【文档说明】【精准解析】陕西省延安市第一中学2020届高三下学期第二次质量检测物理试题.doc，共(16)页，958.000 KB，由小赞的店铺上传

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市一中2019—2020学年度第一学期高三第二次质量检测物理试题第I卷（选择题）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题所给出的四个选项中，第1-8小题只有一个选项正确，第9-12小题有多个选项正确。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。）1

.美国航天局“洞察”号无人探测器历时7个月于2018年11月美国东部时间26日14时54分许（北京时间27日3时54分许）在火星成功着陆，执行人类首次探究火星“内心深处”的任务．美国航天局的直播画面显示，“洞察

”号于26日14时47分许进入火星大气层，约7分钟完成了进入、下降和着陆，顺利降落在火星艾利希平原．下面有关“洞察”号无人探测器的说法正确的是（）A.“洞察”号从地球到火星的位移大小就是其运行轨迹的长度B.“26日14时47分许”指的是时间间隔C.研究“洞察”号无人探测器在火星着陆过

程的姿态时，不可以将其看成质点D.“洞察”号从地球飞到火星的时间决定于“洞察”号的最大瞬时速度【答案】C【解析】【详解】A.“洞察”号从地球到火星做曲线运动，位移大小和其运行轨迹的长度不相等，故A错误．B.“26日14

时47分许”指的是时刻，故B错误．C.研究“洞察”号无人探测器在火星着陆过程的姿态时，不可以将其看成质点，故C正确．D.“洞察”号从地球飞到火星的时间决定于“洞察”号的平均速度，故D错误．2.汽车在平直公路上以20m

/s的速度匀速行驶．前方突遇险情，司机紧急刹车，汽车做匀减速运动，加速度大小为8m/s2．从开始刹车到汽车停止，汽车运动的距离为（）A.10mB.20mC.25mD.5om【答案】C【解析】【详解】汽车做匀减速运动，根据v02=2ax解得22020m25m228vxa===，故选C.3

.自由下落的物体，它开始下落全程34的高度所用的时间和下落全程所用的时间的比值为A.1：2B3:2C.()21−：()32−D.1：()32−【答案】B【解析】【详解】物体做自由落体运动，它开始下落全程34的高度，则有213142hgt=，解得：132htg=；下落全程，则有

：2212hgt=，解得：22htg=，则12:3:2tt=，故选B．4.如图所示的位移（x）-时间（t）图象和速度（v）-时间（t）图象中给出四条图线，甲、乙、丙、丁代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情

况，则下列说法正确的是（）A.甲车做直线运动，乙车做曲线运动B.10~t时间内，甲车通过的路程大于乙车通过的路程C.20~t时间内，丙、丁两车在2t时刻相距最远D.20~t时间内，丙、丁两车的平均速度相等【答案

】C【解析】【详解】A．根据位移-时间图象的斜率表示速度，由图象可知：乙图线的斜率不变，说明乙的速度不变，做匀速直线运动．甲做速度越来越小的变速直线运动．故A错误．B．在t1时刻两车的位移相等，又都是单向直线运动，所以两车路程相等．故

B错误．C．由图象与时间轴围成的面积表示位移可知：丙、丁两车在t2时刻面积差最大，所以相距最远．故C正确．D．0～t2时间内，丙的位移小于丁的位移，时间相等，平均速度等于位移除以时间，所以丙的平均速度小于丁车的平均速度．故D错误．5.在恒力F作用下，a、b两物

体一起沿粗糙竖直墙面匀速向上运动，则关于它们受力情况的说法正确的是（）A.a一定受到4个力B.b可能受到4个力C.a与墙壁之间一定有弹力和摩擦力D.a与b之间不一定有摩擦力【答案】A【解析】【详解】BD．对物体b受力分析，受重力、支持力和摩擦力，处于三力平衡状态，故BD

