【文档说明】重庆市渝北中学2023-2024学年高三8月月考质量监测生物试题 含解析.docx，共(31)页，1.190 MB，由小赞的店铺上传

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渝北中学2023-2024学年高三8月月考质量监测生物试题（全卷共两大题35小题，总分100分，考试时长90分钟）注意事项：1.答题前，考生先将自己的姓名、考号填写清楚。2.请将所有答案写在答题卡上，不得在试卷上直接作答。3.

选择题部分请按题号用2B铅笔填涂。4.非选择题部分请按题号用0.5毫米黑色墨水签字笔书写。一、选择题（每题1.5分，共45分）1.细胞学说建立于19世纪，揭示了动物和植物的统一性，从而阐明了生物界的统一性。下列属于细胞学说内容的是（）①一切动植物都

由细胞发育而来②病毒没有细胞结构③新细胞是由老细胞分裂产生的④细胞分为原核细胞和真核细胞两大类⑤细胞是一个相对独立的单位⑥一切动植物都由细胞和细胞产物所构成A.①③⑤⑥B.②④⑤C.③④⑤D.①②③④⑤⑥【答案】A【解析】【分析】细胞学说是由德

国植物学家施莱登和动物学家施旺提出的，其内容为：（1）细胞是一个有机体，一切动植物都是由细胞发育而来，并由细胞和细胞的产物所构成；（2）细胞是一个相对独立的单位，既有它自己的生命，又对与其他细胞共同组成的整体的生命起作用；（3）新细胞可以从老细胞中产生。【详解】①细胞学说认为一切动植物都由细胞

发育而来，①正确；②细胞学说没有揭示病毒没有细胞结构，②错误；③细胞学说指出新细胞可以从老细胞中产生，③正确；④细胞学说没有揭示细胞分原核细胞和真核细胞两大类，④错误；⑤细胞是一个相对独立的单位，既有它自己的生命，又对与其他细胞共同组成的整体的生命起作用，⑤正确；⑥一切动植物都

由细胞发育而来，并由细胞和细胞的产物所构成，⑥正确。综上①③⑤⑥正确，A正确，BCD错误。故选A。2.下列关于蓝细菌和变形虫的结构及其生理活动的叙述，正确的是（）A.蓝细菌和变形虫都有细胞壁、细胞膜、细胞质及遗传物质DNAB.蓝细菌与变形虫在结构上的根本区别是前者营养方式为自养，后

者营养方式为异养C.蓝细菌没有叶绿体，但可以进行光合作用；变形虫没有线粒体，但可以进行呼吸作用D.蓝细菌的DNA裸露存在，变形虫的核DNA与蛋白质结合形成染色质(体)【答案】D【解析】【分析】原核细胞与真核细胞相比，最大的区别是原核细胞没有被核膜包被的成形的细胞核（没有核

膜、核仁和染色体）；原核细胞只有核糖体一种细胞器，但部分原核细胞也能进行有氧呼吸和光合作用，原核生物含有细胞膜、细胞质结构，含有核酸和蛋白质等物质。【详解】A、蓝细菌是原核生物，变形虫是真核生物，共同点是都有细胞膜、细胞质、核糖体，遗传物质都是DNA，变形虫

没有细胞壁，A错误；B、蓝细菌为原核生物，变形虫为真核生物，蓝细菌与变形虫结构上的根本区别是有无以核膜为界限的细胞核，B错误；C、蓝细菌没有叶绿体，含有藻蓝素和叶绿素，能进行光合作用；变形虫是真核生物，有线粒体，C错误；D、蓝细菌是原核生物

，其DNA是裸露，不与蛋白质结合形成染色体，变形虫是真核生物，有真正的细胞核，核DNA与蛋白质结合形成染色质(体)，D正确。故选D。3.新冠病毒表面包膜上的棘突蛋白与人体细胞膜上的ACE2受体结合后，启动包膜和细胞膜的融合，使病毒侵入细胞。S1和

S2是棘突蛋白的两个亚基，去除S1亚基，保留S2亚基，病毒不能识别宿主细胞；去除S2亚基，保留S1亚基，病毒能识别宿主细胞并与之结合，但不发生膜融合。目前，我国科学家已成功研制出多种疫苗。下列相关叙述错误的

是（）A.ACE2蛋白合成与分泌伴随着生物膜的转移与融合B.用咽拭子检测新型冠状病毒利用了核酸分子具有特异性的原理C.棘突蛋白与ACE2蛋白的结合不能体现细胞膜具有细胞间信息交流功能D.单独去除棘突蛋白的S1亚

基或S2亚基不能阻止病毒入侵细胞【答案】D【解析】【分析】分泌蛋白合成与分泌过程：在游离的核糖体上合成多肽链→粗面内质网继续合成→内质网腔加工→内质网“出芽”形成囊泡→高尔基体进行再加工形成成熟的蛋白质→高尔基体“出芽”形成囊泡→细胞膜通过胞吐的

方式将蛋白质分泌到细胞外。【详解】A、ACE2蛋白是人体细胞膜上的蛋白，是特殊的分泌蛋白，其合成与分泌需要内质网和高尔基的体参与，合成与分泌过程中伴随着生物膜的转移与融合，A正确；B、核酸分子都有特定的碱基排列顺序，都具有特异性，用咽拭子检测新型冠状病毒利用了核酸分子具有

特异性的原理，B正确；C、病毒无细胞结构，因此棘突蛋白与ACE2蛋白的结合不能体现细胞膜具有细胞间信息交流功能，C正确；D、单独去除棘突蛋白的S1亚基或S2亚基，病毒不能识别宿主细胞或病毒能识别宿主细胞并与之结合，但不发生膜融合，结合题干“新冠病毒表面包膜上的棘突蛋白与人体

细胞膜上的ACE2受体结合后，启动包膜和细胞膜的融合，使病毒侵入细胞”，故单独去除棘突蛋白的S1亚基或S2亚基能阻止病毒入侵细胞，D错误。故选D。4.实验中用同一显微镜观察了同一装片4次，得到清晰的四个物像如图。有关该实验的说法正确的是（）A.换用高倍

物镜前应先提升镜筒，以免镜头破坏玻片标本B.实验者若选用目镜15×和物镜40×组合观察，则物像的面积是实物的600倍C.若每次操作都未调节目镜，看到清晰物像时物镜离装片最近的是④D.若视野中有异物，转动物镜发现异物不动，移动装片也不动，则异物可能在目镜和反光镜上【答案】

C【解析】【分析】显微镜的放大倍数是指放大的物体的长度或宽度，而非面积或体积；目镜越长，放大倍数越小，反之放大倍数越大；物镜上有螺纹，物镜越长放大倍数越大，物像清晰时距离装片越近。据图分析可知，四幅图的放大倍数依次增

加。【详解】A、换用高倍物镜前不能提升镜筒，应该直接转动转换器，换上高倍镜，A错误；B、实验者若选用目镜15×和物镜40×组合观察，则像的长或宽是实物的15×40=600倍，B错误；C、由图分析可知放大倍数最大的是④、因此看到清晰物像时物镜离

装片最近的是④，C正确；D、若视野中有异物，转动物镜发现异物不动，移动装片也不动，则异物最可能在目镜上，D错误。故选C。5.下面是对①②③④四个框内所包括生物的共同特征的叙述，正确的是（）A.框①内都是原核生物，且都能发生基因突变B.框②内的生物都不含叶绿素，且都是分解者C.框③内的生

物都具有细胞结构，且都有细胞壁D.框④内都是异养生物，且都能进行有丝分裂【答案】C【解析】【分析】分析题图：图中烟草花叶病毒，不含细胞结构，不能独立生存，只有寄生在活细胞中才能繁殖后代；硝化细菌属于原核生物，能进行化能合成作用，属于自养型生

物，在生态系统中属于生产者；酵母菌、衣藻和金鱼藻都属于真核生物，其中衣藻和金鱼藻都能进行光合作用，属于自养型生物，在生态系统中属于生产者。【详解】A、①中烟草花叶病毒没有细胞结构，既不属于真核生物，也不属于原核生物；酵母菌属于真核生物，A错误；B、②中不含有叶绿素和藻蓝素，但是硝化细菌属于自养生物

