【文档说明】四川省攀枝花市第十五中学2019-2020学年高一下学期期中考试物理试题【精准解析】.doc，共(18)页，1.531 MB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-91764d336b013e68fd52fbd00879d052.html

以下为本文档部分文字说明：

物理一、选择题1.2017年12月27日下午5点，杭州地铁2号线二期、三期正式发车，2号线全长13.32km．根据初期测试，2号线单程总时长在一个小时二十分钟左右，运营速度最高80km/h．以下说法正确的是A.2017年12月27日下午5点指的是时间B.13.32km指的是位移C.估算地铁

从起点到终点的时间，可以把地铁看成质点D.地铁2号线运营平均速度为80km/h【答案】C【解析】2017年12月27日下午5点是一个时间点，是时刻，故A错误；13.32km指的是运动轨迹的长度，是路程，故B错误；

估算地铁从起点到终点的时间，可以把地铁看成质点，故C正确；80km/h是地铁2号线运营的最高瞬时速度，故D错误；故选C.2.下列说法正确的是（）A.划船时浆向后推水，水就向前推浆，因为水推浆的力大于浆推水的力，船才被推着前进．B.完全失重的物体将不受

到重力，所以此刻一切由重力引起的现象都将消失C.人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，将落在起跳点的后方D.物体的运动与外界的推、拉等行为相联系，如果不再推、拉，原来的运动将停下来这说明必须有力作用，物体

才能运动【答案】C【解析】【详解】划船时浆向后推水，水就向前推浆，水推浆的力与浆推水的力是一对作用和反作用力，是大小相等的关系，选项A错误；完全失重的物体仍将受到重力作用，此刻一切由重力引起的现象都将消失，选项B错误；人在沿直

线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，人在水平方向匀速运动，而车加速运动，可知人的水平位移比车的水平位移小，人将落在起跳点的后方，选项C正确；力是改变物体运动状态的原因，而不是使物体运动的原因，选项D错误．3.电梯天花板上固定一弹簧测力计，测力计下挂

一重物．电梯静止时，测力计读数为50N．若电梯向下运动时，测力计读数恒为55N，则电梯做A.匀速运动B.匀加速运动C.匀减速运动D.变加速运动【答案】C【解析】【详解】电梯静止时，测力计读数为50N，则：50Nmg=若电梯向下运动时，测力计读数恒为55N，对物体

应用牛顿第二定律得：=Fmgma−代入数据解得：21m/sFmgam−==，方向向上，所以电梯是向下做匀减速运动．A.匀速运动，与分析不符，故A项错误；B.匀加速运动，与分析不符，故B项错误；C.匀减速运动，与分析相符，故C项正确；D.变加速运动，与分析不符，故D项错误．4.某人站在

楼房顶层从O点竖直向上抛出一小球，上升的最大高度为20m，然后落回到抛出点O下方25m的B点，以竖直向上的方向为正方向，则小球在这一过程中通过的路程和位移分别为（）A.25m，25mB.65m，-25mC.65m，25mD.25m，-25m【答案

】B【解析】【详解】物体上升20m，由下降45m到达O点下方的B点，路程s=20m+45m=65m；初位置到末位置的距离为25m，方向竖直向下，所以位移x=−25m，故B正确，ACD错误。故选：B。5.做匀减速直线运动的物体

经3s停止，若在第1s内的位移是10m．则最后1s内位移是（）A.1mB.2mC.3mD.4m【答案】B【解析】【详解】汽车刹车后做匀减速直线运动直到停止，可以逆向思维看成初速度为零的匀加速直线运动，根据推论可知：相邻的相等的时间内的位移之比为

1：3：5：7…，汽车刹车后做匀减速直线运动，经3s停止，可知在刹车开始后，第1s内和第3s内的位移之比是5：1，第1s内的位移为10m，则最后1s内的位移为2m．故B正确，ACD错误．6.水平面上一质量为m的物体，在水平恒力F作用下，从静止开始做匀加速直线运动，经时间t后撤去外力，又经

