【文档说明】北京市第三中学2024-2025学年第一学期高三9月月考化学试题 Word版含解析.docx，共(17)页，1.301 MB，由小赞的店铺上传

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北京三中2024-2025学年度高三年级第一次月考化学试卷试卷满分：100分考试时间：60分钟可能用到的相对原子质量：H1C12N14O16Na23Cl35.5S32第一部分本部分共14题，每题4分，共56分。在每题列出的四个选项

中，选出最符合题目要求的一项。1.下列化学用语或图示表达不正确．．．的是A.乙炔的结构简式：HCCHB.顺-2-丁烯的分子结构模型：C.溴乙烷的分子模型：D.2CO的电子式：【答案】D【解析】【详解】A．乙炔含有碳碳三键，结构简式：HCCH，故A正确；B．顺-2-丁

烯中两个甲基位于双键同侧，其结构模型为，故B正确；C．溴乙烷的结构简式为CH3CH2Br，原子半径：Br>C>H，其分子模型为，故C正确；D．2CO的C和1个O原子共用2对电子对，电子式：，故D错误；故选D。2.下列说法不正确的是A.葡萄糖

氧化生成2CO和2HO的反应是放热反应B.核酸可看作磷酸、戊糖和碱基通过一定方式结合而成的生物大分子C.由氨基乙酸形成的二肽中存在两个氨基和两个羧基D.向饱和的NaCl溶液中加入少量鸡蛋清溶液会发生盐析【答案】C【解析】【详解】A．葡萄糖氧化

生成CO2和H2O是放热反应，在人体内葡萄糖缓慢氧化成CO2和H2O为人体提供能量，A项正确；B．核酸是一种生物大分子，分析核酸水解的产物可知，核酸是由许多核苷酸单体形成的聚合物，核苷酸进一步水解得到磷酸和核苷，核苷进一步水解得到戊糖和碱基，故核酸可看作磷酸、戊糖和碱基通过一定方式结合而成的

生物大分子，B项正确；C．氨基乙酸的结构简式为H2NCH2COOH，形成的二肽的结构简式为H2NCH2CONHCH2COOH，该二肽中含1个氨基、1个羧基和1个肽键，C项错误；D．鸡蛋清溶液为蛋白质溶液，Na

Cl溶液属于轻金属盐溶液，向饱和NaCl溶液中加入少量鸡蛋清溶液，蛋白质发生盐析，D项正确；答案选C。3.我国科学家提出的聚集诱导发光机制已成为研究热点之一、一种具有聚集诱导发光性能的物质，其分子结构如图所示。下列说法不正确．．．的

是A.分子中N原子有2sp、3sp两种杂化方式B.分子中含有手性碳原子C.该物质既有酸性又有碱性D.该物质可发生取代反应、加成反应【答案】B【解析】【详解】A．该有机物中从左往右第一个N原子有一个孤对电子和两个

σ键，为2sp杂化；第二个N原子有一个孤对电子和三个σ键，为3sp杂化，A正确；B．手性碳原子是指与四个各不相同原子或基团相连的碳原子，该有机物中没有手性碳原子，B错误；C．该物质中存在羧基，具有酸性；该物质中还含有，具有碱性，C

正确；D．该物质中存在苯环可以发生加成反应，含有甲基可以发生取代反应，D正确；故选B。4.下列说法正确的是（）A.室温下，在水中的溶解度：丙三醇＞苯酚＞1-氯丁烷B.用核磁共振氢谱不能区分HCOOCH3和HCOOCH2C

H3C.用Na2CO3溶液不能区分CH3COOH和CH3COOCH2CH3D.油脂在酸性或碱性条件下均能发生水解反应，且产物相同【答案】A【解析】【详解】A．含-OH越多，溶解性越大，卤代烃不溶于水，则室温下，在水中的溶解度：丙三醇＞苯酚＞1-氯丁烷，A正确；B．HCOOCH3中两种H，HCO

OCH2CH3中有三种H，则用核磁共振氢谱能区分HCOOCH3和HCOOCH2CH3，B错误；C．CH3COOH与碳酸钠溶液反应产生气泡，而Na2CO3溶液与CH3COOCH2CH3会分层，因此可以用Na2CO3溶液能区分CH3COOH和CH3COOCH2CH3，C

错误；D．油脂在酸性条件下水解产物为高级脂肪酸和甘油，碱性条件下水解产物为高级脂肪酸盐和甘油，水解产物不相同，D错误。答案选A。5.下列解释实验事实的方程式不正确．．．的是A.测0.1mol/L氨水的pH为11：-32