，属于生产者，B错误；C、③内的生物都具有细胞结构，且都有细胞壁，C正确；D、④中硝化细菌属于自养生物，进行二分裂，D错误。故选C。【点睛】6.消化道中的双歧杆菌、乳酸菌等多种有益菌，可以合成分解消化道中有

害、有毒物质的多种蛋白酶，也可以合成抑制细菌、病毒等病原体生长的物质。下列说法正确的是（）A.双歧杆菌内的核酸初步水解和彻底水解的产物都是8种B.磷酸和核糖交替连接，构成了乳酸菌遗传物质的基本骨架C.乳酸菌只能进行无氧呼吸，原因是葡萄糖无法进入乳酸菌的线粒体D

.双歧杆菌和乳酸菌在大量合成蛋白酶时，其核仁体积会明显增大【答案】A【解析】【分析】原核细胞与真核细胞相比，最大的区别是原核细胞没有被核膜包被的成形的细胞核（没有核膜、核仁和染色体）；原核生物没有复杂的细胞器，只有核糖体一种细胞器，但原核生物含有细

胞膜、细胞质等结构，也含有核酸（DNA和RNA）和蛋白质等物质。【详解】A、双歧杆菌为原核生物，其核酸有DNA（脱氧核糖核酸）和RNA（核糖核酸）两种，其初步水解的产物是4种脱氧核苷酸和4种核糖核苷酸共8种，彻底水解的产物是磷酸、脱氧核糖、核糖、5种含氮碱基（A、T、G、C、U）共8种，A正确；

B、双歧杆菌为原核生物，其遗传物质是DNA，双链DNA分子中，磷酸和脱氧核糖通过磷酸二酯键交替连接，构成基本骨架，B错误；C、乳酸菌为原核生物，不含有线粒体，C错误；D、双歧杆菌和乳酸菌为原核生物，没有细胞核，也没有核仁，D错误。故选A。7.下列有关细胞中化合物的叙述，正确的是（）A.I、Cu、

Ca等微量元素虽然含量少，但在细胞中也具有重要作用B.几丁质、载体蛋白的组成元素中都含有C、H、O、NC.叶绿素和类胡萝卜素都含有Mg，缺Mg会影响植物的光合作用D.RNA所含的元素种类一定比蛋白质多，RNA和ATP所含的元素种类相同【答

案】B【解析】【分析】组成生物体的化学元素根据其含量不同分为大量元素和微量元素两大类。（1）大量元素是指含量占生物总重量万分之一以上的元素，包括C、H、O、N、P、S、K、Ca、Mg等，其中C、H、O、N为基本元素，C为最基本元素，O是含量最多的元素；（2）微量元素是

指含量占生物总重量万分之一以下的元素，包括Fe、Mn、Zn、Cu、B、Mo等。【详解】A、Ca属于大量元素，A错误；B、几丁质的基本单位是N-乙酰葡糖胺（化学式为C8H15NO6），元素组成为C、H、O、N四种，载体蛋白的

主要组成元素有C、H、O、N，B正确；C、Mg元素是叶绿素分子的组成元素，植物缺镁影响叶绿素合成，叶绿素含量会影响光合作用，类胡萝卜素中不含有Mg，C错误；D、RNA所含的元素种类是C、H、O、N、P，蛋白质所含的元素种类主要是C、H、O、N

，有的还含有S、Fe等，RNA和DNA所含的元素种类相同，都是C、H、O、N、P，D错误。故选B。8.“庄稼一枝花，全靠肥当家”，合理施肥是实现高产、稳产、低成本的重要措施。有机肥料养分全，肥效慢；化肥肥分浓，见效快，常用的化肥有氮肥、磷肥和钾肥

等。下列叙述正确的是（）A.农作物从肥料中获得的无机盐大多以化合物的形式存在于细胞中B.有机肥料能为农作物提供有机物，以及NH4＋、NO3－、K＋等C.P被农作物吸收后，可以参与构成DNA、ADP、磷

脂等D.N被农作物吸收并参与构成蛋白质后，主要存在于蛋白质的氨基上【答案】C【解析】【分析】氮肥、磷肥和钾肥中的无机盐被植物吸收后主要以离子的形式存在于细胞中，进而被用于各项生命活动，有的离子被用于合成有机物，如N被用于合成含氮有机物蛋白质、磷脂、核酸等。【详解】A、农作物从肥料中获得的无机盐大

多以离子形式存在于细胞中，A错误；B、有机肥料中的有机物须经分解者分解为无机物后，才能被农作物吸收，B错误；C、DNA、ADP、磷脂的组成元素中都有P，因此P被农作物吸收，可以参与构成DNA、ADP、磷脂，C正确；D、N被农作物吸收参与构成蛋白质后，主要在结构“-C

O-NH-”中，D错误。故选C。9.神舟十三号载人飞船搭载翟志刚、王亚平、叶光富三名航天员飞往太空，太空的失重环境会引起骨无机盐的代谢紊乱，从而引起骨质疏松。天宫三号货运飞船需要给三名航天员输送必要的食物以保证航天员生命活动的正常进行。下列相关叙述正确的是（）

A.蛋白质类食物已经煮熟，其中的肽键数目发生了变化B.蔬菜中含有的纤维素，在人体消化道被分解为葡萄糖后，才能被吸收利用C.食物中应含有钙等无机盐，同时适当补充维生素D，可在一定程度上预防骨质疏松D.若宇航员没有及时进食，糖代谢发生障碍，供能不足时，脂肪会大量转化为糖类【

答案】C【解析】【分析】1、糖类分为单糖、二糖和多糖，二糖包括麦芽糖、蔗糖、乳糖，麦芽糖是由2分子葡萄糖形成的，蔗糖是由1分子葡萄糖和1分子果糖形成的，乳糖是由1分子葡萄糖和1分子半乳糖形成的；多糖包括淀粉、纤维素和糖

原，淀粉是植物细胞的储能物质，糖原是动物细胞的储能物质，纤维素是植物细胞壁的组成成分；2、脂质分为脂肪、磷脂和固醇，固醇包括胆固醇、性激素和维生素D，与糖类相比，脂肪分子中的氢含量多，氧含量少，氧化分解时产生的能量多，因此是良好的储能物质，磷脂双分子层构成生物膜

的基本骨架，固醇中的胆固醇是动物细胞膜的重要组成成分，也参与脂质在血液中的运输。【详解】A、蛋白质类食物已经煮熟，但加热过程中并没有引起肽键断裂，因此，其中的肽键数目并未发生变化，A错误；B、蔬菜中含有的纤维素是多糖，但人体不能产生分解纤维素的酶，

因此蔬菜中的纤维素不能被人体利用，B错误；C、食物中应富含钙等无机盐，同时适当补充维生素D，维生素D能促进肠道对钙、磷的吸收，因而可在一定程度上预防骨质疏松，C正确；D、若宇航员没有及时进食，糖代谢发生障碍

，供能不足时，脂肪会转化为糖类，但并不是大量转化为糖类，D错误。故选C。10.科研人员将某油料作物种子置于条件适宜的环境中培养，定期检测种子萌发过程中脂肪的相对含量和干重，结果如图所示。以下叙述正确的是（）A.导致AB段种子干重增加的主要元素是OB.C点后，幼苗开始进行光

合作用，使种子干重增加C.油菜种子中的脂肪含有大量饱和脂肪酸D.油菜种子的脂肪能被苏丹Ⅲ染液染成橙红色【答案】A【解析】【分析】据图分析：油料种子含有较多的脂肪，种子萌发过程中(含幼苗)的脂肪会转变成糖类，

脂肪含量减少，糖类与脂肪相比含有较多的O原子，所以有机物含量增加，种子萌发过程中代谢旺盛，糖类经过呼吸作用，氧化分解，释放能量，所以有机物的含量又减少，幼苗可以进行光合作用，当光合作用强度大于呼吸作用强度时，有机物开始积累。【详解】A、种子萌发过程中(含幼苗)

的脂肪会转变成糖类，脂肪含量减少，糖类与脂肪相比含有较多的O原子，所以有机物含量增加，因此导致AB段种子干重增加的主要元素是O，A正确；B、幼苗可以进行光合作用，当光合作用强度大于呼吸作用强度时，有机物开始积累，所以C点幼苗光合作用强度大于呼吸作用强度，种子干重增加，B错误；C、植物脂肪大多