时间2t物体停下，则物体受到的阻力应为A.3FB.4FC.2FD.23F【答案】A【解析】【详解】设ts末的速度为v，则匀加速运动的加速度1vat=，匀减速直线运动的加速度大小22vat=，则12:2:1aa=，根据牛顿第二

定律得，1Ffma−=，2fma=，联立解得3Ff=，故选项A正确BCD错误．故选A。7.如图所示，在水平面上有三个质量分别为m1、m2、m3的木块A、B、C，木块A与B、B与C间用相同轻弹簧连接．木块

A与水平面间的动摩擦因数为μ，木块B、C与水平面之间摩擦忽略不计．现用一作用在C上的水平恒力F向右拉着三木块一起匀速运动的过程中，A、B间弹簧长度为L1，B、C间弹簧长度L2．关于L1、L2的大小关系，下列说法中正确的是A.L1、L2大小与m1、m2、m3无关，总

有L1<L2B.L1、L2大小与m1、m2、m3无关，总有L1=L2C.L1、L2大小与m1、m2、m3无关，总有L1>L2D.L1、L2大小与m1、m2、m3有关，无法比较【答案】B【解析】【详解】对C物体分析，根据平衡条件可得B、C间弹力：BCTF=对B物

体分析，根据平衡条件可得A、B间弹力：ABBCTT=根据Fkx=可得：12FLLk==A.与分析不符，故A错误；B.与分析相符，故B正确；C.与分析不符，故C错误；D.与分析不符，故D错误．二、选择题8.如图所示为某物体的x-t图象，下列说

法正确的是（）A.在第1s内物体的加速度是21/msB.从第2s至第3s内物体的位移是3mC.4s内通过的路程是4m，位移是2m−D.4s内物体的运动方向不变【答案】C【解析】【详解】x-t图象的斜率表示速

度，可知0-1s内物体的速度不变，做匀速直线运动，加速度是0，故A错误；1-3s内物体的速度为0，物体静止，则从第2s至第3s内物体的位移是0，故B错误；物体在4s内的路程为S=（3m-2m）+（3m-0m）=4m，位移为x=0m-2m=-2m，故C

正确；斜率的正负表示速度的方向，则物体在0-1s内的速度方向与3-4s内的速度方向相反，故D错误．9.作用在同一物体上的三个共点力，大小分别为3N、6N和12N，则它们的合力大小可能是（）A.10NB.2NC.0ND.22N【答案】A【解析】【详解】ABCD．当三个力方向相同时，合力最大，最大

值等于三力之和，即6N3N12N21NmaxF=++=由于3N与6N的合力的最大值为9N，小于12N，所以三个力的最小值为3N，方向与12N的力的方向相同，可知三个力的合力的范围大于等于3N，小于等于21N，BCD错误A正确。

故选A。10.一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度的方向相同，但加速度大小逐渐减小为零，则在此过程中A.速度逐渐减小，当加速度减小到零时，速度达到最小值B.速度逐渐增大，当加速度减小到零时，速度达到最大值C.位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将继续增大D.位移逐渐减小，当加

速度减小到零时，位移达到最小值【答案】BC【解析】【详解】加速度方向始终与速度方向相同，故物体做加速运动，加速度减小说明物体速度增加得变慢了，当加速度减小至0时物体速度达到最大，并以此速度做匀速运动．所以物体的速度先增加后不变

，速度方向不变，故位移始终增加．A.A项与上述分析结论不相符，故A错误；B.B项与上述分析结论相符，故B正确；C.C项与上述分析结论相符，故C正确；D.D项与上述分析结论不相符，故D错误．11.甲、乙两物体从同一位置沿同一直线运动，它

们的v-t图象如图所示，下列说法正确的是（）A.乙物体一直向正方向运动B.t2时刻，乙物体追上甲物体C.t1时刻，两者相距最远D.0～t2时间内，乙的速度和加速度都是先减小后增大【答案】AD【解析】【详解】A．乙物体的速度一直为正，说明乙物体一直沿正方向运动

