【文档说明】2021年4月河北省鸿浩超级联考 物理答案.pdf，共(3)页，177.984 KB，由小赞的店铺上传

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物理评分参考答案第1页(共3页)2021年普通高等学校招生全国统一考试鸿浩超级联考(河北卷)评分参考答案物理1.C【解析】反应过程中静止质量减少,△m=(235.0439-140.9139-91.8973-1.0087×2)u=

0.2153u,则该核反应释放的核能△E=0.2153×931.5=200.55Mev,C选项正确。2.A【解析】炸弹做平抛运动,h=12gt2,炸弹在空中飞行时间,t=2hg=10s,炸弹水平飞行距离x1=v0t=850m,此段时间内,

坦克水平运动的位移x2=vt=50m,则投弹时飞机与目标坦克的水平距离为△x=x1-x2=800m,A选项正确。3.B【解析】该椭圆轨道半长轴为a=r1+r22,与半径为a的圆周运动周期相同。GMma2=m4π2T2a,可求周期T=π2(r1+r2)32GM,其他

选项条件不足不能求出,所以B选项正确。4.D【解析】电流表示数为有效值,Im=EmR+r=2A,I=Im2=2A,A选项错误;线圈转动的角速度为ω=EmNBS=2.5rad/s,B选项错误;电阻R的功率P=I2R=8W,C选项错误;线圈旋转一周产生的电能约为Q=I

2(r+R)2πω≈25J,D选项正确。5.A【解析】导线右侧磁场方向向里,线圈远离导线,磁通量变小,线圈产生顺时针电流,受到水平向左的安培力,A选项正确;B、C选项错误;安培力逐渐减小,加速度变小,所以线圈轨迹不是抛物线,D选项错误。6.C【解析】工人和吊桶整体由牛顿第二定律

2T-(m+M)g=(m+M)a,解得a=0.4m/s2,A、B选项错误;在接下来的2.5s内,工人和吊桶上升的高度h=12at2=1.25m,速度v=at=1m/s,工人与吊桶组成的系统增加的机械能为975J,△E=12(m+M)v2+(m+M)gh=975J,C选项正确;工人增加的重力

势能为mgh=750J,D选项错误。7.D【解析】若将水平恒力增大为2F,木板加速度变大,小滑块加速度不变,小滑块加速时间变短,从木板上掉下时速度更小,所以获得动能变小,A选项错误;小滑块获得动量变小,B选项错误;相对滑

动的距离不变,小滑块与木板系统产生热量不变,C选项错误;D选项正确。8.BC【解析】重锤由最低点到最高点过程中,重锤水平方向有加速度,所以地面对人有水平方向的摩擦力,A选项错误;重锤加速度大小不变,在竖直方向分量先向上逐渐变小,再向下逐渐变大,所以地面对人支持力逐渐变小,B选项正

确;重力与杆对重锤作用力的合力等于向心力,向心力大小不变,重力与向心力夹角为α,重锤由最低点到最高点过程中,α由180°逐渐减小为0°,杆对重锤的作用力逐渐变小,C选项正确;轻杆对重锤可产生支持力,重锤的速度可以小于gR,D选项错误。物理评分

参考答案第2页(共3页)9.AC【解析】电场方向沿半径向外,圆柱体带正电,A选项正确;沿电场方向电势降低,a点电势高于b点电势,B选项错误;a、b两点场强大小相等、方向相同,C选项正确;图线与横轴之间的面积为电势差,UaR与URb不一定相等,D选项错误。10.BD【解析】通过导

体棒的电流I=△Q△t=CBl△v△t=CBla,物块与导体棒加速度大小相同,mg-BIL=2ma,解得a=mgB2l2C+2m,A选项错误;B选项正确;对物块由牛顿第二定律,mg-T=ma,解得T=m(g-mgB2

l2C+2m),C选项错误;导体棒到达b、d端时速度大小为,v=at=mgtB2l2C+2m,D选项正确。11.(6分)答案:(2)0.49(2分);(3)0.5(2分);1(1分);小车和遮光片的质量M(1分)【解析】小车拉动砝码盘做匀速运动,mg=Mgsinα-f=0.49N,撤去细线

、砝码与砝码盘后小车所受合力F=Mgsinα-f=mg;小车通过光电门B时的瞬时速度为v,由匀变速公式x=vt-12at2,可得xt=v-12at,可知v=1m/s,a=0.5m/s2。12.(9分)答案:(1)2.720~2.723之间均可得分(2分);100.50(2分)

;(2)①A端(1分);②4.0(4也可给分)(2分);0.6(2分)【解析】闭合开关前,滑动变阻器调至A端;由0.3+0.3(Rx+r1)6.0=I2,0.2+0.2(Rx+r1)12.0=I22,解得:Rx=4.0Ω,I2=0.6A13.(12分)解:(1)小球从槽上由静止开始自由下

滑过程水平动量守恒,mv1=Mv2(1分)能量守恒,mgh=12mv12+12Mv22,(1分)解得:v1=2m/s,(1分)v2=1m/s(1分)小球压缩弹簧由能量守恒,12mv12=12kx2,(1分)解得:x=0.05m(1分)(2)小球反弹后追上弧形槽再滑下,水平动

量守恒,mv1+Mv2=mv′1+Mv′2(2分)能量守恒,12mv12+12Mv22=12mv′12+12Mv′22,(2分)解得:v′1=23m/s,(1分)v′2=53m/s(1分)14.(15分)解:(1)由于小球脱离管后恰好做匀速圆周运动。Eq=mg,

(2分)解得E=5V/m,(1分)方向向上。(1分)(2)设小球在管内运动时沿竖直方向加速度为ay,则由牛顿第二定律得:Eq+Bvxq-mg=may(1分)解得:ay=1m/s2,(1分)小球离开管口时,竖直分速度vy2=2ayh(1分)物理评分

参考答案第3页(共3页)解得:vy=3m/s,(1分)小球离开管口时,速度v=vy2+vx2=2m/s,(1分)小球的速度与MN平面的夹角为α,tanα=vyvx,解得:α=60°(1分)(3)小球在磁场中的运动周期T=2π

mBq(1分)小球离开细管后经过时间t离MN所在平面最远,t=n+13()T=2πn+2π3,n=0,1,2…(1分)小球脱离管口后合力为洛伦兹力作用,Bvq=mv2R(1分)解得:R=2m(1分)到MN的最大距离为h

′=R+Rcos60°=3m(1分)15.[选修3-3](12分)(1)(4分)答案:增大(2分);增大(2分)(2)(8分)解:①对右前车胎,车胎内气体体积不变,p1T1=p3T2(1分)即225300=234T2,解题T2=312K(1分)若右后车胎不漏气,p2T1=

p6T2(1分)即175300=p6312,解题p6=182kPa,(1分)p6>p5,所以车胎漏气(1分)②右后轮胎充气,p1V+p0V1=p3V(2分)解得:V1=1.2×10-2m3(1分)16.[选修3-4](12分)(1)(4分)答案:波峰(2分);40(2分)(

2)(8分)解:①如图所示,光线在B点发生全反射,临界角为α,sinα=1n(1分)已知lOB=3m,h=lOBtanα,解得h=7m(1分)由r=0.3t,可得:t=10s(1分)v=ht=710m/s(

1分)②光在水中的传播速度为v′=cn,(1分)lAB=lOBsinα=4m(1分)设光从光源发出到射到B的时间为t′,t′=lABv′,(1分)解得:t′=lABv′=1.8×10-8s(1分)