含有不饱和脂肪酸，大多数动物脂肪含有饱和脂肪酸，因此油菜种子中的脂肪含有大量不饱和脂肪酸，C错误；D、油菜种子的脂肪能被苏丹Ⅲ染液染成橘黄色，D错误。故选A。11.将组成细胞的相关物质或结构依次填入下图各框中，其中包含关系正确的选项是（）选项123456A细胞中的脂质脂肪磷脂胆固醇性激素维生素DB

植物细胞中的储能物质脂肪蛋白质多糖淀粉糖原C细胞中的生物大分子蛋白质多糖核酸核糖核苷酸脱氧核糖核苷酸D动物细胞的基本结构细胞膜细胞核细胞质细胞质基质细胞器A.AB.BC.CD.D【答案】D【解析】【分析】糖类分为单糖、二糖和多糖，二糖包括麦芽糖、蔗糖、乳糖，麦芽糖是由2分子葡萄糖形成，蔗糖

是由1分子葡萄糖和1分子果糖形成的，乳糖是由1分子葡萄糖和1分子半乳糖形成的；多糖包括淀粉、纤维素和糖原，淀粉是植物细胞的储能物质，糖原是动物细胞的储能物质，纤维素是植物细胞壁的组成成分。【详解】A、细胞中的脂质包括脂肪、磷脂和固醇类，固醇类包括胆固醇、性激素和维生素D，A错误

；B、蛋白质不是储能物质，多糖是主要的能源物质，也不是储能物质，B错误；的C、核酸包括核糖核酸和脱氧核糖核酸，他们的基本单位是核糖核苷酸和脱氧核苷酸，C错误；D、细胞的基本结构包括细胞膜、细胞质和细胞核，细胞质包括细胞质基质和各种细胞器，D正确。故选D。12.如图

是构成核酸的两种核苷酸及它们形成的核苷酸链(N表示某种碱基)。下列有关叙述正确的是（）A.动物细胞中，由A、G、C、T参与构成的核苷酸有4种B.若丙中N为T，则丙的基本组成单位是乙C.核苷酸的种类、数目、排列顺序千变万化，使得核酸具有多样性D.烟草花叶病毒的遗传信息储存在乙的排列顺序中【答案】D

【解析】【分析】核酸是遗传信息的携带者，是生物的遗传物质，在生物体的遗传、变异和蛋白质的生物合成中具有重要作用，细胞中的核酸根据所含五碳糖的不同分为DNA（脱氧核糖核酸）和RNA（核糖核酸）两种，构成DNA与RN

A的基本单位分别是脱氧核苷酸和核糖核苷酸，每个脱氧核苷酸分子是由一分子磷酸、一分子脱氧核糖糖和一分子含氮碱基形成，每个核糖核苷酸分子是由一分子磷酸、一分子核糖和一分子含氮碱基形成。【详解】A、动物细胞中，由A参与构成的核苷酸有2种（腺嘌呤脱氧核苷酸和腺嘌呤核糖核苷酸）、由G参与构成的核苷酸有

2种（鸟嘌呤脱氧核苷酸和鸟嘌呤核糖核苷酸）、由C参与构成的核苷酸有2种（胞嘌呤脱氧核苷酸和胞嘌呤核糖核苷酸）、由T参与构成的核苷酸有1种（胸腺嘧啶核糖核苷酸），即由A、G、C、T四种碱基参与合成的核苷酸共有2+2+2+1=

7种，A错误；B、若丙中N为T，则丙为DNA，其基本组成单位是甲脱氧核苷酸，B错误；C、核酸的多样性主要表现为构成核酸分子的四种核苷酸的数量和排列顺序不同，C错误；D、烟草花叶病毒的遗传物质是RNA，其遗传信息储存在乙（核糖核苷酸）的排列顺序中，D正确。故选D。13.下图中甲、

乙、丙所示为组成生物体的相关化合物，乙为一个由α、β、γ三条多肽链形成的蛋白质分子，共含271个氨基酸，图中每条虚线表示由两个巯基（—SH）脱氢形成的一个二硫键（—S—S—）。下列相关叙述不正确的是（）A.乙至少含有3个游离的氨基和

3个游离的羧基B.由不同的甲形成乙后，相对分子质量比原来减少了4832C.丙主要位于细胞核中，且在乙的生物合成中具有重要作用D.如果甲中的R为C3H5O2，那么由两分子甲形成的二肽中含有16个H【答案】C【解析】【分析】甲为氨基酸，乙为蛋白质，丙为核苷酸

。肽键数=脱去水分子数=氨基酸数目－肽链条数。氨基酸在核糖体中通过脱水缩合形成多肽链，而脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基(-COOH)和另一个氨基酸分子的氨基(-NH2)相连接，同时脱出一分子水的过程；连接两个氨基酸的化学键是肽键。【详解】A

、一条肽链至少含有一个游离的氨基或者羧基，乙中含有3条肽链，因此乙至少含有3个游离的氨基和3个游离的羧基，A正确；B、氨基酸脱水缩合形成多肽，三条肽链由4个二硫键相连，甲形成乙后相对分子质量比原来减少=（271-3）×18＋4×2=4832，B正确；C、核酸的基本单位是核苷酸，核酸

分为DNA和RNA，DNA主要分布在细胞核，RNA主要分布在细胞质，所以丙（核苷酸）在细胞核和细胞质中都有，C错误；D、如果甲中的R为C3H5O2，则甲的分子式C5H9O4N，两个甲在形成二肽过程中脱去1分子水，所以二肽分子式为C10H16O7N2，D正确。故选C

。14.下列有关细胞结构的叙述正确的是（）A.哺乳动物成熟的红细胞没有细胞核和各种细胞器，属于原核细胞B.细胞骨架是由纤维素组成的网架结构，能维持细胞的正常形态C.用差速离心法分离细胞器时，密度越高、质量越大的组分越容易沉淀D.洋葱根尖细胞中的中心体由两

个互相垂直排列的中心粒及周围物质组成【答案】C【解析】【分析】细胞骨架：真核细胞中有维持细胞形态，保持细胞内部结构有序的细胞骨架，细胞骨架是由蛋白质纤维组成的网架结构，细胞运动、分裂、分化以及物质运输、能量转换、信息传递等生命活动密切相关。【详解】A、由真核细胞构成的生物属

于真核生物，哺乳动物属于真核生物，哺乳动物成熟的红细胞虽然没有细胞核和各种细胞器，但属于真核细胞，A错误；B、细胞骨架是蛋白质纤维组成的网架结构，能维持细胞的正常形态，B错误；C、用差速离心法分离细胞器时，密度越高、质量越大的组分越容易沉淀，C正确；D、在动物细胞和低等植

物细胞中，中心体由两个相互垂直排列的中心粒及周围物质组成，洋葱根尖细胞中不含中心体，D错误。故选C。15.下列关于生物膜的叙述，正确的是（）A.小肠粘膜、视网膜等属于细胞的生物膜系统B.性激素随血液到达全身各处，与靶细胞膜表面的受体结合C.大肠杆菌

的细胞膜是其生物膜系统的组成部分D.细胞膜在细胞与外部环境进行物质运输、能量转化和信息传递的过程中起着决定性的作用【答案】D【解析】【分析】1、生物膜系统由细胞膜、细胞器膜和核膜组成。2、生物膜系统的功能：（1）使细胞具有一个相对稳定的内环境，在细胞与环境之间进行物质运输、能

量交换和信息传递的过程中也起着决定性的作用。（2）细胞的许多重要的化学反应都生物膜内或者膜表面进行。细胞内的广阔的膜面积为酶提供了大量的附着位点，为各种化学反应的顺利进行创造了有利条件。（3）细胞内的生物膜把细胞分隔成一

个个小的区室，这样就使得细胞内能够同时进行多种化学反应，而不会相互干扰，保证了细胞的生命活动高效、有序地进行。【详解】A、生物膜系统包括细胞膜、核膜、细胞器膜等细胞内的各种膜结构，而视网膜属于组织，不属于生物膜系统，A错误；B、性激素随血液到达全身各处，与靶细胞内的受体结合，将信

