体运动，在同一地点的加速度均为g，所以下落过程中的加速度之比是1:1；C正确D错误故选AC考点：自由落体运动点评：自由下落的物体的加速度与物体重力大小无关．12.A、B两质点从同一位置出发，如图所示为两质点作直线运动时的位移—时间图象，其中A质点做匀速直线运动，

B质点做匀变速直线运动，则以下判断正确的是（）A.质点A的速度大小为3m/sB.质点B的速度大小先增大后减小C.0~2s内，质点B的平均速度比质点A的平均速度大D.质点B在1s时的速度大小等于3m/s【答案】AD【解析】【分析】根据x-t图象斜率表示速度，可以求出A的速度大小，同时可以判断

B的速度大小变化，再根据匀变速直线运动平均速度公式求出B的平均速度与A比较。【详解】AB．根据x-t图象斜率表示速度，可以求出质点A的速度为3m/s，质点B的速度先减小后增大，故A正确，B错误；C．由于质点A做匀速直线运动，所以A的平均速度为3m/s，从图

象可以看出，0~2s内，质点A和质点B的位移相等，所以B的平均速度也是3m/s，与质点A的平均速度相同，故C错误；D．根据匀变速直线运动平均速度公式：02vvv+=，可知质点B的初速度是6m/s，再由2012xvtat=+可得，加速度为23m/s，所以1s时质点B的速度为3m/s

，故D正确；故选AD。【点睛】考查对x-t图象的理解和应用。三、填空题（本大题共1小题，共6分）13.同学们利用如图所示方法估测反应时间．首先，甲同学捏住直尺上端，使直尺保持竖直状态，直尺零刻度线位于乙同学的两指之间．当乙看见甲放开直尺时，立即用手指捏直尺，若捏住位置的刻度读数为x，则乙

同学的反应时间为（重力加速度为g）．基于上述原理，某同学用直尺制作测量反应时间的工具，若测量范围为0～0.4s，则所用直尺的长度至少为cm（g取10m/s2）；若以相等时间间隔在该直尺的另一面标记出表示反应时间的刻度线，则每个时间间隔在直尺上对应

的长度是的（选填“相等”或“不相等”）.【答案】2xg，80，不相等【解析】【详解】试题分析：（1）刻度尺下降时间，即为乙同学的反应时间，刻度尺做自由落体运动，故有212xgt=，解得2xtg=（2）刻度尺下降4s所下落的高度为2211100.40.88022hg

tmcm====，故长度至少为80cm，在相等时间间隔通过的位移是不断增加的，所以每个时间间隔在直尺上对应的长度是不相等的．考点：考查额自由落体运动【名师点睛】直尺做的是自由落体运动，根据自由落体运动计算下降的时间，直尺下降的时间就是人的反应时间，根据匀变速直线运动的规律分析相等

时间间隔内位移的变化规律四、实验题（本大题共1小题，共10.0分）14.某同学在做“练习使用打点计时器”实验时打出的纸带如图所示，每两个计数点之间还有四个计时点没有画出，图中已标出相邻两计数点间的距离，打点计时器的电源频率为50HZ．（1）打点计时器是一种使用

________（填“交流”或“直流”）电源，打点的时间间隔为______s．（2）相邻两个计数点间的时间间隔为_________s．（3）打第4个计数点时，纸带的速度v4=_________m/s（保

留三位有效数字）．（4）拖动纸带运动的物体的加速度a=________m/s2（保留三位有效数字）．【答案】(1).交流(2).0.02(3).0.1(4).1.20(5).1.98【解析】【详解】(1)[1][2]打点计时器是一种使用交流电源的仪器，打点计时器的电源频率为50HZ

，打点的时间间隔为0.02s．(2)[3]每两个计数点之间还有四个计时点没有画出，所以相邻两个计数点间的时间间隔为50.02=0.1s(3)[4]打第4个计数点时，纸带的速度4350.11000.12901.20m/s20.1vv+===(4)[5]拖动纸带运动的物体的加速度220.110

00.12900.15100.09100.07100.05001.98m/s90.1a++−−−==五、计算题（本大题共4小题，共36.0分）15.一滑块以初速度02/vms=开始从斜面顶端匀加速下滑，第4s末的速度为6/ms，求：（1）滑块下

滑时的加速度；（2）滑块下滑4s内的位移；【答案】（1）21m/sa=（2）16ms=【解析】【详解】（1）根据加速度的定义可知2621m/s4vat−===（2）根据匀加速运动的规律可知下滑4s内的平均速度为264m/s

2v+==所以滑块下滑4s内的位移为4416msvt===16.一辆汽车以72km/h的速度正在平直公路上匀速行驶，突然发现前方40m处有需要紧急停车的危险信号，司机立即采取刹车措施．已知该车在刹车过程中加速度的大小为5m/

s2，求：（1）从刹车开始至停止运动所用的时间？（2）从刹车开始经过5s时汽车前进的距离是多少？【答案】（1）4s（2）40m【解析】【详解】(1)设汽车由刹车开始至停止运动所用的时间为t0，选初速度方向为正方向，由于汽车做匀减速直线运

动，加速度a＝－5m/s2，则由v＝v0＋at得t0＝0vva−＝4s(2)可见，该汽车刹车后经过4s就已停下，其后的时间内汽车是静止的．由运动学公式知x＝v0t＋12at2刹车后经过5s时汽车通过的距离为x＝v0t0＋12a20t＝40m17.某电视剧制作中心要拍摄一特技动作，要求特技演

员从80m的大楼楼顶自由下落到行驶的汽车上，若演员开始下落的同时汽车从60m远处由静止向楼底先匀加速运动3s，再匀速行驶到楼底，为保证演员能安全落到汽车上(不计空气阻力，人和汽车看成质点，（g=10m/s2)，

求：（1）汽车须多长时间开到楼底；（2）汽车匀加速运动的位移和加速度的大小．【答案】（1）4s（2）8m/s2，36m【解析】【详解】（1）人做自由落体运动，所以:h＝12gt2解得：24?htsg==所以汽车运动的时间

为4s．（2）因为汽车匀加速时间为t1＝3s所以汽车匀速运动的时间为t2＝t－t1＝1s匀加速位移为s1＝12at2匀速运动速度为：v＝at1匀速运动位移为s2＝vt2s1＋s2＝60m解得：a＝8m/s218.（2012年河南郑州一模）2011年8月10日，改装后的瓦良格号航空母舰进行出海航

行试验，中国成为拥有航空母舰的国家之一．已知该航空母舰飞行甲板长度为L="300"m，某种战斗机在航空母舰上起飞过程中的最大加速度为a=4．5m／s2，飞机速度要达到v="60"m／s才能安全起飞．(1)如果航空母舰静止，战斗机被弹射装置弹出后开始加速，要保

证飞机起飞安全，战斗机被弹射装置弹出时的速度至少是多大?(2)如果航空母舰匀速前进，在没有弹射装置的情况下，要保证飞机安全起飞，航空母舰前进的速度至少是多大?【答案】18.30m/s19.8m/s【解析】（1）设战斗机被弹射出来时的速度为v0，由得＝30m/s（4分）

（2）设飞机起飞所用时间为t，在时间t内航空母舰航行距离为L1，航空母舰的最小速度为υ1．对航空母舰有L1＝υ1t（1分）对飞机有υ＝υ1＋at（1分）（1分）由以上三式联立解得＝（60－303）m/s≈8m/s（1分）解法二：以航空母舰为参考系，对

飞机有，解出结果同样给4分