错误；AC．对物体a、b整体受力分析，受重力、支持力，若墙壁对整体有支持力，水平方向不能平衡，故墙壁对整体没有支持力，故也没有摩擦力；最后对物体a受力分析，受推力、重力、物体b对其的压力和静摩擦力，即物体a共受4个力

；故A正确，C错误。故选A。6.同一平面上共点的三个力15NF=、238N,15NFF==则F1、F2、F3三力的合力F的大小范围是A.12N28NFB.2N28NFC.0N28NFD.0N28NF

【答案】B【解析】【详解】当三个力同向时，合力最大，为max5N8N15N28NF=++=5N、8N合成时合力范围为：123N13NF当合力为13N时，再与第三个力合成，合力最小为15N13N2N−=因此合力的范围是2N28NF故B正确

。故选B。7.如图所示，一只气球在风中处于静止状态，风对气球的作用力水平向右．细绳与竖直方向的夹角为α，绳的拉力为T，则风对气球作用力的大小为A.sinTB.cosTC.TsinαD.Tcosα【答案】C【解析】【详解】对气球受力分析，由水平方向平衡条件可得

：sinFT风=，故C正确．8.如图所示，不可伸长的轻绳一端固定于墙上O点，拉力T通过一轻质定滑轮和轻质动滑轮作用于绳另一端，则重物m在拉力T作用下缓慢上升的过程中，拉力T(不计一切摩擦)（）A.变大B.变小C.不变D.无法确定【答案】A【解析】【详解】对重

物m和轻质动滑轮进行受力分析，如图所示，有1cos2Tmg=，在重物m上升过程中，a增大，cos减小，故T增大，A正确．9.物体沿一直线运动，在t时间内通过的位移为x，它在中间位置2x处的速度为1v，在中间时刻

2t时的速度为2v，则1v和2v的关系为A.当物体做匀加速直线运动时，12vvB.当物体做匀速直线运动时，12vvC.当物体做匀加速直线运动时，12vvD.当物体做匀减速直线运动时，12vv【答案】AD【解析】【详解】AC．当物体做匀加速直线运动时，速度图象如图1所示物体经过

中点位置时，前后两段过程的位移相等，速度图象与时间轴所围的“面积”相等，由数学知识得知12vv，故A正确，C错误；D．当物体做匀减速直线运动时，速度图象如图2所示：物体经过中点位置时，前后两段过程的位移相等，速度图象与时间轴所围的“面积”相等，由数学知识得知12vv，故D正确；B

．当物体做匀速直线运动时，速度始终不变，故12vv=，故B错误。故选AD。10.物体以初速度0v竖直上抛，经3s到达最高点，空气阻力不计，g取210m/s，则下列说法正确的是（）A.物体的初速度0v为60m/sB.物体上升的

最大高度为45mC.物体在第1s内、第2s内、第3s内的平均速度之比为5:3:1D.物体在1s内、2s内、3s内的平均速度之比为9:4:1【答案】BC【解析】【详解】涉及到竖直上抛的公式及性质，有2012vtgth−=①0tvvgt=−②，由②可解出03

0m/sv=，由①可解得最大高度45mh=，故A错误，B正确；物体在第1s内、第2s内、第3s内的位移分别为25m、15m、5m；已知xvt=，故在相等时间内的平均速度比123123::::5:3:1vvvxxx==，

物体在1s内、2s内、3s内的平均速度之比为123254045::::5:4:3123vvv==，故C正确，D错误．故选BC．11.如图所示，初始时A、B两木块在水平方向的外力作用下贴在竖直墙面上处于静止状态，A与B、B与墙面之间的动摩擦因数都为0.1=，且最大静摩擦力等

于滑动摩擦力。两木块质量相等，都为1kg，当外力F为不同值时，关于A、B之间的摩擦力1f，B与墙壁之间的摩擦力2f的大小，下列说法中正确的是（g取10m/s2）A.当0F=时，120==ffB.当50N=F时，10=f，25N=fC.当100N=F时，15N=f，210N=fD.当300