息传递给靶细胞，B错误；C、大肠杆菌是原核生物，没有生物膜系统，C错误；D、细胞膜在控制物质进出、进行细胞之间的信息传递和能量转换等方面具有重要作用，D正确。故选D。16.信号肽假说认为，翻译时，编码分泌蛋白的mRNA首先合

成信号肽，信号肽与信号识别颗粒（SRP）结合，SRP再通过与内质网上的SRP受体结合，将新生肽引导至内质网，肽链在内质网腔中继续合成并被初步加工，同时核糖体发生解聚，如图所示。下列相关叙述正确的是（）

A.图中分泌蛋白的合成及在内质网中的初步加工只有ATP供能B.过程③在信号肽酶的作用下肽链的信号肽被切除后即为成熟的分泌蛋白C.若基因中编码信号肽的序列发生改变，可能导致内质网无法对多肽进行加工D信号肽借助信号识别颗粒将信息传至内质网膜上，体现了生物膜具有流动性【答案】C【解析】【分析】分泌蛋白

的合成与分泌过程：附着在内质网上的核糖体合成蛋白质→内质网进行粗加工→内质网“出芽"形成囊泡→高尔基体进行再加工形成成熟的蛋白质→高尔基体“出芽”形成囊泡→细胞膜，整个过程还需要线粒体提供能量。【详解】A、如图GTP参与了蛋

白质（多肽）进入内质网加工的过程，图中分泌蛋白的合成及在内质网的加工需要GTP供能，A错误；B、过程③在信号肽酶的作用下肽链的信号肽被切除后，还需高尔基体进行加工，才能得到成熟的分泌蛋白，B错误；C、根据题意可知，若基因

中编码信号肽的序列发生改变，多肽链可能无法进入内质网中进行加工，C正确；D、信号肽借助信号识别颗粒将信息传至内质网膜，内质网膜通过受体接收信号，体现了生物膜的信息交流功能，D错误。故选C。17.以下实例中，不符合“结构与功能相适应”的观点的是（）A.

镰状红细胞中的血红蛋白结构异常，运输氧的能力大为削弱B.细胞核的染色体中含DNA，因此细胞核能够控制细胞的代谢和遗传C.多糖、蛋白质、核酸都以碳链为基本骨架，因此它们都属于生物大分子D.叶绿体的类囊体膜上含有光合色素，类囊体膜上和基质中含有许多与光合

作用有关的酶，因此叶绿体.能进行光合作用【答案】C【解析】【分析】叶绿体：仅存在于绿色植物细胞中，呈棒状、粒状，化学组成：DNA、RNA、磷脂、蛋白质、叶绿体色素等。结构：双层膜结构，基质内分布着许多由片层结构组成的基粒。在基质、基粒的片层结构的薄膜上分布着许多与光合作用有关的

酶类。在基粒片层薄膜上还分布有叶绿素等色素。功能：光合作用的场所，“养料加工厂”和“能量转换器”。【详解】A、血红蛋白具有运输氧气的功能，镰状红细胞中的血红蛋白结构异常，运输氧的能力大为削弱，体现了“结构与

功能相适应”的观点，A不符合题意；B、DNA是遗传物质，细胞核的染色体中含DNA，因此细胞核能够控制细胞的代谢和遗传，体现了“结构与功能相适应”的观点，B不符合题意；C、多糖、蛋白质、核酸都以碳链为基本骨架，因此它们都属

于生物大分子，没有体现这些物质的功能，不能体现了“结构与功能相适应”的观点，C符合题意；D、叶绿体的类囊体膜上含有光合色素，类囊体膜上和基质中含有许多与光合作用有关的酶，因此叶绿体能进行光合作用，体现了“结构与功能相适应”

的观点，D不符合题意。故选C。18.溶酶体被称为细胞的“自杀口袋”，其内含大量水解酶，可降解细胞内的生物大分子。溶酶体膜在成分上与其他生物膜不同，其膜上嵌有转运H+的蛋白质，含有多种载体蛋白和较多的胆固醇

。溶酶体膜蛋白高度糖基化，可以防止溶酶体酶对膜蛋白的水解。下列叙述正确的是（）A.溶酶体膜蛋白高度糖基化可能发生在内质网或高尔基体B.动物细胞的生物膜系统中，只有溶酶体膜含胆固醇C.溶酶体通过协助扩散将H+泵入溶酶体内，以形成和维持膜内的酸性环境D.溶酶体通过多种载体蛋白

将细胞内无用的生物大分子转运至溶酶体内【答案】A【解析】【分析】溶酶体主要分布在动物细胞，是单层膜形成的泡状结构，是细胞内“消化车间”，内含多种酸性水解酶，能分解衰老、损伤的细胞器，吞噬并且杀死侵入细胞的病毒和细菌。【详解】A、内质

网或高尔基体可对蛋白质进行加工修饰，溶酶体膜蛋白高度糖基化可能发生在内质网或高尔基体，A正确；B、动物细胞的生物膜系统中，除溶酶体膜含胆固醇外，细胞膜也含有胆固醇，B错误；C、溶酶体通过主动运输将H+泵入溶酶体内，以形成和维持膜内的酸性环境，C错误；D、生物大

分子进入溶酶体不是通过载体蛋白进行的，而是通过胞吞进行的，D错误。故选A。19.亲核蛋白是在细胞质内合成，然后输入到细胞核中发挥作用的一类蛋白质。非洲爪蟾中有一种亲核蛋白具有头、尾两个不同的部分。科学家利用放射性同位素标记技术对其输入细胞核的过程进行了研究，过程如图。

下列说法正确的是（）A.DNA聚合酶、RNA聚合酶、呼吸氧化酶都属于亲核蛋白B.本实验中可以用15N对亲核蛋白进行标记C.同位素的物理性质相同，但形成的化合物的化学性质有差异D.实验结果表明亲核蛋白的尾部对于亲核蛋白通过核孔摄入具有关键作用【答案】D【解析】【分析】细

胞核包括核膜、染色质、核仁，核膜上有核孔，功能是实现核质之间频繁的物质交换和信息交流。据图分析可知，尾部以及含有尾部的亲核蛋白整体都可以进入细胞核，而单独的头部不能进入细胞核，因此可推知亲核蛋白能否进入细胞核

由尾部决定。【详解】A、亲核蛋白是在细胞质内合成，然后输入到细胞核中发挥作用的一类蛋白质，DNA聚合酶、RNA聚合酶属于亲核蛋白，呼吸氧化酶不属于亲和蛋白，A错误；B、本实验不能用15N对蛋白质进行标记，因为15N没有放射，B错误；C、同位素的物理性质可能有差异，但是组成的化合物化学性

质相同，C错误；D、实验一、二、三表明能进入细胞核的物质有亲核蛋白和亲核蛋白的尾部，实验四将尾部结构包裹在胶体金颗粒上，再注入细胞质，也能在核内积累，这些实验结果表明亲核蛋白的尾部能引导亲核蛋白通过核孔，D正确。故选D。20.某兴趣小组用图甲研究渗透作用，a和b均为蔗糖

溶液，c允许单糖通过。图乙为实验结果。下列说法正确的是（）A.烧杯中蔗糖溶液浓度大于漏斗中蔗糖溶液浓度B.若t2时刻烧杯中加入蔗糖酶，则Δh最终将变小C.t2时刻半透膜两侧蔗糖溶液浓度相同D.若t2时刻漏斗中加入蔗糖酶，则最终漏斗内的液面将低于烧杯【答

案】D【解析】【分析】1、渗透作用是指水分子等溶剂分子通过半透膜从低浓度一侧运输到高浓度一侧；条件是半透膜和浓度差。2、分析图示甲图，漏斗内中液面高，所以起始浓度漏斗内大于烧杯，加入蔗糖酶会使蔗糖分解为单糖，c允许单糖通过，溶液浓度

会发生变化。【详解】A、漏斗中的液面在升高说明漏斗中蔗糖溶液浓度大于烧杯中蔗糖溶液浓度，A错误；BD、若t2时刻在漏斗中加入蔗糖酶，蔗糖快速分解为单糖，短时间内漏斗中溶液物质的量浓度会升高，Δh将变大，由于c允许单糖通过，继而漏斗内溶液浓度会下降，Δh将变小，最终漏斗内的液面将低于烧杯，B错误