4NHHONH+OH+B.铁溶于稀硝酸，溶液变黄：+2+3223Fe+8H+2NO=3Fe2NO++4HO−C.将二氧化硫通入氢硫酸中产生黄色沉淀：222=2HS+SO3S+2HOD.用2HS处理含2+Hg的废液，其离子方程式为：2++2HS+Hg=2H+HgS【答案

】B【解析】【详解】A．0.1mol/L氨水的pH为11即氨水显碱性，原因是一水合氨电离出OH-，电离方程式为：-324NHHONH+OH+，A正确；B．铁溶于稀硝酸，溶液变黄，反应生成硝酸铁、NO和水，离子方程式为：+3+32Fe+4H+NOFe+N

O+2HO=−，B错误；C．将二氧化硫通入氢硫酸中发生归中反应生成单质硫和水，则产生黄色沉淀是S，离子方程式为：222=2HS+SO3S+2HO，C正确；D．用2HS处理含2+Hg废液生成HgS沉淀和H+，H2S是弱酸

，保留化学式，其离子方程式为：2++2HS+Hg=2H+HgS，D正确；故选B。6.下列关于自然界中氮循环（如图）的说法不正确的是：A.氮元素均被氧化B.工业合成氨属于人工固氮C.含氮无机物和含氮有机物可相互转化D.碳、氢、氧三种元素也

参与了氮循环【答案】A【解析】【分析】【详解】A．硝酸盐中氮元素的化合价为+5价，被细菌分解变成大气中氮单质，氮元素由+5→0，属于被还原，故A错误；B．工业合成氨是将N2与H2在一定条件下反应生成NH3，属于人工固氮，故B正确；C．氮循环中铵盐和蛋白质可相互转化，

铵盐属于无机物，蛋白质属于有机物，含氮无机物和含氮有机物可相互转化，故C正确；的D．碳、氢、氧三种元素也参加了氮循环，如蛋白质的制造需要碳元素，又如N2在放电条件下与O2直接化合生成无色且不溶于水的一氧化氮气体，N2+O22NO，氧元素参与

，二氧化氮易与水反应生成硝酸（HN03）和一氧化氮，3NO2+H2O=2HNO3+NO，氢元素参加，故D正确；故选A。7.室温下，1体积的水能溶解约40体积的SO2。用试管收集SO2后进行如下实验。对实验现象的分析正确的是A.试管内液面上升，证明SO2与水

发生了反应B.试管中剩余少量气体，是因为SO2的溶解已达饱和C.取出试管中的溶液，立即滴入紫色石蕊试液，溶液显红色，原因是：SO2+H2O⇌H2SO3、H2SO3⇌H++-3HSO、-3HSO⇌H++2

-3SOD.取出试管中溶液，在空气中放置一段时间后pH下降，是由于SO2挥发【答案】C【解析】【详解】A．由信息可知，SO2易溶于水，也能使液面上升，故A错误；B．1体积的水能溶解约40体积的SO2，不能完全溶解是因为收集的二氧化硫中混有不溶于水的气体，故B错误；C．滴入石蕊试液，溶液变

为红色，说明溶液显酸性，SO2与水反应生成亚硫酸，亚硫酸为弱酸，分步电离出氢离子，故C正确；D．亚硫酸具有较强的还原性，易被氧化为硫酸，弱酸变强酸，也能使pH下降，故D错误；故选C。8.蔗糖与浓硫酸发生

作用的过程如图所示。下列关于该过程的分析不正确的是A.过程①白色固体变黑，主要体现了浓硫酸脱水性B.过程②固体体积膨胀，与产生的大量气体有关C.过程中产生能使品红溶液褪色的气体，体现了浓硫酸的酸性D.过程中蔗糖分子发生了化学键的断裂【答案】C【

解析】【详解】A．浓硫酸具有脱水性，能将有机物中的H原子和O原子按2∶1的比例脱除，蔗糖中加入浓硫酸，白色固体变黑，体现浓硫酸的脱水性，A项正确；B．浓硫酸脱水过程中释放大量热，此时发生反应24222C2HSO()CO2SO2

HO浓+++，产生大量气体，使固体体积膨胀，B项正确；C．结合选项B可知，浓硫酸脱水过程中生成的2SO能使品红溶液褪色，体现浓硫酸的强氧化性，C项错误；D．该过程中，蔗糖发生化学反应，发生了化学键的断裂，D项正确；故选C。9.