，故A正确．B．根据速度图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移，由图可知，t2时间内，甲的位移大于乙的物体，则t2时刻，乙物体还没有追上甲，故B错误．C．t2时刻之前，甲的速度比乙的速度大，甲在乙的前方，两者间距增大；t2时刻之后，甲的速度比乙

的速度小，甲仍在乙的前方，两者间距减小，所以t2时刻相距最远，故C错误．D．根据速度图线的斜率表示加速度，知0～t2时间内，乙的速度和加速度都是先减小后增大，故D正确．12.由吴京主演的《攀登者》，重现了中国人攀登珠穆朗玛峰的英勇历史，体现了中国人不畏艰险，自强自立的爱国

精神．如图为影片中登山队员的登山的照片．已知其中一名队员重为G，静止时，绳子与竖直方向的夹角为60o,绳子拉力也为G，则此时山峰对该队员的作用力（）A.就是山峰对该对员的支持力B.大小为32GC.大小为GD.方向可能水平向左【答案】C【解

析】【详解】A.山峰对该队员的作用力是山峰对该队员的支持力和摩擦力的合力，故A错误；BCD.以该队员为研究对象，受力情况如图所示：根据几何关系可得绳子拉力T的方向与重力G的方向夹角为120°，且大小相等，所

以山峰对该队员的作用力F、重力G和绳子拉力T构成等边三角形，则F=G，方向与拉力和重力的合力方向相反，故C正确，BD错误．13.如图所示，质量为m的木块在质量为M的长木板上，受到向右的拉力F的作用而向右滑行，长木板处于静止状态，已知木块与木板间的动摩擦因数为μ1，

木板与地面间的动摩擦因数为μ2.下列说法正确的是()A.木块受到木板的摩擦力的大小一定是μ1mgB.木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ1mgC.木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ2(m＋M)gD.无论怎样改变F的

大小，木板都不可能运动【答案】ABD【解析】【详解】ABC.由于木块在木板上运动，所以木块受到木板的滑动摩擦力的作用，其大小为μ1mg，根据相互作用力可得木块对木板的滑动摩擦力也为μ1mg，又由于木板处于静止状

态，木板在水平方向上受到木块的摩擦力μ1mg和地面的静摩擦力的作用，二力平衡，选项A、B正确，C错误；D.若增大F的大小，只能使木块加速运动，但木块对木板的滑动摩擦力大小不变，因而也就不可能使木板运动起来，选项D正确；三．实验、作图题14.通过两个定滑轮，用

两根细线去拉伸一根一端固定在墙上的橡皮筋OP。过滑轮A的线上挂上三个钩码，过滑轮B的线上挂上四个钩码，两根细线都接在橡皮筋的P端，在两个拉力的共同作用下，使橡皮筋从P点水平地拉伸到P点，此时两根细线间夹角为90°，如图所示，如果改用一

根细线，绕过一只滑轮，要取得同样的效果，滑轮必须安装在_________，挂上____________个钩码。【答案】(1).OP的延长线上(2).5【解析】【详解】用一个力拉时，也必须使橡皮筋从P点水平地拉伸到P点，这

样作用效果才根两个力拉时相同，所以如果改用一根细线，绕过一只滑轮，要取得同样的效果，滑轮必须安装在OP的延长线上。设钩码的质量为m，A端挂3个钩码，则相当于拉力为13Fmg=，B端挂4个钩码，相当于拉力为24Fmg=，由于二力垂直，因此其合力为221

25FFFmg=+=因此应该根据力的等效性，应该在该线的末端挂上5个钩码。【点睛】要使效果相同，则用一个力拉时，也必须使橡皮筋从P点水平地拉伸到P点，钩码的个数代表拉力的大小，根据力的平行四边形定则即可正确求解。15.为了“探究加速度与力、质量的关

系”，现提供如图所示实验装置。请回答下列问题：(1)为了消除小车与水平木板之间摩擦力的影响应采取做法是__________A．将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在钩码拉动下恰好做匀速运动B．将木板不带

滑轮的一端适当垫高，使小车在钩码拉动下恰好做匀加速运动C．将木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动D．将木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀加速运动(2)图为某次实验得到的纸