，D正确；C、t2时刻半透膜两侧水分子进出速度相等，但是由于漏斗与烧杯的液面不一样高，所以膜两侧溶液浓度不可能相等，C错误。故选D。21.某同学采用藓类小叶为材料，利用植物细胞质壁分离与复原实验进行葡萄糖溶液和蔗糖溶

液的鉴定，相关实验结果如图所示。下列有关叙述错误的是（）A.图1中结构B为叶绿体，叶绿体的绿色不会干扰实验现象的观察B.图1的A中充满的是蔗糖或葡萄糖溶液，此时细胞液浓度小于蔗糖或葡萄糖溶液C.若在某种溶液中液泡体积如图2所示，可推断该溶液很

可能是葡萄糖溶液D.通过质壁分离与复原实验还可以判断细胞的死活和细胞液浓度【答案】B【解析】【分析】1、在“观察植物细胞的质壁分离和复原”实验中，第一次观察为紫色洋葱鳞片叶外表皮细胞在蒸馏水中的正常状态，第二次观察

为紫色洋葱鳞片叶外表皮细胞在蔗糖溶液中的质壁分离状态，第三次观察为紫色洋葱鳞片叶外表皮细胞在蒸馏水中的质壁分离复原状态。2、成熟的植物细胞构成渗透系统，可发生渗透作用。质壁分离的原因：外因：外界溶液浓度＞细胞液浓度；内因：

原生质层相当于一层半透膜，细胞壁的伸缩性小于原生质层。【详解】A、图1中结构B为叶绿体，观察质壁分离时，黑藻的叶绿体可以显示原生质层的位置，方便观察质壁分离，叶绿体的绿色不会干扰实验现象的观察，A正确；B、图1的A中充满的是蔗糖或葡萄糖溶液，此时细胞也

有可能正在吸水，则细胞液的浓度大于蔗糖或葡萄糖溶液，B错误；C、若在某种溶液中液泡体积如图2所示，说明植物细胞发生了质壁分离及复原，则说明植物细胞可以吸收该溶液中的溶质，则可推断该溶液很可能是葡萄糖溶液，

C正确；D、死亡的成熟植物细胞的细胞膜丧失了选择透过性，不会发生质壁分离及其复原，当细胞液的浓度小于外界溶液的浓度时，细胞液中的水分就透过原生质层进入到外界溶液中，由于原生质层比细胞壁的伸缩性大，当细胞不断失水

时，液泡逐渐缩小，原生质层就会与细胞壁逐渐分离开来，细胞就发生质壁分离，所以能证实细胞液浓度的大致范围，D正确。故选B。22.为探究番茄植株不同部位的叶片细胞液浓度，取同一番茄植株上部叶、中部叶、下部叶的叶片若干，避开主脉剪成相同的小块，分别放入相同浓度的蔗糖溶液（Ⅰ

、Ⅱ、Ⅲ）中，一定时间后测得Ⅰ的浓度变大，Ⅱ的浓度不变，Ⅲ的浓度变小。假设蔗糖分子不进出细胞，则关于这一实验结果，下列说法正确的是（）A.实验后上部叶片细胞吸收水能力增强B.Ⅱ的浓度不变是因为细胞内蔗糖浓度与Ⅱ的蔗糖浓度相等C.实验前

，三种植物叶片细胞液浓度是上部叶＞中部叶＞下部叶D.下部叶的所有细胞会同时发生相同程度的质壁分离【答案】C【解析】【分析】Ⅰ的浓度变大，说明细胞吸水；Ⅱ的浓度不变，说明细胞水分进出平衡；Ⅲ的浓度变小，说明细胞失水。【详解】A、上部叶片放入Ⅰ溶液后，溶液浓度变大

，说明细胞吸水，渗透压降低，细胞吸收水的能力减弱，A错误；B、Ⅱ的浓度不变是因为细胞内蔗渗透压与Ⅱ的渗透压相等，水分进出平衡，由于细胞内还有其他的溶质分子，细胞内的蔗糖浓度低于Ⅱ的蔗糖浓度，B错误；C、在等浓度的液体中，上部叶吸水，中部叶水分进出平衡，下部叶失水，说明三种植物叶片细胞液浓度

是上部叶＞中部叶＞下部叶，C正确；D、细胞之间的渗透压有差异，失水过程也不同步，不会同时发生相同程度的质壁分离，D错误。故选C。23.某同学用洋葱鳞片叶表皮作为材料制作临时装片，用于观察“细胞质壁分离和复原”

。下列相关说法正确的是（）A.制作临时装片，最后需要按压使细胞分散，便于观察B.在低倍镜下看到清晰的物像后，需转换成高倍镜进一步观察C.若选洋葱内表皮细胞，则细胞不能发生质壁分离和复原D.当细胞达到质壁分离的最终状态时，

仍有水分子进出细胞【答案】D【解析】【分析】植物细胞的吸水和失水：①当外界溶液浓度大于细胞液浓度时，植物细胞失水，出现质壁分离现象。②当外界溶液浓度小于细胞液浓度时，植物细胞吸水，出现质壁分离复原现象。【详解】A、用于观察“细胞质壁分

离和复原”时，细胞需要保持活的，制作临时装片时，不需要按压装片，而且因为没有解离，即使按压装片也不会使细胞分散，A错误；B、质壁分离与复原实验低倍镜观察即可，可以不转到高倍镜，B错误；C、若选洋葱内表皮细胞，该细胞也含有大液泡，也能发生质壁分离和复原，只是现象不

明显，C错误；D、当细胞达到质壁分离的最终状态时，此时水分子进出细胞达到动态平衡，仍有水分子进出细胞，只是的此细胞不发生渗透，D正确。故选D。24.如图表示物质跨膜运输的两种方式。下列相关分析正确的是（）A.曲线①和曲线②可分别代表Na+进、出神经细胞的方式B.曲线①可代表哺乳动物

成熟红细胞呼吸作用产生的CO2排出的方式C.图示若表示肾小管重吸收水的方式，则通道蛋白的数量限制了曲线②a点后的转运速率D.若曲线②代表碘进入甲状腺细胞的方式，则该过程不需要ATP的参与【答案】C【解析】【分析】分析曲线图：曲线①只与被转运

分子的浓度有关，且与浓度呈正相关，属于自由扩散；曲线②除了与浓度相关外，还与载体数量有关，属于协助扩散或主动运输。抑制细胞呼吸会影响能量的供应，可能会影响曲线②，但不影响曲线①。【详解】A、曲线①只与被转运分子的浓度有关，且与浓度呈正相关，属于自由扩散；曲线

②除了与浓度相关外，还与载体数量有关，属于协助扩散或主动运输，Na+进、出神经细胞的方式为协助扩散和主动运输，A错误；B、哺乳动物成熟红细胞只能进行无氧呼吸，只能产生乳酸，不能产生二氧化碳，B错误；C、肾小管重吸收水的方式为协助扩散，通道蛋白的数量有限，

可能限制了曲线②（协助扩散）a点后的转运速率，C正确；D、若曲线②代表碘进入甲状腺细胞的方式，为主动运输，该过程需要ATP的参与，D错误。故选C。25.ATP被称为细胞中的能量货币，其合成和水解与多种生理过程有关。下列关于ATP的叙述，正确的是（）A.能合

成酶的细胞一定能合成ATP，许多放能反应与ATP的合成相联系B.ATP中的“A”与RNA中的“A”为同一种物质C.淀粉水解的过程中，会伴随ATP→ADP+Pi的转化D.奥运健儿比赛时，因过多消耗ATP而导致ADP

大量积累【答案】A【解析】【分析】1、ATP直接给细胞的生命活动提供能量。2、细胞内ATP与ADP相互转化的能量供应机制是生物界的共性。ATP在细胞内的含量很少，但ATP与ADP在细胞内的相互转化十分迅速，既可以为生命活动提供能量。3、在生物体内ATP与ADP的相互转化是时刻不停的发生并且处

于动态平衡之中。【详解】A、能合成酶的细胞一定能合成ATP，ATP的水解释放能量，许多吸能反应与ATP的水解相联系，ATP的合成消耗能量，许多放能反应与ATP的合成相联系，A正确；B、ATP中的“A”表示的是腺苷，腺苷是由一分子的腺嘌呤和一分子的核糖构成，而RNA中的碱基“A”表示的是