铜与浓硫酸反应的装置如下，下列说法不正确．．．的是A.若将铜片改为可抽动的铜丝则可控制2SO的生成，实现绿色化学B.乙试管中品红溶液红色褪去，说明反应产生的气体有漂白性C.棉花上喷入的溶液可能为氢氧化钠溶液，用于吸收剩余的2SOD.为确认甲中有4CuSO生成，可

向甲中直接加水稀释，观察溶液颜色【答案】D【解析】【分析】Cu与浓硫酸反应生成硫酸铜、二氧化硫和水，二氧化硫具有漂白性，能使品红溶液褪色，最后用NaOH溶液吸收尾气；【详解】A．在加热的条件下，当铜丝与浓硫酸接触时才能反应，当往上抽动铜丝时，铜丝与硫酸不接的触，反应停

止，故可通过上下移动甲中铜丝可控制生成SO2的量，故A正确；B．二氧化硫能和有色物质反应生成无色物质而具有漂白性，二氧化硫能使品红溶液褪色，说明反应产生的气体有漂白性，故B正确；C．SO2为酸性气体，具有污染性，可与碱发生反应，

生成亚硫酸钠，可用NaOH溶液吸收多余的SO2，故C正确；D．硫酸密度大于水，反应后仍有硫酸剩余，应将试管中溶液倒入水中，防止局部过热导致硫酸溅出伤人，故D错误；故选D。10.将气体a通入溶液b中，始终无明显变化的是气体a溶液bACl2NaBrBC

O2CaCl2CSO2Ba(NO3)2DNO2FeSO4A.AB.BC.CD.D【答案】B【解析】【详解】A．氯气通入溴化钠溶液中，发生反应：2NaBr+Cl2=2NaCl+Br2，导致溶液呈橙黄色，故A与题意不符；B．由于酸性HCl>H2CO3，

所以将CO2通入CaCl2溶液中不会产生碳酸钙沉淀，始终无任何明显现象反应，故B符合题意；C．将SO2通入Ba(NO3)2溶液中，由于SO2有还原性，在酸性条件下，H+、NO3-起硝酸的作用表现强的氧化性，二者会发生氧化还原反应：3SO2+2H2O+3Ba2++2NO3-=3

BaSO4↓+2NO↑+4H+,会观察到产生白色沉淀，同时产生一种无色气体，该气体遇空气变为红棕色，故C与题意不符；的D．将NO2通入FeSO4溶液中，发生反应：3NO2+H2O=2HNO3+NO；4H++NO3-+3Fe2+=3Fe3++2H2O+NO↑，

因此会看到溶液变为黄色，同时产生无色气体，故D与题意不符；答案选B。【点睛】物质混合发生的现象与物质的性质有关。如酸性HCl>H2CO3，因此把CO2通入CaCl2溶液中，就不会发生反应，也就不能看到有

任何实验现象；将SO2通入Ba(NO3)2溶液中，由于SO2容易溶于水发生反应产生H2SO3，H2SO3电离使溶液显酸性，在酸性条件下，H+、NO3-起硝酸的作用，表现强的氧化性，而H2SO3有还原性，因此会发生氧化还原反应，使H2SO3转化为H2SO4，H2SO4电

离产生SO42-与溶液中的Ba2+结合形成难溶性的BaSO4白色沉淀，若只考虑酸性HNO3>H2SO3，忽略了硝酸的氧化性、亚硫酸的还原性，则上述物质混合现象与选项B相同；NO2能够溶于水，与水发生反应：3NO2+H2O=2HNO3+NO,H

NO3有强的氧化性，而Fe2+具有还原性，溶液被氧化变为Fe3+，使溶液变为黄色。11.硫酸是重要化工原料，工业生产制取硫酸的原理示意图如下。下列说法不正确的是A.I的化学方程式：223423FeS+8OFeO+6SOB.Ⅱ中的反应条件都是为了提高2SO

平衡转化率C.将黄铁矿换成硫黄可以减少废渣的产生D.生产过程中产生的尾气可用碱液吸收【答案】B【解析】【分析】黄铁矿和空气中的O2在加热条件下发生反应，生成SO2和Fe3O4，SO2和空气中的O2在400~