N=F时，110N=f，220N=f【答案】ACD【解析】【详解】A．当0F=时，A、B间及B与墙面间均没有相互的挤压，没有摩擦力，故A正确；B．当50N=F时，B与墙面间的最大静摩擦力为0.150N5N==F小于两木块的重力故整体下滑，则B与墙壁

之间的摩擦力2f为滑动摩擦力，即25N=f；A、B相对静止，整体下滑的加速度22205m/s7.5m/s2a−==对A分析，根据牛顿第二定律1−=mgfma，A、B间的摩擦力为12.5N=f故B错误；C．当100N=F时

，B与墙面间的最大静摩擦力10N==mfF，小于两木块的重力故A、B整体下滑，摩擦力210NfF==；A、B相对静止，由牛顿第二定律可知，整体下滑的加速度为222010m/s5m/s2a−==则对A分析可知1−=mgfma，解得110N5N5N=−=−=fmgma故C正确；D

．当300N=F时，B与墙面间最大静摩擦力0.1300N30N==mf大于两木块的重力，两木块均保持静止，110N==fmg，2220N==fmg故D正确.故选ACD。12.如图所示，重100N的物体A放在倾角为30°的粗糙斜面上，有一根原长为15cm，劲度系数为500N/m的弹簧，

其一端固定在斜面底端，另一端放置物体A后，弹簧长度缩短为10cm，若滑块与斜面间最大静摩擦力为25N，现用一测力计沿斜面向上拉物体，当弹簧的长度仍为10cm时，测力计读数可能为()A.10NB.30NC.50ND.70N【答案】ABC【解析】【详解】施加拉力前，物体受到

四个力的作用而平衡：重力G、垂直斜面向上的支持力N、沿斜面向上的摩擦力f和弹簧对物体施加沿斜面向上的弹力f，受力如图，其中115000.05N25NFkx===，根据平衡条件可求出13025NfGsinF=−=，方向沿斜面向上；施加拉力F后，弹簧长度不变，说明

物体仍然静止，并且弹簧对物体施加的弹力大小和方向不变，若摩擦力沿斜面向上，则1sin30FfFG++=，即25NFf+=，摩擦力f随着F增大而较小，当25NF=时，0f=；若25NF，摩擦力沿斜面向下，因为物体没有滑动，所以1maxsin30FFGf++，代入数

据可得50NF，，所以测力计读数在050N之间，故选项A、B、C正确，D错误．第II卷（非选择题）二、填空题（本题共3小题，每空1分，共14分）13.在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中：(1)除打点计时器(含纸带、复写纸)、小车

、一端附有滑轮的长木板、细绳、钩码、导线及开关外，在下面的仪器和器材中，必须使用的有___________。(填选项代号）A.电压合适的50Hz交流电源B.电压可调的直流电源C.刻度尺D.秒表E.天平(2)实验过程中，下列做法正确的是（）A.先接通电源，

再使纸带运动B.先使纸带运动，再接通电源C.将接好纸带的小车停在靠近滑轮处D.将接好纸带的小车停在靠近打点计时器处(3)在实验中某问学用打点计时器记录了被小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上确定出A、B、C、D、E共5个计数点。测得每两个相邻的计数点之间还有四个点未画出来。各计数数点间的距离

如图所示：①每两个相邻的计数点的时间间隔为________s。②试根据纸带上各个计数点间的距离，计算出打下B、C、D三个点时小车的瞬时速度，则vB=____________m/s，vC=________m/s，vD=_______m/s。利用“逐差法”求小车的加速度a=__

_______m/s2。(所有结果保留3位有效数字）【答案】(1).AC(2).AD(3).0.1(4).0.138(5).0.264(6).0.390(7).1.26【解析】【详解】(1)[1]AB．打点记时器使用的是交流电源，说明应选择电压合适的50Hz交流电