腺嘌呤，B错误；C、淀粉水解成葡萄糖不消耗ATP，C错误；D、ATP在细胞内的含量很少，但ATP与ADP在细胞内的相互转化十分迅速，可以为生命活动提供能量。奥运健儿比赛时，快速消耗ATP又会快速生成ATP，不会导致A

DP大量积累，D错误。故选A。26.下图1为酶的作用机理及两种抑制剂影响酶活性的机理示意图。多酚氧化酶（PPO）催化酚形成黑色素，是储存和运输过程中引起果蔬褐变的主要原因。为探究不同温度条件下两种PPO活性的大小，某同学设计了实验并对各组酚的剩余量进行检测，结

果如图2所示，各组加入的PPO的量相同。下列说法不正确的是（）A.由图1推测，竞争性抑制剂与底物竞争酶的活性中心，从而影响酶促反应速率B.非竞争性抑制剂与酶的某部位结合后，改变了酶的活性中心C.在30℃及其他条件相同的情况下，酶A催化形成的黑色素比

酶B多D.通过恰当地施用PPO抑制剂，可以减少储存和运输过程中果蔬的褐变【答案】C【解析】【分析】酶：（1）酶活性：酶的活性受温度、pH、激活剂或抑制剂等因素的影响。（2）活化能：分子从常态转变为容易发生化学反应的活跃状态所需要的能量。

（3）作用机理：催化剂是降低反应的活化能。与无机催化剂相比，酶降低活化能的作用更显著。（4）酶的本质:酶是活细胞产生的具有催化作用的有机物，其中绝大多数是蛋白质，少数是RNA。（5）酶的特性:高效性、专一性、作用条件较温和（高温、过酸、过碱，都会使酶的结构遭到破坏，使酶永久

失活；在低温下，酶的活性降低，但不会失活）。【详解】A、由图1模型推测，竞争性抑制剂不改变酶结构，而是和底物竞争酶的结合部位，从而影响酶促反应速率，A正确；B、非竞争性抑制剂可与酶的非活性部位不可逆性结合，从而使酶的活性部位功能丧失，改变了酶的活性中心，B正确；C、由图2可知，在30℃及

其他条件相同的情况下，酶A组的酚剩余量比酶B组的多，说明酶A催化形成的黑色素比酶B少，C错误；D、多酚氧化酶（PPO）催化酚形成黑色素，是储存和运输过程中引起果蔬褐变的主要原因，通过恰当地施用PPO抑制剂，可以减少储

存和运输过程中果蔬的褐变，D正确。故选C。27.下列关于酶在生活中的应用的描述，错误的是（）A.加酶洗衣粉比普通洗衣粉有更强的去污能力，能把衣物洗得更干净鲜亮B.溶菌酶能够溶解真菌的细胞壁，具有抗菌消炎的作用C.胰蛋白酶可用于促进伤口愈合和溶解血凝块，还可用于去除坏死组织D.利用脂肪酶处理

废油脂，制造生物柴油，既保护了环境又使其得到合理利用【答案】B【解析】【分析】加酶洗衣粉中添加了多种酶制剂，如碱性蛋白酶制剂和碱性脂肪酶制剂等。这些酶制剂不仅可以有效地清除衣物上的污渍，而且对人体没有毒害作

用，并且这些酶制剂及其分解产物能够被微生物分解，不会污染环境。【详解】A、加酶洗衣粉中含有蛋白酶、脂肪酶等，在处理蛋白质和脂肪类污渍时，比普通洗衣粉有更强的去污能力，A正确；B、溶菌酶能够溶解细菌的细胞壁，具有抗菌消炎的作用，不能溶解真菌的细胞壁，B错误；C、胰蛋白酶可用于促

进伤口愈合和溶解血凝块，还可去除坏死组织，抑制污染微生物的繁殖，C正确；D、脂肪酶处理废油脂，制造生物柴油，既保护环境又使其得到合理利用，D正确。故选B。28.某生物兴趣小组为探究酶在反应过程中的作用及影响因素，利用甲图所示装置做了如下实验：将浸过肝脏

研磨液的大小相同的4片滤纸片放入15mL质量分数为3%的H2O2溶液中，每隔2min观察一次红色液滴的移动距离，然后根据数据绘制出乙图曲线。下列叙述正确的是（）A.若将甲图装置中的滤纸片改为2片，反应终止

后产生的气体量应该是乙图中的一半B.可以利用上图的实验装置探究温度对过氧化氢酶活性的影响C.若放入浸过煮熟肝脏研磨液的4片滤纸片，每隔2min观察一次，红色液滴不移动D.若甲图中的实验调整到最适pH条件下进行，则产生气

体量为amL的时间小于b【答案】D【解析】【分析】1、酶是由活细胞产生的具有催化作用的有机物，绝大多数酶是蛋白质，极少数酶是RNA。2、酶作用机理：能够降低化学反应的活化能。3、影响酶活性的因素主要是温度和pH，在最适温度（pH）前，随着温度（pH）的升高，酶活性增强；到达最适温度

（pH）时，酶活性最强；超过最适温度（pH）后，随着温度（pH）的升高，酶活性降低。另外低温酶不会变性失活，但高温、pH过高或过低都会使酶变性失活。【详解】A、若将甲图装置中的滤纸片改为2片，酶的量减少，酶促反应达到平衡所需时间会延长，

a不变、b右移，即反应终止后产生的气体量应该和乙图相同，A错误；B、过氧化氢受热易分解，因此不能利用上图的实验装置探究温度对过氧化氢酶活性的影响，B错误；C、高温使酶变性失活，若放入浸过煮熟肝脏研磨液的

4片滤纸片，H2O2会少量分解，产生少量气泡，红色液滴向右移动，C错误；D、若甲图中的实验调整到最适pH条件下进行，酶在最适pH下活性较高，故产生气体量为amL的时间小于b，D正确。故选D。29.蛋白质分子的磷酸化和去磷酸化与其活性的关系如下图所示。下列叙述错误的是（）A.伴随蛋白质磷酸

化形成的ADP进一步水解可产生构建RNA分子的单体的B.无活性的蛋白质也能与双缩脲试剂发生紫色反应C.若某物质通过图示磷酸化后的载体蛋白运输，则其运输方式是协助扩散D.ATP水解释放的磷酸基团与相关蛋白结合后，可通过改变其空

间结构来影响其活性【答案】C【解析】【分析】磷酸化是指蛋白质在蛋白激酶的作用下，其氨基酸的羟基被磷酸基团取代，变成有活性有功能的蛋白质；去磷酸化是指磷酸化的蛋白质在蛋白磷酸酶的作用下去掉磷酸基团，复原成羟基，失去

活性的过程。【详解】A、伴随蛋白质磷酸化形成的ADP可进一步水解形成腺嘌呤核糖核苷酸，是构建RNA分子的单体，A正确；B、无活性的蛋白质只是空间结构发生改变，肽键并没有断裂，因此仍能与双缩脲试剂发生紫色反应，B正确；C、由图可知，磷

酸化是指蛋白质在蛋白激酶的作用下，其氨基酸的羟基被磷酸基团取代，变成有活性有功能的蛋白质，该过程伴随着ATP的水解，某物质通过磷酸化的载体蛋白来运输，其通过细胞膜的方式为主动运输，C错误；D、ATP水解释放的磷酸基团与相关蛋白结合后，无活性蛋白质变成有活性蛋白质，空间

结构发生变化，D正确。故选C。30.蓝莓果实中含有丰富的营养成分，具有良好的营养保健作用。用新鲜蓝莓为原料，家庭可以制作蓝莓酒和蓝莓醋，下列有关叙述正确的是（）A.蓝莓酒和蓝莓醋制作的过程是在严格无菌的条件下进行的B.蓝莓醋发酵液中，液面处的醋酸菌密度

低于瓶底处的密度C.在蓝莓酒发酵旺盛时，醋酸菌能将果汁中的糖发酵为醋酸D.用蓝莓酒制作蓝莓醋的过程中，会有中间产物乙醛的生成【答案】D【解析】【分析】酵母菌是兼性厌氧微生物，在无氧条件下能进行酒精发酵。醋酸菌是好氧细菌