500℃、常压、催化剂的作用下发生反应得到SO3，用98.3%的浓硫酸吸收SO3，得到H2SO4。【详解】A．反应I是黄铁矿和空气中的O2在加热条件下发生反应，生成SO2和Fe3O4，化学方程式：223423FeS+8OF

eO+6SO，故A正确；B．反应Ⅱ条件要兼顾平衡转化率和反应速率，还要考虑生产成本，如Ⅱ中“常压、催化剂”不是为了提高2SO平衡转化率，故B错误；C．将黄铁矿换成硫黄，则不再产生34FeO，即可以减少废渣产生，故C正确；D．硫酸工业产生的尾气为2SO、3SO，可以用碱液吸收

，故D正确；故选B。12.下列过程与水解反应无关的是A.热的纯碱溶液去除油脂B.重油在高温、高压和催化剂作用下转化为小分子烃C.蛋白质在酶的作用下转化为氨基酸D.向沸水中滴入饱和3FeCl溶液制备3Fe(OH)胶体【答案】B【解析】【详解】A．热的纯碱溶液因

碳酸根离子水解显碱性，油脂在碱性条件下能水解生成易溶于水的高级脂肪酸盐和甘油，故可用热的纯碱溶液去除油脂，A不符合题意；B．重油在高温、高压和催化剂作用下发生裂化或裂解反应生成小分子烃，与水解反应无关，B符合题意；C．蛋白质在酶的作用下可以发生水解反应生成氨基酸，C不符合

题意；D．Fe3+能发生水解反应生成Fe(OH)3，加热能增大Fe3+的水解程度，D不符合题意；故选B。13.葫芦脲是一类大环化合物，在超分子化学和材料科学中发挥着重要的作用。葫芦[7]脲的合成路线如下图。其中，试剂a和试剂b均能发生银镜反应下列说法不正确．．．的是A.试

剂a的核磁共振氢谱有两组峰B.E与试剂a的化学计量数之比是2:1C.试剂b为甲醛D.E1molG→时，有228molHO生成【答案】A【解析】【分析】E与试剂a反应生成F，对比E与F的结构简式，试剂a能发

生银镜反应，则试剂a为OHC-CHO；F与试剂b反应生成G，对比F与G的结构简式，试剂b能发生银镜反应，则试剂b为HCHO。【详解】A．根据分析，试剂a为OHCCHO，a中只有1种氢原子，核磁共振氢谱只有1组峰，A项错误；B．E与试剂a反应的化学方程式为2+OHCCHO→+2H2O，即E与试剂

a的化学计量数之比是2∶1，B项正确；C．根据分析，试剂b为HCHO，名称为甲醛，C项正确；D．E→F的化学方程式为2+OHCCHO→+2H2O，F→G的化学方程式为7+14HCHO→+14H2O，则E

→1molG时有28molH2O生成，D项正确；答案选A。14.在通风橱中进行下列实验：步骤现象Fe表面产生大量无色气泡，液面上方变为红棕色Fe表面产生少量红棕色气泡后，迅速停止Fe、Cu接触后，其表面均产生红棕色气泡下列说法不正确的是A.Ⅰ中气体由无色变红棕色的化学方程式：2N

O＋O2=2NO2B.Ⅱ中的现象说明Fe表面形成致密的氧化膜，阻止Fe进一步反应C.对比Ⅰ、Ⅱ中现象，说明稀HNO3的氧化性强于浓HNO3D.针对Ⅲ中现象，在Fe、Cu之间连接电流计，可判断Fe是否被氧化【答案】C【解析】【分析】I中铁和稀硝酸生成一氧化氮，一氧化氮遇空气生成二氧化氮；Ⅱ

中Fe遇浓硝酸钝化，表面形成致密的氧化层，阻止Fe进一步反应，所以产生少量红棕色气泡后，迅速停止；Ⅲ中构成原电池，Fe作为负极，且Fe与浓硝酸直接接触，会产生少量二氧化氮，Cu作为正极，发生得电子的反应，生成二氧化氮。【详解】A．I中铁和稀硝酸生成一氧化氮，一氧化氮遇空气生成二氧化氮，化学方程式为

:2NO+O2=2NO2，A正确；B．常温下，Fe遇浓硝酸易钝化，表面形成致密的氧化层，阻止Fe进一步反应，B正确；C．对比Ⅰ、Ⅱ中现象，实验Ⅱ反应停止是因为发生了钝化，不能用来比较浓HNO3和稀HNO3的氧化性强弱，物质氧化性强弱只能通过比较物质得电子能力强弱来分析，C错误；D．