带，已知打点计时器每隔0.02s打一次点．根据纸带可求出小车的加速度大小为___________m/s2（结果保留二位有效数字）(3)保持小车所受的拉力不变，改变小车质量m，分别测得不同质量时小车加速度a的数据如表所示。请在图的坐标纸中作出a－

1m图像___。根据a－1m图像可以得到的实验结论是______________________。【答案】(1).C(2).3.2(3).(4).从图像可以看出1am−图像是一条过原点的直线，由此得出：在拉力不变时，小车的加速度与质量成反比。【解

析】【详解】（1）[1]ABCD．平衡摩擦力方法是将木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动，ABD错误C正确。故选C。（2）[2]因为打点计时器每隔0.02s打一次点，则0.8sCEABTtt===，根据2CEABxxaT−=23.2m/sa=。（3

）[3]。（3）[4]从图像可以看出加速度与质量的倒数是一条过原点的直线，由此得出：在拉力不变时，小车的加速度与质量成反比。16.如图所示，物体A靠在竖直的墙面上，在竖直向上的力F的作用下，A、B物体均保持静止，请画出物体A受力的示意图___【答案】【解析】【分析】【详解】首先对A、B利用整体法分

析受力，可知墙面对A无弹力，则墙面对A也没有摩擦力；再以B为研究对象，它受四个力作用，重力竖直向下、弹簧的弹力竖直向上、A对B的压力垂直斜面斜向下，A对B沿斜面向下的摩擦力；以A为研究对象，它受三个力作用，本身受到

的重力、B对A的支持力和B对A沿斜面向上的摩擦力四、计算题17.为了安全，在公路上行驶的汽车之间应保持必要的距离已知某高速公路的最高限速v=108km/h，假设前方车辆突然停止，汽车司机从发现这一情况，经操控刹车，到汽车开始减速所经历的时间（即反应时间）t=

0.50s，刹车时汽车受到阻力的大小f为汽车重力的0.40倍，则该高速公路上汽车间的安全距离x至少为多少？重力加速度g取210m/s。【答案】156m【解析】【详解】在反应时间内，汽车做匀速运动，运动的距离1xvt=设刹车时汽车

的加速度大小为a，汽车的质量为m，根据fFma=加速度a20.400.404m/sfFmgagmm====从刹车到停下，汽车运动的距离222vxa=所求安全距离22221201203.60.50mm156m23.624vxxxvta=+

=+=+18.如图所示，一沿水平方向做匀加速直线运动的车厢中，悬挂小球的悬线偏离竖直方向的夹角37=，小球和车厢相对静止，小球的质量为1kgm=，g取210m/s，sin370.6=，cos370.8=，求：(1)车厢运动的加速度；(2)悬线对小球的拉

力大小．【答案】(1)27.5m/s，方向水平向右(2)12.5N【解析】【详解】解法一矢量合成法(1)选小球为研究对象，对其进行受力分析如图所示，有tanFmg=合又由牛顿第二定律得Fma=合则小球的加速度大小

为2tan377.5m/sFagm===合小球和车厢相对静止，故车厢的加速度大小也为27.5m/s，方向水平向右．(2)悬线对小球的拉力大小为110N12.5Ncos370.8mgF===．解法二正交分解法建立直角坐标系，并将悬线对小球的拉力F正交分解，因小球和车厢相对静止，

则沿水平方向有sinFFma==合（a为车厢的加速度）沿竖直方向有cosFmg=联立以上两式得27.5m/sa=，12.5NF=，a的方向水平向右．车厢的加速度大小也为27.5m/s，方向水平向右．19.小王用水平方向的推力

F＝100N推一个质量为20kg的箱子匀速前进，如图甲所示，g取10m/s2。（sin37＝0.6，cos37＝0.8），求：(1)箱子与水平地面间的动摩擦因数μ；(2)若小王不改变拉力的大小，只把力的方向变为与水平方向成37°角斜向上拉静止的这个箱子，如图