，当O2、糖源都充足时能将糖分解成醋酸；当缺少糖源时则将乙醇转化为乙醛，再将乙醛变为醋酸。【详解】A、制作蓝莓酒时，利用蓝莓上携带的酵母菌进行发酵，制作蓝莓醋时，可直接将醋酸菌接种在蓝莓酒的发酵液中，二者不需要在严格无菌的条件下进行，A错误；B、醋酸菌属于好氧

菌，在蓝莓醋发酵液中，液面处的醋酸菌更易接触到充足氧气，因此其密度大于瓶底处的密度，B错误；C、在蓝莓酒发酵旺盛时，条件为无氧条件，同时酵母菌产生大量酒精，能够抑制醋酸菌的繁殖，醋酸菌不能将果汁中的糖发酵为醋

酸，C错误；D、用蓝莓酒制作蓝莓醋的过程中，醋酸菌能将乙醇转变形成乙醛，最后形成乙酸，因此会有中间产物乙醛的生成，D正确。故选D。二、填空题（共55分）31.下图1为组成细胞的有机物及元素，已知A、B、C、D和E为

生物大分子。图2为图1中某种生物大分子的部分结构，请回答下列问题：（1）图1中y代表的元素是__________。图2是图1中________（填字母）的部分结构，图2结构由________种氨基酸连接而成。（2）A的结构具有多样性，从a的角度分析，原因是_______________

___。（3）B是_______，其在动物细胞中所起的作用是______________。（4）D在化学组成上与E的不同是__________________________________。（5）某肽链由51

个氨基酸组成，如果把其水解成1个五肽，3个六肽和4个七肽，则这些短肽所含氨基总数至少为_______，氧原子数与原来的肽链相比，增加了_______个。【答案】（1）①.P②.A③.5（2）a（氨基酸）的种类、数目和排列顺序不同（3）①.多糖②.储存能量（4）D(DNA)含有脱氧核糖和碱基T，E(

RNA)含有核糖和碱基U（5）①.8②.7【解析】【分析】分析题图1：题图为组成细胞的有机物及元素，已知A、B、C、D和E为生物大分子，D主要存在于细胞核中，是DNA，E主要存在于细胞质中，是RNA，所以C是核酸，小分子c是核苷酸，核苷酸由C

、H、O、N、P组成。蛋白质的组成元素是C、H、O、N，所以x是N，y是P，A是蛋白质，小分子a是氨基酸，糖类是由C、H、O组成，所以B是多糖，小分子b是葡萄糖。分析题图2是一种六肽，由5种氨基酸连接而成。【小问1详解】已知A、B、C、D和E为生物大分子，D主要存在于细胞核中，是D

NA，E主要存在于细胞质中，是RNA，所以C是核酸，小分子c是核苷酸，核苷酸由C、H、O、N、P组成。蛋白质的组成元素是C、H、O、N，所以x是N，y是P。图2是一种六肽，是图1中A蛋白质的部分结构，它是由5种（有两个氨基酸的R基均为-H）氨基酸连接而成。【小问2详解】A蛋白质结构多样性的直接

原因与构成蛋白质的氨基酸a的种类、数目、排列顺序千差万别有关。【小问3详解】B是多糖，其在动物细胞中是糖原，可以储存能量。【小问4详解】D主要存在于细胞核中，是DNA，E主要存在于细胞质中，是RNA，DNA和RNA在化学组成上的不同是五碳糖(DNA是脱

氧核糖、RNA是核糖)和含氮碱基(DNA中有胸腺嘧啶、RNA中有尿嘧啶)。【小问5详解】某肽链由51个氨基酸组成，如果用肽酶把其分解成1个五肽，3个六肽和4个七肽，则这些短肽一共含有1+3+4=8条链，故所含氨基总数至少为8个，水解过程增加了7个水，故氧原子数与原来的肽链相比，

比原来增加了7个氧原子。32.图甲为高等植物细胞的结构模式图，①～⑦代表细胞中的不同结构。图乙表示分泌蛋白合成、加工和分泌的过程，a、b、c表示三种细胞器。请据图回答：（1）图甲为高等植物细胞的________（显微/亚显微）结构模式图。甲细胞不可能是洋葱

根尖分生区细胞，判断依据是___________________________。（2）甲细胞的边界是_______（填序号），其主要成分是________________。（3）甲细胞中，含有核酸的细胞器是____________

___________（填名称），具有双层膜的细胞结构是___________（填序号）。（4）下列物质中，属于分泌蛋白的有_______。A.胰蛋白酶B.ATP水解酶C.甲状腺激素D.细胞因子E.神经递质（5）图乙中，若将物质x用3H标记，则最先出现放射性

的具膜细胞器是___（填字母），该细胞器的膜与细胞膜存在___________（“直接”、“间接”、“直接和间接”）联系。（6）生物膜的研究具有广泛的应用价值，如可以模拟细胞膜的___________功

能对海水进行淡化处理。【答案】（1）①.亚显微②.该细胞含有叶绿体和大液泡（2）①.③②.脂质(磷脂)和蛋白质（3）①.线粒体、叶绿体、核糖体②.②④⑦（4）AD（5）①.b②.直接和间接（6）控制物质进出细胞【解析】【分析】分泌蛋白最初是在内质网上的核

糖体中由氨基酸形成肽链，肽链进入内质网进行加工，形成有一定空间结构的蛋白质。内质网可以“出芽”，也就是鼓出由膜形成的囊泡，包裹着要运输的蛋白质，离开内质网，到达高尔基体，与高尔基体膜融合，囊泡膜成为高尔基体膜的一部分，高尔

基体还能对蛋白质做进一步的加工，然后形成包裹着蛋白质的囊泡。囊泡移动到细胞膜与细胞膜融合，将蛋白质分泌到细胞外。【小问1详解】图甲能看到细胞内的各种细胞器等结构，是在电子显微镜下观察到的亚显微结构。甲细胞含有叶绿体和大液泡不可能是洋葱根尖分生区细胞。【小问2详解】甲

细胞的边界是③细胞膜，细胞膜的主要成分是脂质(磷脂)和蛋白质。【小问3详解】甲细胞中线粒体、叶绿体、核糖体等细胞器都含有核酸，②叶绿体、④细胞核、⑦线粒体都是含有双层膜的细胞结构。【小问4详解】A、胰蛋白酶是分泌到消

化道中起消化作用的分泌蛋白，A正确；B、ATP水解酶在细胞内发挥作用，不属于分泌蛋白，B错误；C、甲状腺激素不是蛋白质，C错误；D、细胞因子是免疫细胞或其他细胞分泌的具有免疫作用的蛋白质，属于分泌蛋白，D正确；E、神

经递质不是蛋白质，E错误。故选AD。【小问5详解】图乙中，若将物质x用3H标记，则首先在a核糖体上合成蛋白质，然后在内质网进行初步加工，核糖体没有膜结构，内质网是单层膜细胞器，所以最先出现放射性的具膜细胞器是b内质网。内质网膜与细胞膜存在直接和间接的联系，细胞膜、核膜和细胞器膜共同

组成细胞的生物膜系统。【小问6详解】细胞膜具有控制物质进出细胞的功能，模拟细胞膜的这种功能，可对海水进行淡化处理。33.现有两种淀粉酶A与B，某生物兴趣小组为探究不同温度条件下这两种淀粉酶的活性，设计如下实验。实验原理：温度可以影响酶的活性；淀粉在淀粉酶的催化作用下分解成麦

芽糖；用分光光度计测量溶液的吸光度时，物质含量越多，其吸光度越大，因此可测出物质的相对含量。实验材料：一定浓度的淀粉溶液、相同浓度的淀粉酶A和淀粉酶B溶液、水浴缸、温度计等。实验过程如表所示：步骤组别12345678Ⅰ.设置水浴缸/℃2030405020

304050Ⅱ.取8支试管各加入等量淀粉溶液(mL)，分别保温5min1010101010101010Ⅲ.取8支试管各加入等量淀粉酶溶液，分别保温5min酶酶酶酶酶酶酶酶AAAABBBBⅣ.将相同温度两个试管中的淀粉溶液与淀粉酶溶液混合均匀，