Ⅲ中构成原电池，在Fe、Cu之间连接电流计，可判断Fe是否持续被氧化，D正确；故选C。第二部分(共44分)15.维生素B2可用于治疗口角炎等疾病，其中间体K的合成路线如图(部分试剂和反应条件略去)。已

知：+H2N－R2→R1－CH=N－R2+H2O（1）A是芳香族化合物，其名称是_____。（2）A→B所需试剂和反应条件是_____。（3）D的官能团是_____。（4）下列有关戊糖T的说法正确的是_____(填序号)。a.属于单糖b.可用酸性KM

nO4溶液检验其中是否含有醛基c.存在含碳碳双键的酯类同分异构体（5）E的结构简式是_____。（6）I→J的方程式是_____。（7）由K经过以下转化可合成维生素B2。M的结构简式是_____。【答案】（1）邻二甲苯（2）浓HNO3、浓H2SO4

，加热（3）氨基（4）a（5）（6）+→+2C2H5OH（7）【解析】【分析】参照K的结构简式及F的分子式，可确定F为，J为。由此可推出A为，B为，D为，T为，E为；G为，I为。小问1详解】由分析可知，A是，其名称是邻二甲苯。答案为：邻二甲苯；【小问2详

解】A()→B()，发生硝化反应，所需试剂和反应条件是浓HNO3、浓H2SO4，加热。答案为：浓HNO3、浓H2SO4，加热；【小问3详解】D为，官能团是氨基。答案为：氨基；【小问4详解】a戊糖T不能发生水解，则属于单糖，a正确；

b.戊糖T分子中含有醛基和醇羟基，它们都能被酸性KMnO4溶液氧化，不能用酸性KMnO4溶液检验其中是否含有醛基，b不正确；c.戊糖T的不饱和度为1，不存在含碳碳双键的酯类同分异构体，c不正确；故选a。答案为：a；【小问5详解】由分析可知，E的结

构简式是。答案为：；【小问6详解】I()与反应→J()等，化学方程式是+→+2C2H5OH。答案为：+→+2C2H5OH；【小问7详解】【.由K脱去C6H7N，则生成L的结构简式为，发生分子内加成后生成M的结构简式是。答案为：。【点睛】合成有机物时，可采用逆推法。16.为消除燃煤烟

气中含有的SO2、NOx，研究者提出了若干烟气“脱硫”、“脱硝”的方法。（1）向燃煤中加入适量石灰石，高温时将SO2转化为CaSO4的化学方程式是______。（2）选择性催化还原法（SCR）“脱硝”。在催化剂的作用下，选取还原剂将烟气中的NO进行无害化处理。NH3还原NO的化学方程式

是______。（3）以NaClO溶液作为吸收剂进行一体化“脱硫”、“脱硝”。控制溶液的pH＝5.5，将烟气中的SO2、NO转化为SO42−、NO3−，均为放热反应。①在如图中画出“放热反应”的反应过程中的能量变化示意图。②NaClO溶液吸收烟气中SO2的离子方程式是______

。③一定时间内，温度对硫、硝脱除率的影响曲线如图，SO2的脱除率高于NO，可能的原因是______（写出1种即可）。④烟气中SO2和NO的体积比为4∶1，50℃时的脱除率见图2，则此吸收液中烟气转化生成的NO3−和Cl−的物质的量之比为______。【答案】①.2CaCO3+2

SO2+O22CaSO4+2CO2②.4NH3+6NO5N2+6H2O③.SO2+ClO−+H2O==SO42−+Cl−+2H+SO2在水中的溶解度大于NO④.SO2在溶液中的还原性强于NO⑤.SO2与NaClO溶液的反应速率大于NO2∶13【解析】【详解】（1）向燃煤中加入适量石

灰石，高温时石灰石、氧气和SO2转化为CaSO4的化学方程式是2CaCO3+2SO2+O22CaSO4+2CO2；（2）NH3还原NO生成氮气和水，反应的化学方程式是4NH3+6NO5N2+6H2O；（3）①“放热反应”的反应过程中反应

物总能量大于生成物总能量，故能量变化示意图如下：；②NaClO溶液吸收烟气中SO2，发生氧化还原反应生成硫酸钠和盐酸，反应的离子方程式是SO2+ClO−+H2O==SO42−+Cl−+2H+；③一定时间内，温度对硫、硝脱除率的影响曲线如图，SO2的脱除率高于NO，可能

的原因是SO2在水中的溶解度大于NO、SO2在溶液中的还原性强于NO、SO2与NaClO溶液的反应速率大于NO；④烟气中SO2和NO的体积比为4∶1，50℃时的脱除率见图2分别为100%和80%，根据反应SO2+ClO−+H2O==SO42−+Cl−