源，故A正确，B错误；C．该实验需要用刻度尺测量记数点到O点的距离，故C正确；D．打点记时器本身就是测时仪器，本实验不用秒表，故D错误；E．根据实验原理可知该实验不用测小车、钩码的质量，即不需要天平，故E错误。故选择AC。(2)[2]AB．先接通电源，打点稳定后再使纸带

运动，故A正确，B错误；CD．将接好纸带的小车停在靠近打点计时器处，这样可以充分利用纸带，打上更多的点迹，故C错误，D正确；故选AD。(3)[3]交流电源频率为50Hz，相邻两个计时点时间间隔为11s=0.02s50Tf==每两个相邻的计数点

之间还有四个点未画出来，设相邻计数点时间间隔为t，则有550.02S=0.1StT==[4]B点的瞬时速度等于AC段平均速度，则有327.6010m/s=0.138m/s20.12ACBxvt−==[5]C点的瞬时速度等于BD段平均速度，则有()360.307.5010m/s

=0.264m/s20.12BDCxvt−−==[6]D点的瞬时速度等于CE段平均速度，则有()3105.6027.6010m/s=0.390m/s20.12CEDxvt−−==[7]由“逐差法”可得小车的加速度()22CEACxxat−

=变形可得()()()32222105.6027.6027.6010m/s1.26m/s20.12CEACxxat−−−−===14.一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中：（1）甲同学在做该实验时，通过处理数据得到了图甲所示的F﹣x图象，其中F为弹簧弹力，x为弹簧长度．

请通过图甲，分析并计算，该弹簧的原长x0＝_____cm，弹簧的弹性系数k＝_____N/m．该同学将该弹簧制成一把弹簧秤，当弹簧秤的示数如图乙所示时，该弹簧的长度x＝_____cm．（2）乙同学使用两条不同的轻质弹簧a和b

，得到弹力与弹簧长度的图象如图丙所示．下列表述正确的是_____．A．a的原长比b的长B．a的劲度系数比b的大C．a的劲度系数比b的小D．测得的弹力与弹簧的长度成正比．【答案】(1).8(2).25(3).20(4).B【解析】【详解

】（1）当弹力为零时，弹簧处于原长状态，故原长为:x0＝8cm，在F﹣x图象中斜率代表弹簧的劲度系数，则:6N/m25N/m0.24Fkx===，在乙图中弹簧秤的示数:F＝3.00N，根据F＝kx，可

知:3m0.12m0.12cm25Fxk====，故此时弹簧的长度:L＝x+x0＝20cm．（2）A．在丙图中，当弹簧的弹力为零时，弹簧处于原长，故b的原长大于a的原长，故A错误；BC．斜率代表劲度系数，故a的劲度系数大

于b的劲度系数，故B正确，C错误；D．弹簧的弹力与弹簧的形变量成正比，故D错误．15.如图所示，图甲是“验证力的平行四边形定则”的实验情况图，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳。图乙是某实验小组在白纸

上根据实验结果画出的图。(1)本实验采用的科学方法是_____。A．理想实验法B．控制变量法C．等效替代法D．建立物理模型法(2)实验中，小张同学在坐标纸上画出了如图丙所示的两个已知力F1和F2，图中小

正方形的边长表示2N，F为根据平行四边形定则作出的合力（图中未画出）Fl，F2与F的夹角分别为θ1和θ2，下列说法正确的是_____A．Fl=4NB．F=12NC．θ1=35°D．θ1<θ2(3)为提高实验结论的可靠性，在重复进行实验

时，结点O的位置_____（填“可以”或“不可以”）变动。【答案】(1).C(2).B(3).可以【解析】【详解】(1)[1]合力与分力是等效替代的关系，所以本实验采用的等效替代法。故C正确，ABD错误。(2)[2]根据平行四边形定则，作出两个力的合力，如图。从图

可知，F1=42N，合力F=12N。根据几何关系知F1与F的夹角为θ1=45°．从图上可知，θ1＞θ2．故B正确，ACD错误。故选B.(3)[3]同一次实验中，O点的位置不能改变，但重复进行实验时，O点位置是可以