保温5min实验结果：用分光光度计对各组淀粉含量进行检测，结果如图所示。（1）酶能降低化学反应的活化能。活化能是指___________________________。（2）该实验的自变量是______________________________________________。（3）根

据实验结果分析，下列叙述正确的是________。A.酶A在20℃条件时活性较高B.酶A的活性一定小于酶B的活性C.酶B在40℃条件时活性较高D.大于50℃条件时，酶A的活性可能较高（4）此实验用分光光度计检测底物淀粉的剩余量来表示酶的活性，能不能用斐林试剂检测生成物麦芽糖的含量来表

示酶的活性？____________。原因是___________________________。（5）如果要进一步探究酶B的最适温度，实验设计的主要思路应是______________________

_。【答案】（1）分子从常态转变为容易发生化学反应的活跃状态所需要的能量（2）温度、淀粉酶的种类（3）CD（4）①.不能②.用斐林试剂检测需水浴加热，会导致反应体系温度发生改变，影响实验结果（5）在30～50℃之间缩小温度梯度，按上述步骤加入酶B进

行实验，用分光光度计对各组淀粉含量进行检测。【解析】【分析】酶能够催化化学反应的原因是降低了化学反应的活化能，影响酶活性的因素是温度、pH等，生物实验遵循的一般原则是对照原则、等量原则、单一变量原则和控制无关变量原则等。【小问1详解】活化能是指

分子从常态转变为容易发生化学反应的活跃状态所需要的能量。【小问2详解】自变量是在实验过程中人为改变的量，根据表格可以看出本实验有两个自变量，即酶的种类和温度。【小问3详解】A、据图分析，酶A在20℃条件时淀粉含量较多，酶活性相对其他温

度时较低，A错误；B、据图分析可知，在同一温度下酶A的淀粉含量高于酶B，说明在同一温度下酶A的活性小于酶B的活性，B错误；C、据图分析，酶B在40℃条件时淀粉含量较少，所以酶B在40℃条件时活性较高，C正确

；D、据图分析，酶A在50℃条件时淀粉含量较少，酶活性相对其他温度时较高，但大于50℃条件时，酶A活性可能下降也可能较高，D正确。故选CD。【小问4详解】因为用斐林试剂检测时需水浴加热，会导致反应体系温度发生改变，

使实验结果不可靠，所以不能用斐林试剂检测生成物麦芽糖的含量来表示酶的活性。【小问5详解】据图分析，酶B在40℃条件时淀粉含量较少，所以酶B的最适温度应是40℃左右。要进一步探究酶B的最适温度，实验设计的主要思路应是在30～5

0℃之间设立较小温度梯度的分组实验，按上述步骤加入酶B进行实验，用分光光度计对各组淀粉含量进行检测。淀粉测量值最低那组所对应的温度即是酶B的最适温度。34.盐胁迫是指生长在高盐度环境中的植物由于受到高渗透压外界溶液的影响生长受阻的现象。NaCl是引起盐胁迫的主要成分。高盐度环境下，植物细胞质中积累

的Na＋会抑制胞质酶的活性，因此植物根部细胞通过多种策略来降低细胞质中Na＋浓度，从而降低盐胁迫的损害，部分生理过程如下图所示。（1）成熟植物细胞的原生质层由_____________________________组成。（2）H+从外界溶液到细胞质基质的运输方式的特点是________

___________。（3）盐胁迫条件下，Na＋通过载体蛋白A运出细胞的方式是_________，判断依据是_________________。（4）据图分析，盐胁迫条件下，植物根部细胞降低Na＋毒害的策略有：__________。【答案】（1）细胞膜、液泡膜及两层膜之间的细胞

质（2）借助转运蛋白，不消耗能量（3）①.主动运输②.该过程需要依赖细胞膜两侧H＋的电化学梯度（H＋浓度梯度产生的势能）（4）通过载体蛋白A将Na＋从胞质运输到胞外；通过载体蛋白B和囊泡运输将细胞质中的Na＋运输到液泡中储存；将Na＋

储存在细胞质的囊泡中【解析】【分析】被动运输：简单来说就是小分子物质从高浓度运输到低浓度，是最简单的跨膜运输方式，不需能量。被动运输又分为两种方式：自由扩散：不需要载体蛋白协助，如：氧气，二氧化碳，脂肪；协助扩散：需要载体蛋白协助，如：氨基酸，核苷酸。【小问1详解

】成熟植物细胞中细胞膜和液泡膜以及两层膜之间的细胞质称为原生质层，由于细胞膜和液泡膜的选择透过性，使得原生质层相当于半透膜。【小问2详解】据图可知，H+从外界溶液到细胞质基质需要借助转运蛋白A，不需要消耗能量，属于协助扩散。【小问3详解】据图可知，盐胁迫条件下，Na＋通过载体蛋白A运

出细胞时需要依赖细胞膜两侧H＋的电化学梯度（H＋浓度梯度产生的势能），即需要能量，也需要转运蛋白A，属于主动运输。【小问4详解】结合图示可知，盐胁迫条件下，通过载体蛋白A将Na+从胞质运输到胞外；通过载体蛋白B和囊泡运输将细胞质中的Na+

运输到液泡中储存；将细胞质中的Na+储存在囊泡中，都可以降低Na+毒害作用。35.丁草胺是一种有机除草剂，主要用于水稻田杂草的防除，具有潜在的致畸变和致突变性。而在水稻种植过程中农田有一段很长的淹水期，淹水会导致水稻田深层土壤处于

厌氧状态。因此研究丁草胺厌氧降解菌对于水稻田土壤中丁草胺的降解具有重要意义。研究人员要对丁草胺厌氧降解菌进行分离、鉴定和扩大培养(如图)，请回答下列问题：（1）研究小组应该从哪里获取土壤样本？______________________________。（2）配制第②步所使用的选

择培养基时，研究人员先加入了水、K2HPO4、KH2PO4、FeSO4、MgCl2、NH4Cl、CaCl2、NaCl、微量元素，他们还必需加入一定量的________。对培养基灭菌通常采用______________法。

灭菌结束后，应趁热将适量培养基分装于锥形瓶中，充入氮气，塞住胶塞并用铝帽固定，这样操作的目的是_________________________________________。（3）步骤③中，应将平板放入厌氧

罐中，置于培养箱中恒温培养，对长出的菌落进行初步鉴定。菌落具有初步区分微生物类型的重要特征，这些特征包括______________________(至少答出2点)等。（4）步骤④中，从第二次划线操作起，每次总是要从上一次划线的末端开始划线，其原因是_

________________________。【答案】（1）频繁使用丁草胺的水稻田深层土壤（2）①.丁草胺②.湿热灭菌（高压蒸汽灭菌）③.创造无氧的培养环境（3）菌落的形状、大小和颜色（4）线条末端细菌的数目比线条起始处要少，使细菌的数目随划线次数的增加而逐步减少，最终得到由

单个细菌繁殖而来的菌落【解析】【分析】1、培养基对微生物具有选择作用。配置培养基时根据某一种或某一类微生物的特殊营养要求，加入某些物质或出去某些营养物质，一直其他微生物的生长，也可以根据某些微生物对一些物理、化学因素的抗性，在培养基中加入某种化学物质，从而筛选出待定的微生

物。这种培养基叫做选择培养基。2、平板划线法：将已经熔化的培养基倒入培养皿制成平板，接种，划线，在恒温箱里培养．在线的开始部分，微生物往往连在一起生长，随着线的延伸，菌数逐渐减少，最后可能形成单个菌落。【小问1详解】施用过丁草胺的稻

田中能够分解丁草胺的菌株数量多，易获得目的菌株，同时由于目的菌株是厌氧型微生物，故获取分离目的菌的土壤样品应从频繁使用丁草胺的水稻田深层土壤获取。【小问2详解】该培养基需要筛选丁草胺厌氧降解菌，因此配置该选择培养基时除微生物生长所必须的

营养物质外，还需加入一定量的丁草胺。培养基灭菌一般采用湿热灭菌（高压蒸汽灭菌法）。灭菌后的培养基趁热充氮的目的是去除培养基中的氧气，创造无氧环境。【小问3详解】菌落具有初步区分微生物类型的重要特征，菌落的特征包括菌落

的形状、大小、隆起程度、颜色、边缘特征、光泽等。【小问4详解】获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com