+2H+、3ClO−+2NO+H2O=2NO3−+3Cl−+2H+，则此吸收液中烟气转化生成的NO3−和Cl−的物质的量之比为3180%180%4100%2132+=：：。17.探究Na2SO3固体的热分解产物。资料：①4Na2SO3ΔNa2S+3Na2SO4②Na2S能与S反应生成

Na2Sx，Na2Sx与酸反应生成S和H2S。③BaS易溶于水。隔绝空气条件下，加热无水Na2SO3固体得到黄色固体A，过程中未检测到气体生成。黄色固体A加水得到浊液，放置得无色溶液B。(1)检验分解产物Na2S：取少量溶液B，向其中滴加CuSO4溶液，产生黑色沉淀，证实

有S2-。反应的离子方程式是____。(2)检验分解产物Na2SO4：取少量溶液B，滴加BaCl2溶液，产生白色沉淀，加入盐酸，沉淀增多(经检验该沉淀含S)，同时产生有臭鸡蛋气味的气体(H2S)，由于沉淀增多对检验造成干扰，另取少量溶液B，加入足量盐酸，

离心沉降(固液分离)后，____(填操作和现象)，可证实分解产物中含有SO24−。(3)探究(2)中S的来源。来源1：固体A中有未分解的Na2SO3，在酸性条件下与Na2S反应生成S。来源2：溶液B中有Na2Sx，加酸反应生成S。针对来

源1进行如图实验：①实验可证实来源1不成立。实验证据是____。②不能用盐酸代替硫酸的原因是____。③写出来源2产生S的反应的离子方程式：____。(4)实验证明Na2SO3固体热分解有Na2S，Na2SO

4和S产生。运用氧化还原反应规律分析产物中S产生的合理性：____。【答案】①.S2-+Cu2+=CuS↓②.滴加BaCl2溶液，产生白色沉淀，③.向溶液2中加入KMnO4溶液，溶液没有褪色④.盐酸中Cl元素为-1价，是Cl元素的最低价，具有还原性，会与KMnO4溶液发生氧化还原

反应，使KMnO4溶液应该褪色，干扰实验现象和实验结论；⑤.Sx2-+2H+=H2S↑+(x-1)S↓⑥.根据反应4Na2SO3ΔNa2S+3Na2SO4可知，Na2SO3发生歧化反应，其中的S元素化合价即可升高也可降低，能从+4价降为-2价

，也应该可以降到0价生成硫单质【解析】【详解】(1)Na2S和CuSO4溶液反应生成硫化铜和硫酸钠，反应的离子方程式是S2-+Cu2+=CuS↓；(2)根据题干资料：Na2S能与S反应生成Na2Sx，Na2Sx与酸反应生成S和H2S，取少量溶液B，滴

加BaCl2溶液，产生白色沉淀，加入盐酸，沉淀增多(经检验该沉淀含S)，同时产生有臭鸡蛋气味的气体(H2S)，说明B溶液中含有Na2Sx，Na2Sx与酸反应生成S和H2S，由于沉淀增多对检验造成干扰，另取少量溶液B，加入足量盐酸，离

心沉降(固液分离)后，滴加BaCl2溶液，产生白色沉淀，可证实分解产物中含有SO24−；(3)①实验可证实来源1不成立。根据分析，溶液2为H2SO3，向溶液2中加入少量KMnO4溶液，H2SO3具有还原

性，酸性条件下KMnO4具有强氧化性，二者混合和后应发生氧化还原反应，KMnO4溶液应该褪色，但得到的仍为紫色，说明溶液B中不含Na2SO3；②不能用盐酸代替硫酸的原因是盐酸中Cl元素为-1价，是Cl元素的最低价，具有还原性，会与KMnO4溶液发生氧化

还原反应，使KMnO4溶液应该褪色，干扰实验现象和实验结论；③来源2认为溶液B中有Na2Sx，加酸反应生成S，反应的离子方程式：Sx2-+2H+=H2S↑+(x-1)S↓；(4)根据已知资料：4Na2SO3ΔNa2S+3Na2SO4，亚硫酸

钠中硫为+4价，硫酸钠中硫为+6价，硫化钠中硫为-2价，根据反应可知Na2SO3发生歧化反应，其中的S元素化合价即可升高也可降低，能从+4价降为-2价，也应该可以降到0价生成硫单质。