乙所示，拉力作用8.0s后撤去，箱子最多还能运动多长距离？【答案】(1)0.5；(2)1.6m【解析】【详解】（1）在图甲情况下，箱子受力如下图甲，由平衡条件得Ff=1Nmg=由滑动摩擦力公式得1fNmg==联立解以上三式代入数据得0.5=；（2）在图乙情况下，由题设条件知，设箱子先以

加速度1a做匀加速运动，然后以加速度2a做匀减速运动直到停止，根据牛顿第二定律得()21cos37cos37sin37FNFmgFma−=−−=ooo拉力F作用18.0t=s后撤去，此时箱子的速度为1v，运动s距离静止，由牛顿第二定律和运动学公式得111vat=2mgma=

2122vas=代入数值联立解得1.6s=m。20.如图所示，放在粗糙斜面上的物块A和悬挂的物块B均处于静止状态，轻绳AO绕过光滑的定滑轮与轻质弹簧的右端及轻绳BO的上端连接于O点，轻质弹簧中轴线沿水平方向，轻绳的OC段与竖直方向的夹角θ＝53，斜面倾角α＝37，物块A和B的质量分别

为mA＝0.5kg、mB＝0.3kg，弹簧的劲度系数k＝200N/m，重力加速度g＝10m/s2，求：(1)弹簧的伸长量x；(2)物块A受到的摩擦力．【答案】(1)0.02m(2)2N,方向沿斜面向下【解析】【详解】(

1)以轻绳OB和物块B为研究对象，受力如图并正交分解，据平衡条件有：x方向：kx﹣Fsin53＝0…①y方向：Fcos53°﹣mBg＝0…②又：TOB＝MBg…③由②解得：F＝5N，kx＝4N代入①解得：x＝0.02m(2)假设摩擦力沿斜面向下，则对物块A受力分析如

图所示并正交分解，轻绳各处张力大小相等，TOC＝TCA据平衡条件有x方向：F﹣mAgsin30﹣f＝0…④解得：f＝2N方向：沿斜面向下．21.下暴雨时，有时会发生山体滑坡或泥石流等地质灾害．某地有一倾角为37=（3sin375=）的山坡C，

上面有一质量为m的石板B，其上下表面与斜坡平行；B上有一碎石堆A（含有大量泥土），A和B均处于静止状态，如图所示，假设某次暴雨中，A浸透雨水后总质量也为m（可视为质量不变的滑块），在极短时间内，A、B间的动摩擦因数1减小为3

8，B、C间的动摩擦因数2减小为0.5，A、B开始运动，此时刻为计时起点；在第2s末，B的上表面突然变为光滑，2保持不变．已知A开始运动时，A离B下边缘的距离27ml=，C足够长，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力取重力加速度大

小210m/sg=．求：（1）在0~2s时间内A和B加速度的大小；（2）A在B上总的运动时间．【答案】（1）23m/s，21m/s；（2）4s【解析】【详解】（1）在0~2s时间内，A和B的受力如图所示，其中1f、1N分别是A与B之间的摩擦力和B对A的弹力，2f、2N分别是B与C之间的

摩擦力和C对B的弹力，1N为A对B的弹力．由滑动摩擦力公式和力的平衡条件得．111fN=，1cosNmg=222fN=，21cosNNmg=+，11NN=规定沿山坡C向下为正方向．设A和B的

加速度分别为1a和2a，由牛顿第二定律得11sinmgfma−=212sinmgffma−+=联立以上各式并代入题给条件得213m/sa=，221m/sa=（2）在12st=时，设A和B的速度分别为1和2，则1116m/sat==，2212m/sat==

1tt时，设A和B的加速度分别为1a和2a．此时A与B之间摩擦力为零，同理可得216m/sa=，222m/sa=−即B做减速运动.设经过时间2t，B的速度减为零，则有2220at+=解得21st=在12tt+时间内

，A相对于B运动的距离为2222111212212222111112m27m2222sattatattat=++−++=此后B静止不动，A继续在B上滑动设再经过时间3t后A离开B，则有()211231312lsattat−=++可得31st=（另一解不合题

意，舍去）设A在B上总的运动时间为t总，有1234stttt=++=总．