变动的。三、计算题（本题共3小题，共38分。其中第16题13分，第17题13分，第18题12分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出答案的不得分。）16.在某一长直的公路上，一辆静止的轿车前方200m处有一货车正以10m/s的速度匀速前进，这时轿车从静止出发以2m/s2

的加速度追赶，求：（1）轿车出发后经多长时间追上货车？追上之前与货车最远相距是多少米？（2）当轿车刚追上货车时，轿车司机立即刹车，使轿车以4m/s2的加速度做匀减速直线运动，问两车再经过多长时间第二次

相遇？（设轿车可以从货车旁经过而不发生碰撞）【答案】（1）20s225m（2）20s【解析】【详解】（1）设轿车经t1时间追上货车位移关系为：2012vtsat+=代入数据解得：t=20s此时，轿车的速度：v=at=2×20m/s=40m/s当两车速度相等时，距离

最远，设t＇时两车速度相等解得：01052vtssa===则相距的最远距离为：2011105200225m225m22xvtsat=+−=+−=（2）两车第二次相遇轿车减速到静止所用的时间为：140104vtssa===轿车减速到静止前进的距离为：221max40m20

0m224vxa===相同的时间内货车前进的距离为：0max1010m100m<xvtx===所以轿车停止后货车与货车再次相遇，所用时间：max02002010xtssv===17.如图所示，三段不可伸长细绳OA、OB、OC共同

悬挂质量为2kg的重物，其中OB是水平的，OA绳与竖直方向的夹角为()23710/,sin370.6,cos370.8gms====求()1OA、OB两绳的拉力大小；()2若三绳承受的最大拉力相同，逐渐增加C端所挂物体的质量，判断最先断的绳是哪根绳，简单说明理由；()3若OA、OB绳所能承

受的最大拉力均为l00N，OC绳所能承受的拉力无限大．求：OC绳下端最多能悬挂多重的物体？【答案】（1）25N、15N；（2）OA先断；（3）80N【解析】【详解】()1对物体受力分析可求得：绳OC的拉力20OCTmgN==对节点

O受力分析如图所示：令OA绳的拉力为F2，OB绳的拉力为F1建立直角坐标系如图有：2cos37FG=①21sin37FF=②①②联立解得：115FN=，225FN=；故OA绳中的拉力为25N，OB绳中的拉力为15N；()2由第一问可

知在在悬挂重物的时候OA绳中的拉力最大，因此如果三根绳的承受力一样大，逐渐增加重物的重量OA中的拉力比OB和OC绳中的拉力大，因此OA绳先断；()3若OA、OB绳所能承受的最大拉力均为100N，当OB达到100N时，由OA绳中的拉力大于OB绳的拉力可知此时OA绳的拉力超过100N，OA绳已

经断，因此应先让OA绳的拉力到达100N，此时OB绳没断；则此时所挂物体的重力为：cos1000.880mmGFNN===所以悬挂物体的重力的最大值80mGN=．18.如图甲所示，在倾角为37°的固定斜面上有一物体，质量为1

0kg．当给它施加沿斜面向下大小为4N的力时，物体刚好静止在斜面上(最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力，取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8)求：①物体与斜面间的动摩擦因数；②如果改用与斜面成30°向上的力拉物体

，?如图乙所示，物体将会沿斜面向上匀速运动，则所施加的拉力多大?(本小问计算结果保留两位小数)【答案】（1）0.8（2）97.95N【解析】【详解】（1）物体静止在斜面上，则：0sin37fFmgF=+0cos37NFmg=，其中的fNF

F=解得Ff=64N，摩擦力的方向沿斜面向上，μ=0.8（2）当物体沿斜面向上被匀速拉动时，设拉力为F,则：00cos30sin37FmgF=+滑00cos37sin30NFmgF=−00cos37sin30FmgF=−滑（）联立解得：0000

sin37cos3797.95cos37sin37mgmgFN+==+